2023年湖北省黄冈市武穴市中考物理模拟试题含答案解析

试卷第=page11页，共=sectionpages33页试卷第=page11页，共=sectionpages33页2023年湖北省黄冈市武穴市中考物理模拟试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．雷雨天气里，小明从看到闪电开始计时，大约4s后听到雷声，已知声音和光在空气中的速度分别是340m／s和3×108m／s，则雷电处距离小明大约是A．1360km B．2000km C．1360m D．1.2×106km2．平面镜前有一物体AB，不透光的屏CD放在AB和平面镜之间，二者在竖直方向上的长度相同，如图所示，并且屏的下端与AB的中点等高，那么（）A．平面镜中只有AB下半部的像B．平面镜中只有AB上半部的像C．平面镜中仍能成AB完整的虚像，在平面镜前任何位置都可以看到D．平面镜中仍能成AB完整的虚像，但在平面镜前一定范围内才可看到3．平面镜水平放置且镜面朝上，在镜面上方竖直放置一凸透镜，在凸透镜左侧主光轴上两倍焦距处有一点光源S，关于点光源在该光具组中成像情况的判断，正确的是（）A．两个实像，两个虚像 B．两个实像，一个虚像C．一个实像，两个虚像 D．一个实像，三个虚像4．如图，水平推力F作用在物体a上，a、b均保持静止，关于ab有以下说法：①物体a受到的推力小于摩擦力；②物体b受5个力的作用；③a对b施加向左的摩擦力；④b受到地面摩擦力的大小等于F。以上说法中正确的个数有（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个5．在两端开口的弯管内用两段水柱封闭了一段空气柱，A、B、C、D四个液面的位置关系如图所示。现将左侧试管底部的阀门K打开，释放掉少量水后立刻关闭阀门，A、B、C液面相对各自原来的位置上升或下降的长度ΔhA、ΔhB和ΔhC之间的大小关系为（）A． B．C． D．6．用轻质细线把两个完全相同的小球悬挂起来，如图所示。现对小球A施加一个水平向左的恒力，对小球B施加一个水平向右的恒力，且两个力的大小相等。平衡时两球的位置可能是下图中的（）A． B．C． D．7．如图甲所示，小球从某高度处由静止下落到竖直放置的弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度Δl之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点．不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则小球

