2022年山东省枣庄市中考物理试卷解析版

2022年山东省枣庄市中考物理试卷第Ⅰ卷（选择题，本题共12小题，每题2分。共24分）1．（2分）在需要安静的医院、学校和科研部门附近，常有禁止鸣笛的标志，如图所示。这种控制噪声的措施属于（）A．防止噪声产生 B．阻断噪声传播 C．防止噪声进入人耳 D．减小噪声传播速度2．（2分）在预防新冠肺炎期间，学校要求每位师生都要进行体温检测。下列对体温计的有关说法正确的是（）A．体温计的量程是35℃～45℃ B．体温计的分度值是1℃ C．某同学的体温是36.6℃，该同学体温正常 D．利用体温计也可以测量液体的温度3．（2分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上能成等大清晰的像。关于本实验下列说法正确的是（）A．凸透镜的焦距是20cm B．把蜡烛移至刻度尺10cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的像 C．把蜡烛移至刻度尺32cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的像。这与照相机的成像原理相同 D．把蜡烛移至刻度尺45cm处，凸透镜不动，移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像4．（2分）关于质量和密度，下列说法正确的是（）A．同种物质组成的物体，其密度与质量成正比 B．水的密度是1.0×103kg/m3，表明1m3的水质量是1.0×103kg/m3 C．一块冰全部熔化成水后，质量变小 D．嫦娥五号返回舱从月球带回1731g月球土壤样品返回地球，土壤样品质量不变5．（2分）在2022年北京冬季奥运会上，某运动员参加短道速滑比赛。下列对比赛时的说法正确的是（）A．发令枪响前，运动员静止时所受的支持力与他对冰面的压力是一对平衡力 B．发令枪响后，运动员用力向后蹬来获得向前的动力，是因为物体间力的作用是相互的 C．运动员在经过弯道时不再用力向后蹬，此时运动状态不发生改变 D．冲线后，运动员停止用力仍能滑行很远，是因为运动员不受阻力6．（2分）下列四幅图是小明在探究“影响滑动摩擦力大小因素”时设计的实验方案。以下说法正确的是（）A．通过甲、乙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响 B．通过甲、丁对比，可探究接触面积的大小对滑动摩擦力大小的影响 C．通过乙、丙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响 D．通过乙、丁对比，可探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力大小的影响7．（2分）如图是测量大气压强的实验装置，玻璃管长约1米，槽内装有水银。下列说法正确的是（）A．将玻璃管从竖直位置适当向右侧倾斜，玻璃管内外水银面的高度差仍为760mm B．若将玻璃管向上提2cm，但玻璃管口仍在槽内水银面以下，则玻璃管内外水银面高度差变为780mm C．在实验中，若玻璃管内混入少量空气，所测的大气压值偏大 D．将此装置从山脚移到山顶，管内外水银面高度差变大8．（2分）物体在同一水平面上做匀速直线运动，当物体运动路程与时间的关系图象如图甲时，受到的水平推力为F1；当物体运动的速度与时间的关系图象如图乙时，受到的水平推力为F2。两次推力的功率分别为P1、P2。则F1：F2和P1：P2分别为（）A．3：59：25 B．3：51：1 C．3：53：5 D．1：13：59．（2分）疫情防控期间，各个单位和居民小区都加强了门卫保安工作，凡是内部车辆均可通过感应，自动打开门禁系统进入。外来车辆，驾驶员需要经过测温、核查、登记后，由保安人员手动打开门禁系统进入。由此可知，该门禁系统的控制电路可能是（）A． B． C． D．10．（2分）小亮想探究“在温度一定的条件下，导体电阻与长度、横截面积的关系”。他已选好代号为“a”的导体，他还应选用表中哪两个导体进行实验探究（）导体代号abcde导体长度L/m1.50.51.01.01.5导体横截面积S/mm21.21.20.81.22.0导体材料镍铬镍铬镍铬锰铜镍铬A．b、c B．c、e C．c、d D．b、e11．（2分）以下四种情况符合安全用电原则的是（）A．使用试电笔时，手应接触笔后端的金属部分 B．人向落在地面上的“高压线头”靠近 C．电灯的开关接在零线上 D．雷雨天人站在大树下避雨12．（2分）核电站的发电流程如图所示，在发电过程中，下列所述能量转化顺序正确的是（）A．核能→化学能→内能→电能 B．核能→化学能→机械能→电能 C．核能→内能→机械能→电能 D．核能→机械能→内能→电能第Ⅱ卷（非选择题共46分）一、填空题：本题共6小题，每空1分，共14分。13．（2分）小华对一支铅笔的长度进行4次正确测量，记录数据如下：17.58cm、17.57cm、17.56cm、17.57cm，该铅笔的长度是cm，所用刻度尺的分度值是。