辽宁省丹东33中学2023届中考物理押题试卷含解析

2023年中考物理模似试卷考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．如图所示，密度均匀的长方体木块漂浮在水面上．若将木块虚线以下的部分截去，则A．木块和水面均下降，且下降的高度相同B．木块和水面均下降，且木块下降的高度更大C．木块和水面均下降，且水面下降的高度更大D．木块下降，水面上升，且变化的高度不相同2．现代武器中的新型电磁炮是利用电磁技术制成的，具有速度大、命中率高的特点，其原理是磁场对通电导体有力的作用。下图中与此原理相同的是A．手摇发电机 B．电磁铁C．扬声器 D．磁悬浮列车3．如图甲所示的电路中，电源电压为16V恒定不变．R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动的过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，下列判断不正确的是()A．R0的阻值是10ΩB．电路的最大总功率是25.6WC．R0的最小功率是3.2WD．滑动变阻器的最大阻值是70Ω4．如图所示，用一根自重可以忽略不计的撬棒撬动石块，若撬棒C点受到石块的压力为1500N，且AB=1.5m，BC=0.3m，CD=0.2m，则撬动石块的力应不小于A．500N B．300NC．200N D．150N5．测量电流时，需要将电流表串联在电路中，通常，电流表的电阻比待测电路的电阻小得多，因此对测量值的影响可以忽略不计．下列研究方法与此相同的是A．在探究平面镜成像特点实验中，用两个相同的棋子探究像与物的大小关系B．根据被压物体形变大小反映压力作用效果C．在探究二力平衡条件的实验中，选用轻质卡片D．在研究光的传播现象时，引入光线6．POS机的主要结构是将小铁环绕上线圈后制成检测头．使用时将带有磁条的银行卡在检测头中刷一下(如图所示)，就会在线圈中产生变化的感应电流，POS机就能读出银行卡的信息，下列图中能反映POS机读取信息原理的是A． B．C． D．7．小明用若干个二极管组成形状如图甲所示的发光物体，将发光物体、凸透镜、光屏一次组装到光具座上并调整好，在光屏上形成如图乙所示。如果只将发光物体换成“F”形，在同一位置观察，则屏上的像和生活中的应用是图中哪一组A．照相机 B．放大镜C．平面镜 D．投影仪8．如图所示，下列四个有关物体运动状态描述的图象中，不能说明物体处于平衡状态的是（）A． B．C． D．9．如图所示，小明用托盘天平和量筒测量一金属块的密度，甲、乙、丙图分别是调节天平前分度盘指针位置、测量金属块质量时天平右盘中砝码和游码的位置、测量金属块体积的情形．下列说法正确的是A．测量前应将天平的平衡螺母向右调 B．金属块的质量是52.8gC．金属块的密度是2.62g/cm3 D．金属块在量筒中受到水的浮力是2N10．如图所示的四幅图中，能反映发电机工作原理的实验装置是A．B．C．D．二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11．运动员在跳水比赛中用力蹬跳板，跳板弯曲说明力可以使物体发生______；在划艇比赛中，运动员用力向后划桨，艇快速向前运动，这表明物体间力的作用是______的；在射击比赛中，子弹离开枪膛后，由于子弹具有_______继续向前飞行．12．在2012年国际田联钻石联赛上海站110米栏比赛中，刘翔在家乡父老面前一马当先冲过终点，再次夺冠．刘翔起跑时用力蹬地，这是利用了力的作用是__的．起跑后，以刘翔为参照物，栏架是__（填“静止”或“运动”）的，到达终点后不能立即停下来，是因为刘翔__．13．现有30包大米一总质质量为l50kg．小明想尽快将它们搬上l0m高处的库房．如图为小明可以提供的用于搬动物体的功率与被搬运物体质量之间的关系图像．由图可知他可以提供的最大功率为_______W；为了尽可能快地将大米搬上库房，他每次应搬_______包．若每次下楼时问是上楼时间的一半，则他最快完成搬运任务并返回原地所用的时间_______s．（g=l0N/kg）14．如图，龙舟比赛中选手其中一手撑住桨的末端(视为支点)，另一手用力划桨，此时船桨属于________杠杆（填“省力”、“费力”或“等臂”).若龙舟和运动员的总重力为2.5×104N，则龙舟所受浮力为__________.当运动员离开龙舟后，龙舟所受的浮力__________（选填“减小”、“不变”或“增大”）．15．如图1所示，天平所称物体的质量是_____g；如图2所示，温度计示数为_____℃。16．