A．受到的弹力始终不变B．运动过程动能一直增大C．从a到b过程，重力势能减少，弹簧的弹性势能增大D．从b到c过程，重力势能转化为弹性势能，小球的机械能不变8．如图所示，重力G=700N的水平木板在滑轮组的作用下保持静止．三个滑轮等大、光滑，质量均忽略不计．所有细绳的重力均不计，天花板间的固定点分别叫做A、B、C，与木板间的固定点分别叫做D、E；各条细绳中不与滑轮接触的部分均竖直．则B点处的细绳对天花板的拉力大小为A．100N B．140NC．300N D．350N9．如图所示，两个体积、质量均不同的木块A、B，分别浮在U形水槽的左右臂的水面上，mA＞mB，将水槽支于O点，水槽恰好平衡，若将物块B从水槽右臂取出，叠放在物块A上，则水槽（）A．左端向下倾斜 B．仍保持平衡C．右端向下倾斜 D．无法判断10．已知1g甲液体温度升高1℃需要2.1J的热量，1g乙液体温度升高1℃需要4.2J的热量，1g丙液体温度升高1℃需要2.8J的热量，分别取甲、乙两种液体各60g，以相同的热源加热，其温度与加热时间的关系如图所示。若取90g的丙液体，以相同的热源加热，则其温度与加热时间的关系图像（）A．落在Ⅰ区 B．落在Ⅱ区 C．与甲重叠 D．与乙重叠11．如图所示，电源电压15V保持不变，滑动变阻器的滑片在最右端。闭合开关S1，断开开关S2，滑片P移至中点附近时，电流表的示数是0.5A，保持滑片P不动，闭合开关S2，断开开关S1时，电流表的示数是0.2A，则电阻R3的阻值是A．20Ω B．30Ω C．45Ω D．50Ω12．如图所示，电源电压恒定不变，滑动变阻器的滑动头置于正中央，闭合开关S后，M、N、P三灯的亮度相同，今将变阻器的滑动头缓慢向左移动，则三灯的亮度从亮到暗的排列顺序是（）A．M、N、P B．M、P、N C．P、M、N D．N、M、P13．如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于滑动变阻器R2的最右端B处时，电压表的示数为4V，定值电阻R1的功率为0.8W；当滑片P置于滑动变阻器R2的中点时，电压表的示数变化了1V．下列结果正确的是A．电源电压为8VB．R1的阻值为20ΩC．电路前后电流之比为1：3D．电路总功率变化了1.2W14．用如图所示的电路可以测量电阻的阻值。图中R1是待测电阻，R0是定值电阻，G是灵敏度很高的电流表，MN是一段均匀的电阻丝。闭合开关，改变滑动头P的位置，当通过电流表G的电流为零时，测得MP＝l1，PN＝l2，则R1的阻值为（）A． B． C． D．15．甲、乙两车从同一起点出发，沿平直公路行驶到相同终点。甲车在前二分之一时间里以速度v1做匀速直线运动，后二分之一时间里以速度v2做匀速直线运动；乙车在前二分之一路程中以速度v1做匀速直线运动，后二分之一路程中以速度v2做匀速直线运动，v1≠v2，则（）A．甲车先到达 B．乙车先到达C．甲、乙同时到达 D．条件不足，无法确定二、填空题16．一端封闭的玻璃管自重为G，横截面积为S，内装一段高为h的水银柱，封闭了一定质量的气体。现将玻璃管封闭端用弹簧测力计悬起，另一端没入水银槽中，如图所示。当玻璃管没入一定深度后，弹簧测力计的示数为G，若当时的大气压为p0，则此时管内上方气体的压强为_____，玻璃管内、外水银面的高度差为_____。（设玻璃管壁的厚度不计）三、计算题17．如左图所示，一足够大圆柱形空容器放在水平桌面上；一横截面积为S0的圆柱形木块由一段非弹性细线与容器底部相连。现向容器中缓慢加水（水的密度为ρ0），木块受到的浮力F浮与容器中水的深度h的关系图象如右图所示。求：（1）细线对木块拉力的最大值；（2）木块的密度；（3）整个加水过程中，木块所受浮力做的功。四、填空题18．一厚度为d的薄金属盘悬吊在空中，其上表面受太阳直射，空气的温度保持300K不变，经过一段时间，金属盘上表面和下表面的温度分别保持为325Κ和320K，假设单位时间内金属盘每个表面散失到空气中的能量与此表面和空气的温度差以及此表面的面积成正比；单位时间内金属盘上、下表面之间传递的热量与金属盘的厚度成反比，与两表面之间的温度差和表面面积成正比。忽略金属盘侧面与空气之间的热传递。那么，在金属盘的厚度变为2d而其他条件不变的情况下，金属盘上、下表面温度稳定之后，金属盘上表面的温度将变为_____K。19．如图所示，电源电压不变，电阻R1的阻值为4Ω，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P位于A点时，电压表V1的示数为4V，电压表V2的示数为10V．当滑动变阻器的滑片P位于B点时，电压表V1的示数为8V，电压表V2的示数为11V，电阻R2的阻值为_____Ω。五、实验题20．实验室里测量一块形状不规则、体积较大的矿石的密度。（1）用调节好的天平测量矿石的质量。当天平平衡时，右盘中砝码和游码的位置如图1所示，矿石的质量是_____g；（2）因矿石体积较大放不进量筒，因此他利用一只烧杯，按图2所示方法进行测量，矿石的体积是_____cm3；（3）经计算，矿石的密度是_____kg/m3，从图A到图B的操作引起的密度测量结果比真实值_____（偏大/偏小/不变）。