14．（4分）小刚同学在探究某种物质熔化特点的实验中，根据实验数据画出了该物质熔化过程中温度随时间变化的图象。由图象可知，该物质是（选填“晶体”或“非晶体”），其熔点是℃，在熔化过程中温度；在加热6min时，该物质处于（选填“固态”、“液态”或“固液共存态”）。15．（2分）由不同材料组成的a、b、c三个实心物体，它们的体积与质量的关系如图所示，则密度最大的是（选填“a”、“b”或“c”）物体，它的密度是kg/m3。16．（2分）如图所示是生活中常见的杆秤。称量时杆秤在水平位置平衡，被测物体和秤砣到提钮的距离分别为0.05m、0.2m，秤砣的质量为0.1kg，秤杆的质量忽略不计，则被测物体的质量为kg。若秤砣有缺损，则杆秤所测物体的质量会（选“偏大”或“偏小”）。17．（2分）如图甲所示，电源电压恒定不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω。开关闭合后，当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，电压表V1的示数如图乙所示，此时R2的功率为0.8W。则电流表的示数为A，电源电压为V。18．（2分）公元1世纪初，东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”。如图，“柢”即握柄，是磁体的极，司南之所以能指向南北方向，是由于受到的作用。二、作图、实验与探究题：本题共4个小题，共18分。19．（2分）如图所示，若利用滑轮组向下拉绳将重物提升，请画出滑轮组绕绳方法。20．（4分）如图是某同学利用光具盘探究光从空气斜射入玻璃中时的光路，经过多次实验并记录了如下数据：入射角α10°30°45°60°折射角β7.1°20.7°30°37.8°（1）实验中，光具盘除了能读出入射角和折射角大小外，还具有的作用；（2）分析表格中的数据，你能得出的结论（写出一条即可）：。（3）根据表格中的数据还可以判断：当光以35°的入射角从空气射入玻璃中时，其折射角30°（选填“大于”、“小于”或“等于”）；（4）当光以30°的入射角从玻璃射入空气中时，其折射角是。21．（5分）某物理兴趣小组利用“伏安法”测量一个阻值较小的定值电阻Rx的阻值，电路如图甲所示。已知电源电压为6V，R0＝10Ω，滑动变阻器规格为“50Ω0.6A”。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片向右移动连入电路中的阻值变小，导线不能交叉；（2）实验时，闭合开关，发现电流表和电压表示数都为0。现用一根导线在图甲中先后连接接线柱A与B、C与H时，电流表和电压表示数仍为0，连接接线柱H与G时，电流表和电压表指针有明显偏转，则电路的故障是。（3）排除故障后，闭合开关调节滑片，利用电压表和电流表测出了多组实验数据，并作出了电压表与电流表示数的关系图象，如图乙所示，则Rx阻值为Ω。（4）调节滑动变阻器，当电压表的示数为3V时，Rx消耗的电功率是W；（5）电路中串联R0的作用是（填正确答案标号）A.增大串联电阻，增大分压，电压表易于读数B.增大串联电阻，增大分流，电流表易于读数22．（7分）小李同学想探究“浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”。（1）实验步骤如图1所示，甲、乙、丙、丁中的弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3、F4，物体受到的浮力F浮＝。（2）小李利用三个不同物体a、b、c进行实验探究，实验数据如下表：物体物重G/N物体浸没在水中测力计的示数F/N浮力F浮/N空桶重G0/N桶与排开水的总重G1/N排开水重G排/Na1.20.70.50.61.10.5b21.40.60.61.20.6c2.41.70.70.61.20.6分析表中物体a、b的实验数据，小李得出的结论是：。（3）小李在探究物体c所受浮力的实验中，排除各种测量误差因素的影响，发现物体c排开水的重力明显小于它所受浮力，请分析实验操作中造成这种结果的原因：。（4）小张利用身边的器材对小李的实验进行改进：两个相同的弹簧测力计A和B、重物、溢水杯（由饮料瓶和吸管组成）、薄塑料杯（质量忽略不计）等器材，装置如图2所示。实验时小张逐渐向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到弹簧测力计A的示数逐渐，弹簧测力计B的示数逐渐，若弹簧测力计A的示数变化量为ΔFA，弹簧测力计B的示数变化量为ΔFB，则它们的大小关系是ΔFAΔFB（选填“＞”、“＝”或“＜”）；（5）针对两种实验方案，小张实验装置的优点是（填答案标号）。A.弹簧测力计A的示数就是物体所受浮力的大小B.实验器材生活化，实验中能同步观察弹簧测力计A、B示数的变化三、计算题：本题包括2个小题，共14分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分。