小雨在修理收音机时将一个50Ω的电阻和一个30Ω的电阻并联起来使用，这两个电阻的等效电阻为____Ω．17．大年三十晚上，妈妈炒菜时香味四溢，这一现象说明了_____；放在热菜中的盐比凉菜中的盐化得快，这说明_____；刚买回来的饮料太凉了，妈妈把它放到热水中，这是通过_____的方式改变饮料的内能．三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18．按要求作图（请保留作图痕迹）：如图甲，画出物体AB在平面镜中所成的像．如图乙，石块静止在水平桌面上，O为重心，画出它所受力的示意图．如图丙，小磁针静止时的情况，请在虚线上标出磁感线的方向，并在括号内标明电源的“＋”或“—”极．19．如图所示，根据光的反射定律画出反射光线并标出反射角的度数．20．某班同学做“测量小灯泡电功率”的实验．被测小灯泡的额定电压为3.8V,电阻约为10,实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0~0.6A，0-3A）、电压表（0~3V，0~15V）、开关各一个导线若干，滑动变阻器．某同学设计的电路如图1所示：（1）请用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整，要求：当滑动变阻器的渭片向右移动时，灯泡变亮．（_____）（2）正确连接好电路，开关闭合后，小亮发现电流表的指针偏转情况如图2所示，其原因是_______（选填“A”或“Ｂ”）A．电流表没调零B．电流表正负接线柱接反了（3）如表为同字们在实验中记录的数据，则小灯泡的额定功率是_____W实验序号电压表示数/V电流表示数/A13.00.3623.80.4034.00.42（4）分析表中的数据发现灯丝的电阻是变化的，这说明______________________________．21．在测量盐水密度的实验中将装有适量盐水的杯子放在调好的天平左盘，测出杯子和盐水的总质量为116g，然后将杯子中的一部分盐水倒入量筒中，如图乙所示，则量筒中盐水的体积为_____cm3。将装有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图甲所示时，天平再一次平衡，则杯子及杯内剩余盐水的总质量为_____g。根据上述实验数据计算出此盐水的密度为_____kg/m3（结果保留两位小数）。在完成上述实验后，某同学想测量一个小蜡块的密度（其密度小于水），他手中只有如下器材：一个量筒、一根细钢针、一个小蜡块、适量的水。请你帮助他设计实验，补全实验步骤，并用测量的物理量符号表示蜡块的密度。①向量筒中倒入适量的水，记下体积：②_____；③_____；④_____（水的密度用表示）22．在探究“动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小腾用同一实验装置，让从斜面上滚下的小钢球钻入水平面上的硬纸盒后与硬纸盒一起向前运动．由甲、乙两图得出的实验结论可知：开车时要注意不能______（选填“超载”或“超速”）．如果做乙图实验时，硬纸盒被撞后滑出木板掉落，为防止因此造成硬纸盒损坏需改进乙图实验，再与甲图实验对比．在不改变板长度的情况下，可以采用的方法是______（填写正确选项前的字母）．A．换用质量更小的钢球B．给水平木板铺上毛巾C．适当降低钢球的高度D．换用一个较重的硬纸盒小阳在原硬纸盒的上表面粘上砝码，设计了如图丙所示实验，探究影响滑动摩擦力大小的因素，通过比较甲、丙两次实验可得出：滑动摩擦力与______有关．四、计算题（本大题包括2小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）23．小洋妈妈在国外旅游时买了一台家用智能电热马桶盖（如图甲），小洋从此立志学好物理，长大后创新设计推进“中国造”．图乙是小洋设计的便座加热电路，R1和R2是两个定值电阻（表示两个电热丝），单刀双掷开关S2可接a或b，该电路通过开关S1和S2的不同接法组合，实现“高温挡、中温挡、低温挡”三种加热功能，已知智能电热马桶盖低温挡功率为P1＝22W，中温挡功率为P2＝44W求：（1）求R1和R2的阻值；（2）高温挡功率P3；24．如图所示，容器中装有水，水中有一个木块被细线系着，已知水重200N，水深为0.5m，木块的体积为4dm3，木块的密度为0.6×103kg/m3，g取10N/kg试求：（1）水对容器底面的压强是多少？木块受到的浮力是多大？（2）若绳子断了，最终木块漂浮在水面上时，所受的浮力为多大？此时水对容器底的压强比第（1）问中的大还是小？