（4）小明不小心把量筒摔破了，老师给小明一个烧杯，请完成以下实验步骤并测出矿石的密度：①用调节好的天平测出矿石的质量为m1②将适量的水倒入烧杯并称出总质量为m2③将矿石轻放入烧杯内，标记下此时水面位置④将石块取出后，加水至标记处，称出此时烧杯和水的总质量为m3⑤由此可得矿石的体积为_____（ρ水已知），得到矿石的密度表示式为_____；⑥由于矿石吸入部分水，所以测得的密度值_____（偏大/偏小/无影响）；⑦若此实验中将矿石拿出后带了一部分水，此过程对实验结果_____（有/无）影响。21．实验小组利用如图甲所示的电路测定小灯泡的额定功率。所用器材：额定电压为2.5V的小白炽灯泡、电池组（二节干电池串联，电压为3V）、电压表一块、滑动变阻器（10Ω2A）、定值电阻（R0＝5Ω）、开关三个和导线若干。（1）用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路按照图甲所示的电路图连接完整______；（2）闭合开关前，应将变阻器滑片滑到______（选填“左”或“右”）端；（3）连接完电路后，只闭合S、Sl时，移动滑片P，电压表示数有变化；只闭合S、S2时，小灯泡不发光，移动滑片P，电压表示数无变化。于是小明拆下电压表，并用它检测电路故障：把电压表依次并在灯泡和开关S2两端，测试结果分别是无示数、有示数。由此可以断定电路中一定存在的故障是______；A．灯泡L处断路B．灯泡L处短路C．开关S2处断路（4）排除故障后，小明继续实验；①只闭合S、S2，移动滑片P，使电压表的示数为______V；②只闭合S、S1，保持滑片P不动，读出电压表的示数为2.25V；③小灯泡的额定功率为______W；（5）当加在白炽灯泡两端的电压为额定电压的一半时，灯泡的实际功率P实______P额（选填“＞”“＜”或“＝”）；（6）小红通过课外学习知道：干电池是有一定电阻的，需要用“电压U”和“电阻r”两个物理量来描述，相当于图丙。于是小红在小明的电路的基础上，保持滑片P的位置不变，将电压表拆下，并联在电池组两端，只闭合S、S2时，读出电压表示数为2.9V，由小红小明的数据可以计算出电池组的电阻r是______Ω。六、计算题22．有两个不吸水的圆柱体A和圆柱体B、A的顶部系有一根轻质细线，已知A的质量为1.32kg，密度为1.1×103kg/m3，高为12cm，B的底面积为60cm2，（g取10N/kg）(1)求A的重力；(2)将B竖直放在水平桌面上，再将A竖直放在B的正上方，求A对B的压强；(3)将A竖直放入薄壁柱形容器中，向容器中缓慢加入液体直至加满，液体体积与深度的关系如图所示。用细线将A竖直向上提升2cm时，细线的拉力为3.6N，求液体的密度。（圆柱体A始终处于竖直状态）23．如图甲所示电路，电源电压可调，R为标有“1A“字样的滑动变阻器，电流表量程为0～3A，L1、L2是额定电压均为6V的小灯泡，其电流与电压的关系如图乙所示。求：（1）L2正常发光时的电阻；（2）若只闭合开关S1，电源电压调节为10V，滑片P滑至中点时小灯泡正常发光，滑动变阻器的最大阻值；（3）若不清楚电路中各开关闭合或断开的状态，滑动变阻器滑片P的移动范围为2Ω至最大阻值处，现移动滑片P同时调节电源电压，使电路中两个小灯泡均发光且有小灯泡正常发光，电路中各元件均安全工作，求对应电路总电功率的变化范围。答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页参考答案：1．C【分析】闪电和雷声是同时发生的，光在空气中的传播速度很快，闪电从发生处到小明处，传播时间很短，可以忽略不计，可以粗略认为雷声到小明处传播了4s，利用s=vt进行计算．【详解】雷声从发生处到小明处传播速度是340m/s，传播时间是4s，∵v=，∴所以雷电处到小明处的距离大约为：s=vt=340m/s×4s=1360m，故选C.2．D【详解】过B点作关于镜面的对称点B′，即B的像点B′；过A点的任意两条光线沿CD的最下边缘射到镜面上，由光的反射定律先作出2条反射光线，这2条反射光线的反向延长线即为像点A′；连接A′B′如图所示：由图可知，在平面镜内仍有AB完整的虚像A'B'，需在B点下方合适的位置才能看到AB完整的虚像。故选D。3．A【详解】由题知，凸透镜主光轴上两倍焦距处有一点光源S；首先可以确定点光源S在凸透镜右侧两倍焦距处可以成一个等大的实像S1，这个实像又可以通过平面镜成一个虚像S2（平面镜成像），点光源S通过平面镜可以成一个虚像S3，形成的这个虚像S3（相当于一个发光点）又可以通过凸透镜再成一个等大的实像S4（因S3在两倍焦距处的正下方，且过光心的光线传播方向不变）。由于通过S4的光线不能被平面镜反射（或不能再射向平面镜），所以S4不能在平面镜中再成一个虚像；所以，会出现两个实像，两个虚像，即S能成四个像。如下图所示故选A。4．B【详解】a受到向右水平推力F，但a、b保持静止，在水平方向a受到水平向左的摩擦力，大小等于推力F，故①错误；b物体在竖直方向受到重力、a对b的压力和地面对b的支持力，共3个力，水平方向上a对b水平向右的摩擦力和地面对b水平向左的摩擦力，共2个力，b受到5个力，故②正确；b对a的摩擦力向左的，根据力的作用是相互的，a对b的摩擦力向右，故③错误；b受到的摩擦力等于a受到的摩擦力等于推力F，故④正确；故选B。