23．（6分）太阳能是21世纪重点开发利用的能源之一，如今太阳能热水器已走进千家万户。如图所示，某家庭太阳能热水器阳光照射时，平均每小时吸收7.0×106J的太阳能，若热水器吸收8h的太阳能，可以使质量为100kg的水温度升高50℃。已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃），天然气的热值q＝3.5×107J/m3。求：（1）水吸收的热量；（2）该太阳能热水器的效率；（3）若这些水吸收的热量由天然气来提供，假设天然气完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少m3的天然气。24．（8分）如图甲所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。当滑片P由滑动变阻器b端移动到a端的过程中，分别测出几组对应的电压值和电流值，通过计算得出滑动变阻器对应的电功率P，并画出滑动变阻器的电功率P和电流I的关系图象，如图乙所示。求：（1）滑动变阻器的最大阻值；（2）R0的阻值和电源电压；（3）整个电路消耗的最小电功率和最大电功率之比。2022年山东省枣庄市中考物理试卷参考答案与试题解析第Ⅰ卷（选择题，本题共12小题，每题2分。共24分）1．（2分）在需要安静的医院、学校和科研部门附近，常有禁止鸣笛的标志，如图所示。这种控制噪声的措施属于（）A．防止噪声产生 B．阻断噪声传播 C．防止噪声进入人耳 D．减小噪声传播速度【分析】控制噪声有三种方法：防止噪声的产生（即在声源处减弱噪声）、阻断噪声的传播（即在传播过程中减弱）和防止噪声进入耳朵（在人耳处减弱）。【解答】解：禁止鸣喇叭是在声源处减弱噪声，防止噪声的产生。故A正确，BCD错误。故选：A。【点评】此题结合实例考查控制噪声的方法，要注意其运用，属声学基础题。2．（2分）在预防新冠肺炎期间，学校要求每位师生都要进行体温检测。下列对体温计的有关说法正确的是（）A．体温计的量程是35℃～45℃ B．体温计的分度值是1℃ C．某同学的体温是36.6℃，该同学体温正常 D．利用体温计也可以测量液体的温度【分析】（1）体温计的量程：35～42℃；（2）体温计的分度值是0.1℃；（3）人的正常体温约37℃；（4）常温下液体的温度约为15～25℃，根据体温计的量程分析。【解答】解：A、体温计的量程是35～42℃，故A错误；B、体温计一个小格代表0.1℃，所以体温计的分度值是0.1℃，故B错误；C、人的正常体温约37℃，某同学体温是36.6℃，该同学体温正常，故C正确；D、体温计的量程是35～42℃，液体的温度可能低于35℃，也有可能高于42℃，因此不可以，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了体温计的量程、分度值、正常体温等，属于常识性习题。3．（2分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上能成等大清晰的像。关于本实验下列说法正确的是（）A．凸透镜的焦距是20cm B．把蜡烛移至刻度尺10cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的像 C．把蜡烛移至刻度尺32cm处，凸透镜不动，移动光屏，能在光屏上得到清晰的像。这与照相机的成像原理相同 D．把蜡烛移至刻度尺45cm处，凸透镜不动，移动光屏，会再次在光屏上得到清晰的像【分析】（1）当物距等于二倍焦距时，像距也为二倍焦距，成倒立等大的实像；（2）当物距等于焦距时，不能成像；（3）当物距大于一倍焦距小于两倍焦距时，成倒立放大的实像；幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的；当物距大于两倍焦距时，成倒立、缩小的实像；照相机、摄像机就是根据这个原理制成的；（4）当物距等于焦距时，成正立放大的虚像，虚像不能呈现在光屏上。【解答】解：A、由图示知，刻度尺的分度值为1cm，蜡烛与凸透镜镜的距离为20.0cm，即物距为20.0cm，此时在光屏上成的像是倒立、等大的实像，根据凸透镜成像规律可知此时物距等于二倍焦距，所以凸透镜的焦距为10.0cm。故A错误；B、把蜡烛移至刻度尺10cm处，凸透镜不动，此时物距为10cm等于焦距，不能成像，故B正确；C、把蜡烛移至刻度尺32cm处，凸透镜不动，此时物距为18cm大于一倍焦距小于两倍焦距，成倒立放大的实像，而照相机成的是倒立缩小的实像，故C错误；D、把蜡烛移至刻度尺45cm处，凸透镜不动，此时物距为5cm小于焦距，成正立放大的虚像，虚像不能呈现在光屏上，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了凸透镜成像的规律及应用，难度不大，属于基础题。4．（2分）关于质量和密度，下列说法正确的是（）A．同种物质组成的物体，其密度与质量成正比 B．