参考答案一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1、B【解析】

因为木块漂浮，所以浮力与重力相等，则F浮＝G木，ρ水gV排＝ρ木gV木，，因为木块密度和水的密度不变，因此木块淹没的体积与木块体积的比值不变；当将木块虚线以下的部分截去后，木块淹没的体积与此时木块体积的比值变小，故剩下的木块会下沉一些；由于木块的总体积减小，因此淹没的体积也将减小，则水面也将下降．由于木块底部的横截面积小于容器底部的横截面积，而V排＝V浸，由可得，木块下降高度大，故B选项符合题意．2、C【解析】

明确通电导体在磁场中受力的作用这一原理，主要应用于电动机．对选项中各电器的工作原理进行分析，最后做出判断．【详解】A、手摇发电机的工作原理是电磁感应现象，故A不符合题意；B、图中实验装置是电磁铁，其原理是电流的磁效应，故B不符合题意；C、图中的装置是扬声器，音圈（线圈）安放在磁铁磁极间的空隙中，按音频变化的电流通过音圈时，音圈受到磁场力而运动，纸盆与音圈连接，随音圈振动而发声；所以，其原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故C符合题意；D、磁悬浮列车利用“同名磁极相斥，异名磁极相吸”的原理，使列车实现悬浮，故D不符合题意。故选C。3、C【解析】

当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R0的简单电路，由乙图可知，电路中的最大电流I大=1.6A，由可得，电源电压：U=I大R0=1.6A×R0，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，由乙图可知，电路中的最小电流I最小=0.2A，R两端的电压UR=14V，则滑动变阻器的最大阻值：，故D正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：U=I最小R0+UR=0.2A×R0+14V，因电源的电压不变，所以，1.6A×R0=0.2A×R0+14V，解得：R0=10Ω，故A正确；电源的电压U=I大R0=1.6A×10Ω=16V；电路的最大总功率是：P最大=UI最大=16V×1.6A=25.6W，故B正确；R0的最小功率：P最小=I最小2R0=（0.2A）2×10Ω=0.4W，故C错误．故选C．4、D【解析】

图中求撬动石块所用的最小力，就必须确定出最大动力臂和最小阻力臂，该杠杆可以有两个支点：D点和B点；①D点为支点，则作用在A点的最小力应垂直杠杆斜向上，此时AD为动力臂，CD为阻力臂；②B点为支点，则作用在A点的最小力应垂直杠杆斜向下，此时AB为动力臂，BC为阻力臂；显然第①种情况更省力，根据分析做出图示(如下)；以D为支点，动力臂l1=AD=AB+BC+CD=1.5m+0.3m+0.2m=2m，阻力臂l2=CD=0.2m；由杠杆的平衡条件：F1l1=F2l2，得：F1×2m=1500N×0.2m，即：F1=150N．故ABC错误，D正确．5、C【解析】

测量电流时，需要将电流表串联在电路中，通常，电流表的电阻比待测电路的电阻小得多，因此对测量值的影响可以忽略不计，这种方法叫理想化实验法．A.在探究平面镜成像特点实验中，用两根相同的蜡烛探究像与物的大小关系时，采用的是等效替代法，故A不符合题意；B.在探究影响压力作用效果因素的实验中，根据被压物体形变大小反映压力作用效果，用到了转换法，故B不符合题意；C.在探究二力平衡条件的实验中，选用轻质卡片，忽略了纸片质量的影响，用到了理想实验法，故C符合题意；D.在研究光的传播现象时，用一条带箭头的直线来表示光线，采用的是模型法，故D不符合题意．6、B【解析】

由题意可知，POS刷卡机读出信息原理是电磁感应现象；A、如图是奥斯特实验，说明电流周围存在着磁场，故A错误；B、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，故B正确；C、如图是研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验，是根据电流的磁效应工作的，故C错误；D、如图电路中有电源，是通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理图，故D错误．7、D【解析】

根据乙所成甲的像可知，所成像的是放大倒立的实像，如果只将发光物体换成“F”形，在同一位置观察，所成的像也是放大倒立的实像。A.照相机成倒立、缩小的实像，故A错误；B.放大镜成正立、放大的虚像；故B错误；C.平面镜成正立、等大的虚像；故C错误；D.投影仪成倒立、放大的实像，故D正确。8、D【解析】