5．B【详解】释放掉少量水后立刻关闭阀门，空气柱长度增大，压强减小，C液面上升，B液面下降，A液面下降，AB之间液面高度差减小，根据前面分析可知。故选B。6．B【详解】将A、B两球连同之间的细线看成一个整体，对整体受力分析如下图所示，其中左右的拉力平衡，则可知A球上方的细线必定沿竖直方向，即上方细线的拉力F线与总重力G平衡。故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。7．C【详解】A.小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中，弹簧形变程度逐渐变大，所以小球受到弹力也逐渐变大，故A错误；B.由图象可知，小球速度先变大，后变小．小球质量不变，所以小球动能先变大，后变小，故B错误；C.小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧．此过程中小球高度越来越低所以小球的重力势能减少，弹簧形变程度逐渐变大所以弹性势能增大，故C正确；D.从b到c过程中弹簧的弹性形变变大，小球位置变低，速度变小，机械能减小。小球的机械能转化为弹簧的弹性势能，故D错误．8．B【分析】根据滑轮组的特点和绳子的条数计算．【详解】如图所示：根据动滑轮和定滑轮的连接方式以及绳子的条数，可知：①，并且绳子对B的拉力大小等于F1，②，联立①②，可得，故B正确．故选B．9．B【详解】已知说明在同样漂浮的情况下，A排开了更多的水，而水槽是个连通器，因此这些水会向另一侧流动，而使两侧液面仍保持相平，交换位置后道理也是一样，将两物块都叠放到一侧，它仍处于漂浮状态，重力仍等于排开的水重，当液面相平后，水槽仍会保持平衡，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。10．D【详解】由题知，1g甲乙丙三种液体，每升高1℃，吸收的热量为2.1J、4.2J、2.8J，则三液体的比热容分别为用相同的热源加热相同的时间，吸收的热量相同，由得同理可得可见所以丙液体的温度与加热时间的关系图像和乙重叠，故D符合题意，ABC不符合题意。故选D。11．C【详解】分析电路可知，闭合开关S1，断开开关S2，R2和R1串联，滑片P移至中点附近时，设R2和R1串联的总电阻为R′，电流表的示数是0.5A，由欧姆定律可得R′===30Ω闭合开关S2，断开开关S1时，R2、R3和R1串联，保持滑片P不动，设R2、R3和R1串联的总电阻为R″，电流表的示数是0.2A，由欧姆定律可得R″===75Ω滑片P保持不动，故电阻R3的阻值为R3=R″-R′=75Ω-30Ω=45Ω故选C。12．C【详解】滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由欧姆定律可得电路中总电流增大，则灯泡M中电流增大，M两端的电压增大，功率增大，变亮；并联部分电压减小，则N灯两端的电压减小，由欧姆定律得，通过N灯的电流减小，变暗；由并联电路的电流规律可得，总电流增大，N中电流减小，则通过P中的电流增大，灯泡P亮度变亮，故最暗的灯是N。对于P、M而言，由于P的电流增大，而N的电流减小，通过M的电流等于N、P电流之和，所以P电流的增量大于M电流的增量，故P比M亮。故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。13．D【详解】A、B.分析电路为串联电路，且电压表测量滑动变阻器，当滑动变阻器滑片移至中点时，电阻减小变为原来的一半，由于串联分压，则电压表示数变小，为3V．当滑片置于最右端时，设滑动变阻器最大阻值为R2,，由串联分压可得，，当滑片置于中间时，，联立求解得R1=5Ω，R2=10Ω，U=6V，则A、B错误；C、D.则当滑片置于最右端时电流，，故，总电流变化0.2A，则总功率变化，则C错误，D正确．14．C【详解】闭合开关，R0与左侧电阻丝并联，R1与右侧电阻丝并联，然后两并联部分串联在电路中；通过电流表G的电流为零，说明通过电阻丝两侧的电流是相等的，而总电流一定，故通过R0和R1的电流也相等，因并联电路电压相等，则电阻丝MP段与PN段电压之比等于R0和R1的电压比，即通过电流表G的电流为零，说明通过电阻丝两侧的电流是相等的，则由U＝IR可得联立可得根据电阻定律的公式可知联立可得解得故选C。15．A【详解】设A、B两地间的距离为s，甲从A地出发到达B地所用的时间为t1，乙从A地出发到达B地所用的时间为t2，因为甲车在前一半时间里以速度v1做匀速直线运动，后一半时间里以速度v2做匀速直线运动；所以根据v=可得t1v1+t1v2=s则甲从A地出发到达B地所用的时间t1=因为乙车在前一半路程中以速度v1做匀速直线运动，后一半路程中以速度v2做匀速直线运动；所以乙从A地出发到达B地所用的时间t2==则t1-t2=-=＜0即t1＜t2，所以甲车先到达，故A正确；BCD错误。故选A。16．