水的密度是1.0×103kg/m3，表明1m3的水质量是1.0×103kg/m3 C．一块冰全部熔化成水后，质量变小 D．嫦娥五号返回舱从月球带回1731g月球土壤样品返回地球，土壤样品质量不变【分析】（1）密度是物质的一种特性，决定于物质的种类、状态和温度，与物体的质量和体积无关；（2）密度是指单位体积的某种物质的质量；（3）质量是物体的一种属性，不随物体位置、形状、状态和温度变化。【解答】解：A、密度是物质的一种特性，与物体质量和体积无关，同种物质组成的物体密度相同，故A错误；B、水的密度是1.0×103kg/m3，表明1m3的水质量是1.0×103kg，故B错误；C、一块冰全部熔化成水后，状态改变，质量不变，故C错误；D、嫦娥五号返回舱从月球带回1731g月球土壤样品返回地球，样本的位置发生变化，质量不变，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对质量、密度概念的了解与掌握，不同物质的密度一般不同，同种物质同种状态下密度相同；质量是物体的属性，不随物体位置、形状、状态和温度变化。5．（2分）在2022年北京冬季奥运会上，某运动员参加短道速滑比赛。下列对比赛时的说法正确的是（）A．发令枪响前，运动员静止时所受的支持力与他对冰面的压力是一对平衡力 B．发令枪响后，运动员用力向后蹬来获得向前的动力，是因为物体间力的作用是相互的 C．运动员在经过弯道时不再用力向后蹬，此时运动状态不发生改变 D．冲线后，运动员停止用力仍能滑行很远，是因为运动员不受阻力【分析】（1）静止或做匀速直线运动的物体将受到平衡力的作用，当两个力满足四个条件时，才是一对平衡力，即“作用在同一个物体上、大小相等、方向相反、在同一条直线上”。（2）物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力。（3）物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，其运动状态不变。（4）两个互相接触的物体，当它们做相对运动或有运动趋势时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力。【解答】解：A、运动员静止时所受的支持力与他对冰面的压力作用在两个不同的物体上，不是一对平衡力，故A错误。B、运动员用力向后蹬来获得向前的动力，是因为力的作用是相互的，脚给地面一个向后的力，同时受到地面给脚向前的力，故B正确。C、运动员在经过弯道时，其运动方向和速度均发生变化，其运动状态改变，故C错误。D、运动员停止用力仍能滑行很远，是因为运动员具有惯性，仍受到摩擦力作用，故D错误。故选：B。【点评】理解平衡力的成立条件、摩擦力的概念，知道运动状态不变的情况，理解惯性概念，可解答此题。6．（2分）下列四幅图是小明在探究“影响滑动摩擦力大小因素”时设计的实验方案。以下说法正确的是（）A．通过甲、乙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响 B．通过甲、丁对比，可探究接触面积的大小对滑动摩擦力大小的影响 C．通过乙、丙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响 D．通过乙、丁对比，可探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力大小的影响【分析】滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法分析。【解答】解：A、通过甲、乙对比，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，通过簧测力计示数表现摩擦力的大小，由此可知，通过甲、乙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响，故A正确；B、甲、丁对比，压力相同，接触面的粗糙程度不同，接触面积的大小不同，两个变量，因此不能探究接触面的大小对滑动摩擦力大小的影响，故B错误；C、通过乙、丙对比，接触面的粗糙程度不相同，压力大小不同，两个变量，因此不能探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响，故C错误；D、通过乙、丁对比，接触面积的大小不同，压力大小不同，接触面的粗糙程度不同，三个变量，因此不能探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力大小的影响，故D错误。故选：A。【点评】此题考查学生对于影响滑动摩擦力大小的因素实验的理解和掌握，注意控制变量法的应用，并注意滑动摩擦力大小与接触面的大小无关。7．（2分）如图是测量大气压强的实验装置，玻璃管长约1米，槽内装有水银。下列说法正确的是（）A．将玻璃管从竖直位置适当向右侧倾斜，玻璃管内外水银面的高度差仍为760mm B．