静止状态和匀速直线运动状态都是平衡状态。根据图象判断出物体的运动状态即可解决此题。【详解】A．路程不随时间变化，表示物体静止，处于平衡状态，故A不合题意；B．路程与时间成正比，即速度不变，物体做匀速直线运动，处于平衡状态，故B不合题意；C．速度不变，物体做匀速直线运动，物体处于平衡状态，故C不合题意；D．物体做匀加速直线运动，不平衡，故D符合题意。【点睛】本题关键要抓住平衡状态的特点：速度保持不变，而且可能是静止或匀速直线运动两种状态，不能漏解。考点平衡状态的判断。9、C【解析】

A、由图甲可知，指针右偏，平衡螺母应向左移，才能使天平横梁平衡，故A错误；B、物体的质量等于砝码的质量加上游码所对刻度，由图乙知，石块的质量为m＝50g+2.4g＝52.4g；故B错误；C、由图丙可知，量筒中水的体积V1＝20cm3，石块和水的总体积V2＝40cm3，则石块的体积V金＝V2﹣V1＝40cm3﹣20cm3＝20cm3，所以石块的密度：ρ金＝＝2.62g∕cm3，故C正确；D、金属块浸没在水中，所以V排＝V金，所以浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×20×10﹣6m3×10N/kg＝0.2N，故D错误．故选C．【点睛】（1）对天平的调节和使用的方法为“水平放置游码零，指针居中横梁平（衡）；左物右码轻放置，质量等于砝（码）游（码）和”．即天平测量物体质量前要调节横梁平衡，先将游码移至零刻度线；天平的调节原则是：左偏右调，右偏左调，先快后慢；（2）根据题意，读取石块质量m，石块体积V，用密度公式ρ＝，计算出石块的密度．(3)金属块浸没在水中，所以V排＝V金，由F浮＝ρ水gV排求出金属块在量筒中受到水的浮力．10、A【解析】

发电机利用电磁感应原理．A．演示导体切割磁感线运动时产生电流，即电磁感应现象，符合题意．B．奥斯特实验，即电流的磁效应，不符合题意；C．探究电磁铁磁性强弱的实验，不符合题意；D．演示磁场对通电导线的作用力，不符合题意；故选A。【点睛】注意分清楚研究电磁感应和磁场对通电导线作用力的两个实验，两个实验从图看很相似，容易混淆，区分的方法是，有电源的是研究磁场对通电导线作用力的实验，有灵敏电流计的是研究电磁感应的实验。二、填空题（本大题包括7小题，每小题2分，共14分）11、形变相互惯性【解析】

跳板弯曲，形状发生了改变，说明力可以使物体发生形变；运动员用力向后划桨，给水一向后的力，力的作用是相互的，水给浆向前的力，使艇快速向前运动；子弹离开枪膛后，子弹由于惯性，保持原来的运动状态，继续向前飞行。12、相互；运动；（具）有惯性【解析】试题分析：刘翔起跑时用力蹬地，地给刘翔一个力，利用了力的作用的相互性；起跑后，以刘翔为参照物，栏架相对于刘翔是运动的，到达终点后不能立即停下来，是因为刘翔具有惯性，保持原来的运动状态．考点：力的概念；运动和静止的相对性；惯性13、503450【解析】

由图可知：当被搬运物体质量为15kg时，小明提供的用于搬动物体的功率最大为50W；30包大米一总质质量为l50kg，一包大米的质量为5kg，为了尽可能快地将大米搬上库房，他应提供的功率最大，他每次应搬15kg（3包）的大米；每次搬运的大米的重力：G=mg=15kg×10N/kg=150N；重力做的功：W=Gh=150N×10m=1500J，则每次上楼所用的时间：，每次下楼所用的时间是15s，则一个来回需要的时间是：30s+15s=45s，搬30包大米需要10个来回，所以所用是时间一共是：45s×10=450s．14、费力2.5×104N减小【解析】龙舟比赛中选手一手撑住桨的末端（视为支点），另一手用力划桨，此时动力臂小于阻力臂，船桨属于费力杠杆．龙舟漂浮在水面上，所受浮力等于自身重力，所以F浮=G总=2.5×104N，当运动员离开龙舟后，龙舟的总重减小，龙舟所受到的浮力减小．15、112.8﹣12【解析】