p0

h【详解】[1]由于，测力计示数F＝G，则玻璃管受到大气向下的压力为p0S，竖直向下的重力G，封闭气体竖直向上的支持力为pS，测力计竖直向上的拉力F，对玻璃管，由平衡条件得G+p0S＝F+pS则G+p0S＝G+pS解得p＝p0。[2]以玻璃管下部封闭气体为研究对象，其压强为则有解得。17．(1)F2-F1；(2)ρ0；(3)F1h0-【详解】(1)由图像可知，细线未拉直时，木块处于漂浮状态，浮力为F1=G，此时，细线对木块拉力为0，当浮力为F2时，浮力最大，细线对木块拉力最大，细线对木块拉力的最大值F拉最大=F2-G=F2-F1细线对木块拉力的最大值为F2-F1。(2)由题知，当浮力为F2时，木块浸没于水中，V排=V，由F浮=ρ0gV排得木块的体积为V=V排=木块的密度ρ=====ρ0木块的密度为ρ0。(3)当水的深度为h0时，细线刚好拉直，木块上升到最高处，设此时木块在水中的长度为h1，此时F1=ρ0gV排=ρ0gS0h1，则h1=则木块上升的高度为h0-h1=h0-浮力对木块做的功等于木块克服重力做功，故木块所受浮力做的功W=G(h0-)=F1(h0-)=F1h0-木块所受浮力做的功为F1h0-。答：(1)细线对木块拉力的最大值为F2-F1；(2)木块的密度为ρ0；(3)整个加水过程中，木块所受浮力做的功为F1h0-。18．327【详解】厚度为d的薄金属盘，经过一段时间，当温度稳定后，则吸热功率P吸=P散=k1S（t上1-t0）+k1S（t下1-t0）=k1S（325-300）+k1S（320-300）=45k1S上表面向下表面传递的热量功率即所以①在厚度为2d的金属盘而其他条件不变的情况下，当温度稳定后，设金属盘上表面和下表面的温度分别保持为t上、t下，由于太阳对金属盘的直射功率不变，则P散2=P吸所以k1S（t-t0）+k1S（t下-t0）=45k1S即k1S（t上-300）+k1S（t下-300）=45k1S整理得t上+t下=645②厚度为2d的金属盘上表面向下表面传递的热量功率即③解①②③得t上=32719．16【详解】因电源的电压不变，所以，电压表V2的示数与R1两端的电压之和应为电源电压，电压表V1的示数与电阻R2两端的电压之和也为电源电压，当滑动变阻器的滑片P位于A点时，有U-4V＝I1R2U-10V＝I1R1当滑动变阻器的滑片P位于B点时，有U-8V＝I2R2U-11V＝I2R1联立可得则有R2＝4R1＝4×4Ω＝16Ω20．