若将玻璃管向上提2cm，但玻璃管口仍在槽内水银面以下，则玻璃管内外水银面高度差变为780mm C．在实验中，若玻璃管内混入少量空气，所测的大气压值偏大 D．将此装置从山脚移到山顶，管内外水银面高度差变大【分析】（1）此装置为托里拆利实验装置，玻璃管倾斜，不会影响所测水银柱高度；（2）在托里拆利实验中，水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，在玻璃管顶端真空的情况下，管内外水银柱的高度差一般不会改变。（3）混入空气后，受管内气压的影响，测量高度要小；（4）大气压随高度的升高而降低.【解答】解：A、在测量过程中，由于外界的气压不变，则支持的水银柱的高度不变，如果玻璃管倾斜，管内水银的长度会变长，但高度差不变，故A正确；B、水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，若将玻璃管向上提2cm，但玻璃管口仍在槽内水银面以下，不会影响水银柱的最终高度，则玻璃管内外水银面高度差仍为760mm，故B错误；C、玻璃管中混入了空气，空气会对水银柱产生向下的压强，抵消了大气压的部分作用效果，所测高度将变小，则所测的大气压值偏小，故C错误；D、因为大气压随高度的升高而降低，故将此装置从山脚移到山顶，管内被托起的水银将下降，即管内外水银液面高度差减小，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了多种情况下水银柱高度的变化情况，托里拆利实验的实验依据和实验中注意的事项，以及哪些因素会对测量结果产生影响。8．（2分）物体在同一水平面上做匀速直线运动，当物体运动路程与时间的关系图象如图甲时，受到的水平推力为F1；当物体运动的速度与时间的关系图象如图乙时，受到的水平推力为F2。两次推力的功率分别为P1、P2。则F1：F2和P1：P2分别为（）A．3：59：25 B．3：51：1 C．3：53：5 D．1：13：5【分析】根据二力平衡条件分析出两次推力的大小关系，即可得出两次的推力之比；根据甲图利用速度公式求得第一次的速度，由图象乙直接读出第二次的速度，利用P＝＝＝Fv求出两次推力的功率之比。【解答】解：因为两次都是匀速直线运动，根据二力平衡条件可知，推力都等于摩擦力，摩擦力没变，故受到的水平推力为F1＝F2，因此F1：F2＝1：1，由图象甲可知，第一次物体的速度大小为：v甲＝＝＝3m/s，由v﹣t图象乙可知，第二次物体的速度大小为：v乙＝5m/s，由P＝＝＝Fv可得，两次推力的功率之比：＝＝＝＝，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了学生对图象问题的分析能力，能从图象中得出相关的信息，然后结合功和功率的计算公式进行计算求解，是中考的热点考题。9．（2分）疫情防控期间，各个单位和居民小区都加强了门卫保安工作，凡是内部车辆均可通过感应，自动打开门禁系统进入。外来车辆，驾驶员需要经过测温、核查、登记后，由保安人员手动打开门禁系统进入。由此可知，该门禁系统的控制电路可能是（）A． B． C． D．【分析】根据题意确定两开关的连接方式；开关控制电动机时，应与电动机串联。【解答】解：小区内部车辆门禁系统可以自动识别将门打开，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，则两个开关单独都能打开大门，即两开关并联后再与电动机串联，故B正确。故选：B。【点评】本题结合生活实际考查根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接。10．（2分）小亮想探究“在温度一定的条件下，导体电阻与长度、横截面积的关系”。他已选好代号为“a”的导体，他还应选用表中哪两个导体进行实验探究（）导体代号abcde导体长度L/m1.50.51.01.01.5导体横截面积S/mm21.21.20.81.22.0导体材料镍铬镍铬镍铬锰铜镍铬A．b、c B．c、e C．c、d D．b、e【分析】电阻与材料、长度、横截面积、温度四个因素有关，实验时温度一般不变，故不予考虑，研究电阻与长度关系时，要控制材料和横截面积一定，找两个长度不同的导体；研究电阻与横截面积的关系时，要控制材料和长度一定，找两个横截面积不同的导体。【解答】解：根据控制变量法的思想，研究导体电阻与长度的关系时，要控制材料和横截面积一定，找两个长度不同的导体，已选定了代号为“a”的导体，结合表格数据可知，他还要选用的导体代号是b；研究导体电阻与横截面积的关系时，要控制材料和长度一定，找两个横截面积不同的导体，已选定了代号为“a”的导体，结合表格数据可知，他还要选用的导体代号是e，因此想探究“在温度一定的条件下，导体电阻与长度、横截面积的关系”，他已选好代号为“a”的导体，还应选用表中b、e两个导体，故D正确。故选：D。【点评】本题探究导体电阻与长度、横截面积的关系，主要考查控制变量法的应用，当被研究的问题与多个因素有关时，研究与一个因素的关系，控制其他因素一定，改变被研究的因素，这是控制变量法。