由图知，标尺的分度值为0.2g，所以物体的质量：m＝100g+10g+2.8g＝112.8g；由图知，温度计上一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，液柱的最高处在0以下，所以显示的温度低于0℃，为﹣12℃.16、18.75【解析】试题分析：由等效电路的特点知1/R并=1/R1+1/R2，得R并=R1R2/R1+R2=50Ω×30Ω/50Ω+30Ω=18.75Ω，考点：电阻的并联17、组成物质的分子不停地做无规则运动温度越高，分子无规则运动越剧烈热传递【解析】

炒菜时香味四溢，这是扩散现象，此现象说明了组成物质的分子不停地做无规则运动；放在热菜中的盐比凉菜中的盐化得快，这说明温度越高，分子无规则运动越剧烈；妈妈把饮料放到热水中，饮料会吸收热量，这是通过热传递的方式改变饮料的内能．三、作图、实验与探究题（本大题包括5小题，共34分）18、(1)(2)(3)【解析】

(1)平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反；先作出端点A、B的像点，连接连接两个像点即为物体AB的像．(2)物体静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上．(3)根据磁极间的相互作用判断通电螺线管的磁极；在通电螺线管的外部，磁感线从N极出、回到S极；利用右手螺旋定则确定电流的方向，进而确定电源的正负极．【详解】(1)先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′B′，即为物体AB在平面镜中所成的像，如图所示：(2)石块静止在水平桌面上，处于平衡状态，受到重力G和支持力F为一对平衡力，大小相等、方向相反，过石块重心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，注意两条线段长度要相等，如图所示：(3)由于异名磁极相互吸引，通电螺线管的左端为N极、右端为S极；在通电螺线管的外部，磁感线从N极出、回到S极，所以磁感线的方向向右；由右手螺旋定则可知电流从右侧流入、左侧流出，电源的左边为负极、右边为正极，如图所示：19、如下图所不【解析】根据光的反射定律，入射光线与反射光线分居法线两侧，入射角等于反射角，据此作图．20、B1.52灯丝电阻随温度升高而增大【解析】

（1）滑动变阻器要按“一上一下”的方式串联接入电路，滑动变阻器的滑片向右移动时，小灯泡变亮，说明此时滑动变阻器接入电路的阻值减小，故应将滑动变阻器的右下接线柱与小灯泡的右接线柱连接，如图所示（2）开关闭合后，即在有电流通过时，小亮发现电流表的指针在零刻度左端，图2所示，即反向偏转，说明电流从负接线柱流了，即电流表正负接线柱接反了，选B；（3）灯在额定电压下的功率是额定功率，由表格可知，灯的额定功率P额=U额I=3.8V×0.4A=1.52W；（4）根据欧姆定律R=可得三次测量电阻的值分别为8.3Ω、9.5Ω、10.7Ω,所以分析数据发现灯丝的电阻是变化的，这说明灯丝的电阻随温度的升高而增大.21、48621.13×103把蜡块轻轻地放入水中，使蜡块漂浮在量筒内的水面上，记下水面到达的刻度为用细钢针将蜡块下压，使其浸没在水中，记下水面到达的刻度【解析】

根据题中“在测量盐水密度的实验中”以及“在完成上述实验后，某同学想测量一个小蜡块的密度”可知，本题考查密度的测量。涉及到液体的密度的计算以及漂浮物体的密度的测量，综合应用漂浮条件和阿基米德原理计算解答。【详解】（1）由图甲可知，量筒的分度值为1mL，量筒中盐水的体积为V＝48mL＝48cm3。（2）由图乙可知，杯子及杯内剩余盐水的总质量m剩＝50g+10g+2g＝62g，（3）量筒中盐水的质量：m＝m总﹣m剩＝116g﹣62g＝54g，所以此盐水的密度：；（4）要测量蜡块的密度，需测出蜡块的质量和体积，可利用漂浮条件间接测出蜡块的质量，利用助沉法测蜡块的体积，所以实验步骤设计如下：①向量筒中倒入适量的水，记下体积V1，②把蜡块轻轻地放入水中，使蜡块漂浮在量筒内的水面上，记下水面到达的刻度为V2，③用细钢针将蜡块下压，使其浸没在水中，记下水面到达的刻度V3。蜡块密度表