176.4

70

2.52×103

偏小

偏大

无【详解】（1）[1]根据题意可得，矿石的质量为m＝100g+50g+20g+5g+1.4g＝176.4g（2）[2]根据题意可得，矿石的体积为V＝200cm3-130cm3＝70cm3（3）[3][4]根据公式可得，矿石的密度为将石块从水中取出时，石块表面沾有部分水，量筒中的水倒入烧杯达到标记处时，倒入水的体积比矿石的实际体积偏大，由公式知，质量一定，体积偏大，所以测量的矿石密度偏小。（4）[5][6][7][8]小明不小心把量筒摔破了，用天平烧杯和适量的水也能测量出矿石的密度：①用调节好的天平测出矿石的质量m1；②将适量的水倒入烧杯并称出m2；③将矿石轻放入烧杯内，标记下此时水面位置；④将石块取出后，加水至标记处，称出此时烧杯和水的总质量m3；⑤则排开水的质量为m水＝m3-m2由得排开水的体积为矿石的体积为矿石的密度为⑥由于矿石吸入部分水，所以排开水的体积偏小，根据知，密度偏大。⑦若此实验中将矿石拿出后带了一部分水，后来又加水到标记处，排开水的质量仍为m3-m2，故该过程对实验结果无影响。21．

右

C

2.5

0.75

>

0.3【详解】（1）[1]由电路图可知，电压表测并联部分电路两端的电压，即测灯泡两端的电压，由于灯泡的额定电压为2.5V<3V，故只需将电压表的“3”接线柱与开关S1的右接线柱连接即可，如下图所示：（2）[2]为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大处，即滑到右端。（3）[3]A．若灯泡L处断路，将电压表与灯泡L并联，则相当于把电压表串联在电路中，电压表有示数且接近电源电压，故A不符合题意；B．若灯泡L处短路，将电压表与灯泡L并联，相当于将电压表并联在导线两端，则电压表无示数，将电压表与开关S2并联，电压表仍然无示数，故B不符合题意；C．若开关S2处断路，将电压表与开关S2并联，则相当于把电压表串联在电路中，电压表有示数且接近电源电压，故C符合题意。故选C。（4）[4]①只闭合S、S2，R与L串联，电压表测L两端的电压，移动滑片P，使电压表示数U额＝2.5V，此时灯泡L正常发光。[5]②③只闭合S、S1，R与R0串联，此时电压表测R0两端的电压U0＝2.25V，则有即解得灯泡正常发光时，滑动变阻器两端的电压U滑′＝U-U额＝3V-2.5V＝0.5V此时电路中的电流则小灯泡的额定功率P额＝U额I＝2.5V×0.3A＝0.75W（5）[6]由于白炽灯泡的电阻随温度的升高而变大，而温度随小灯泡中通过的电流的变大而升高，故小灯泡两端电压越大，电流越大，温度越高，则电阻越大。所以，当加在白炽灯泡两端的电压为额定电压的一半时，小灯泡的电阻R实<R额由欧姆定律可知，当时所以（6）[7]只闭合S、S2时，电路中接入R、小灯泡L和电源内阻r，三者串联，此时将电压表并联在电池组两端，则电压表测R和小灯泡L的总电压，电压表示