11．（2分）以下四种情况符合安全用电原则的是（）A．使用试电笔时，手应接触笔后端的金属部分 B．人向落在地面上的“高压线头”靠近 C．电灯的开关接在零线上 D．雷雨天人站在大树下避雨【分析】（1）使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属体；（2）安全用电的基本原则是：不靠近高压带电体，不接触低压带电体；（3）家庭电路的开关应该装在火线和用电器之间，这样可防止断开开关后用电器仍带电；（4）当雷雨天，树作为地面上的“凸出物”，雷电电流通过树干就会传下来；在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害。【解答】解：A、使用试电笔时手要接触笔尾金属体，这样才能构成通路，氖管才能发光，故A符合安全用电原则；B、人靠近高压带电体极易引发跨步电压触电，故B不符合安全用电原则；C、如果开关接在零线和灯泡之间，火线直接接在灯泡时，虽然断开开关，但是火线和灯泡相连，触及灯泡会发生触电事故，故C不符合安全用电原则；D、雷雨天人站在大树下避雨，因为大树和人体都是导体，雷电极易通过突起物﹣﹣大树传向人体，而造成雷电灾害，故D不符合安全用电原则。故选：A。【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全用电意识。12．（2分）核电站的发电流程如图所示，在发电过程中，下列所述能量转化顺序正确的是（）A．核能→化学能→内能→电能 B．核能→化学能→机械能→电能 C．核能→内能→机械能→电能 D．核能→机械能→内能→电能【分析】结合流程图，搞清核反应堆、汽轮机、发电机中各自的能量转化情况，便可分析出整体的能量转化过程。【解答】解：在核反应堆中，核能转化为介质的内能，在汽轮机中蒸气的内能转化为汽轮机的机械能，在发电机中，机械能转化为电能，最终输送到电网上，因此，选项C的描述符合题意。故选：C。【点评】明确核电站的工作流程，对我们理解其能量转化的整体过程非常有帮助。第Ⅱ卷（非选择题共46分）一、填空题：本题共6小题，每空1分，共14分。13．（2分）小华对一支铅笔的长度进行4次正确测量，记录数据如下：17.58cm、17.57cm、17.56cm、17.57cm，该铅笔的长度是17.57cm，所用刻度尺的分度值是1mm。【分析】（1）根据刻度尺的使用，为了减少误差，可用多次测量取平均值的方法，但是不管对同一物体测量多少次，准确值是不会变的，改变的是估计值，在取平均值时，要去掉错误的测量结果；（2）根据刻度尺的使用，读数时读到分度值还要估计一位。【解答】解：（1）将四次测量结果取平均值就是记录结果：＝17.57cm；（2）因为使用刻度尺读数时，读到分度值还要估计一位，所以从右面数第二位的单位就是分度值，故所用的刻度尺的分度值是1mm。故答案为：17.57cm；1mm。【点评】根据刻度尺的使用，读数时读到分度值还要估计一位，故从右面数第二位的单位就是分度值，注意取平均值时，若除不尽，保留的小数要与测量值小数位数相同。14．（4分）小刚同学在探究某种物质熔化特点的实验中，根据实验数据画出了该物质熔化过程中温度随时间变化的图象。由图象可知，该物质是晶体（选填“晶体”或“非晶体”），其熔点是80℃，在熔化过程中温度不变；在加热6min时，该物质处于固液共存态（选填“固态”、“液态”或“固液共存态”）。【分析】晶体有固定的熔化温度，而非晶体没有；晶体的熔化特点是吸收热量，温度保持不变。【解答】解：由图象可知，该物质在熔化过程中（BC段）吸收热量，温度保持80℃不变，则该物质为晶体，这个不变的温度叫做熔点，即该物质的熔点是80℃；在熔化过程中，虽然该物质的温度保持不变，但要继续吸收热量，所以其内能变大；在加热6min时，该物质处于固液共存态。故答案为：晶体；80；不变；固液共存态。【点评】本题考查了探究物质的熔化特点的实验，难度适中。15．（2分）由不同材料组成的a、b、c三个实心物体，它们的体积与质量的关系如图所示，则密度最大的是c（选填“a”、“b”或“c”）物体，它的密度是2×103kg/m3。【分析】确定密度最大的物质时，可取相同体积比较质量，质量最大的密度最大；从图象中找出一组对应的数据，然后根据密度公式计算该物质的密度；【解答】解：：由图象可知，当a、b、c三种物质体积相同时，c的质量最大，由ρ＝可知，c物质的密度最大；由图象可知，当体积Vc＝2cm3时，c物质的质量mc＝4g，c物质的密度：ρc＝＝＝2g/cm3＝2×103kg/m3。故答案为：c；2×103。【点评】本题考查了利用图像解决密度的相关问题，难度一般。16．（2分）如图所示是生活中常见的杆秤。称量时杆秤在水平位置平衡，被测物体和秤砣到提钮的距离分别为0.05m、0.2m，秤砣的质量为0.1kg，秤杆的质量忽略不计，则被测物体的质量为0.4kg。若秤砣有缺损，则杆秤所测物体的质量会偏大（选“偏大”或“偏小”）。【分析】知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。【解答】解：如图，由杠杆平衡可知G1•OA＝G2•OB，即：m1g•OA＝m2g•OB，∴m1＝＝＝0.4kg。若秤砣有缺损，m2减小，而G1•OA不变，所以OB要变大，杆秤所示的质量值要偏大。故答案为：0.4；大于。【点评】本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，找出力臂大小是本题的关键。17．（2分）如图甲所示，电源电压恒定不变，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω。开关闭合后，当滑动变阻器的滑片P移到某一位置时，电压表V1的示数如图乙所示，此时R2的功率为0.8W。则电流表的示数为0.4A，电源电压为6V。【分析】闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量电路电流；因不知道电压表的量程，所以分两种情况考虑：电压表的示数为0.8V或电压表的示数为4V，由欧姆定律和串联电路的特点可得通过电路的电流，根据电功率公式的变形计算R2两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的电阻，与滑动变阻器的最大阻值比较判断出时间工作情况，根据串联电路电压规律计算电源电压。【解答】解：闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表V1测定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量电路电流；若电压表的示数为0.8V，由欧姆定律和串联电路的特点可得此时通过电路的电流：I＝＝＝0.08A，R2两端的电压：U2＝＝＝10V，滑动变阻器接入电路的阻值：R2＝＝＝125Ω＞50Ω，故不可取；若电压表的示数为4V，由欧姆定律可得此时通过电路的电流：I′＝＝＝0.4A，R2两端的电压：U2′＝＝＝2V，滑动变阻器接入电路的阻值：R2′＝＝＝5Ω＜50Ω，故可取；串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U′＝U1′+U2′＝4V+2V＝6V；故答案为：0.4；6。【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，因不知道电压表的量程，所以分两种情况考虑。18．（2分）公元1世纪初，东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南”。如图，“柢”即握柄，是磁体的S（或南）极，司南之所以能指向南北方向，是由于受到地磁场的作用。【分析】地球本身是个大磁体，地磁场的南极在地理的北极附近，地磁场的北极在地理的南极附近，磁体指南北就是因为受到地磁场的作用。【解答】解：“柢”指南是由于受到地磁场的作用，“柢”指向地理的南极，即地磁北极，由异名磁极相互吸引可知，“柢”是磁体的S（或南）极。故答案为：S（或南）；地磁场。【点评】本题是考查地磁场的题目，地磁场的南极在地理的北极附近，地磁场的北极在地理的南极附近，是对基础知识的考查。二、作图、实验与探究题：本题共4个小题，共18分。19．（2分）如图所示，若利用滑轮组向下拉绳将重物提升，请画出滑轮组绕绳方法。【分析】对于滑轮组的绕法，向下拉绳子将重物提升，可以从绳子的自由端开始画，然后依次绕过定滑轮和动滑轮，最后挂在定滑轮的下挂钩上。【解答】解：向下拉绳将重物提升，从绳子的自由端绕过定滑轮，再绕过动滑轮，最后挂在定滑轮的下挂钩上，如下图所示。【点评】绕滑轮组时，可以从滑轮的挂钩开始绕，也可以从绳子的自由端开始绕，一般情况下从绳子的自由端绕更方便。20．（4分）如图是某同学利用光具盘探究光从空气斜射入玻璃中时的光路，经过多次实验并记录了如下数据：入射角α10°30°45°60°折射角β7.1°20.7°30°37.8°（1）实验中，光具盘除了能读出入射角和折射角大小外，还具有显示光路的作用；（2）分析表格中的数据，你能得出的结论（写出一条即可）：光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角。（3）根据表格中的数据还可以判断：当光以35°的入射角从空气射入玻璃中时，其折射角小于30°（选填“大于”、“小于”或“等于”）；（4）当光以30°的入射角从玻璃射入空气中时，其折射角是45°。【分析】（l）光具盘除具有知道入射角和折射角大小的作用外，还有显示光路的作用；（2）（3）据入射角和折射角的特点分析判断即可解决；（4）据光路的可逆性分析判断即可解决。【解答】解：（1）利用光具盘表面的漫反射可以显示光路，同时能直接读出入射角和折射角的大小；（2）由表格数据可知，当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角；（3）由表格数据可知，当光由空气斜射入玻璃中时，随着入射角的增大，折射角也增大，当入射角等于30°时折射角为20.7°，当入射角等于45°时折射角为30°，所以当入射角等于35°时折射角20.7°≤β≤30°；（4）根据光路的可逆性，当光由玻璃射入空气时，入射角小于折射角，且当入射角等于30°时，折射角为45°。故答案为：（1）显示光路；（2）当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角；（3）小于；（4）45°。【点评】本题主要考查学生利用光路图进行分析、总结光的折射规律的能力。光从空气斜射入玻璃的折射规律：折射光线和入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角，折射角随入射角的增大而增大。21．（5分）某物理兴趣小组利用“伏安法”测量一个阻值较小的定值电阻Rx的阻值，电路如图甲所示。已知电源电压为6V，R0＝10Ω，滑动变阻器规格为“50Ω0.6A”。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整，要求滑片向右移动连入电路中的阻值变小，导线不能交叉；（2）实验时，闭合开关，发现电流表和电压表示数都为0。现用一根导线在图甲中先后连接接线柱A与B、C与H时，电流表和电压表示数仍为0，连接接线柱H与G时，电流表和电压表指针有明显偏转，则电路的故障是开关断路。（3）排除故障后，闭合开关调节滑片，利用电压表和电流表测出了多组实验数据，并作出了电压表与电流表示数的关系图象，如图乙所示，则Rx阻值为2Ω。（4）调节滑动变阻器，当电压表的示数为3V时，Rx消耗的电功率是0.125W；（5）电路中串联R0的作用是A（填正确答案标号）A.增大串联电阻，增大分压，电压表易于读数B.增大串联电阻，增大分流，电流表易于读数【分析】（1）根据滑片向右移动连入电路中的阻值变小，确定滑动变阻器接入的接线柱串联接入电路；（2）实验时，闭合开关，发现电流表和电压表示数都为0，说明电路断路，连接接线柱H与G时，电压表和电流表指针明显偏转，此时电路为通路，导线与开关并联接入电路，据此判断电路故障；（3）由图甲知，电压表测R0和Rx的总电压，电流表测电路中电流，由图象根据欧姆定律计算两定值电阻的总电阻，从而得到Rx阻值；（4）根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，根据P＝UI＝I2R求出Rx消耗的电功率；（5）根据串联电路的分压原理分析解答；【解答】解：（1）伏安法测电阻的实验中，滑动变阻器应串联入电路中，要求滑片向右移动连入电路中的阻值变小，由图甲知，应将变阻器的F接线柱接入电路中，如图所示：；（2）实验时，闭合开关，发现电流表和电压表示数都为0，说明电路断路，连接接线柱H与G时，电压表和电流表指针明显偏转，此时电路为通路，导线与开关并联接入电路，则断路出现在开关处，因此电路的故障是开关断路；（3）由图甲知，电压表测R0和Rx的总电压，电流表测电路中电流，由图乙图象知，I﹣U图象是正比例图象，当电压表示数为6V时，电流表示数为0.5A，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可得：R0+Rx＝，所以Rx＝﹣R0＝﹣10Ω＝2Ω；（4）由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电路中的电流：I'＝＝＝＝0.25A，则Rx消耗的电功率：Px＝I'2Rx＝（0.25A）2×2Ω＝0.125W；（5）因为Rx的阻值较小，所以R0和Rx串联后两者总电阻较大，根据串联电路的分压原理知，两者分得总电压较大，便于电压表的读数，故选A。故答案为：（1）如图所示；（2）开关断路；（3）2；（4）0.125W；（5）A。【点评】本题是测电阻的实验，考查了实物电路的连接、故障的分析、串联电路特点和欧姆定律的应用，利用好串联电路的电阻特点是解题的关键。22．（7分）小李同学想探究“浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”。（1）实验步骤如图1所示，甲、乙、丙、丁中的弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3、F4，物体受到的浮力F浮＝F1﹣F3。（2）小李利用三个不同物体a、b、c进行实验探究，实验数据如下表：物体物重G/N物体浸没在水中测力计的示数F/N浮力F浮/N空桶重G0/N桶与排开水的总重G1/N排开水重G排/Na1.20.70.50.61.10.5b21.40.60.61.20.6c2.41.70.70.61.20.6分析表中物体a、b的实验数据，小李得出的结论是：物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力。（3）小李在探究物体c所受浮力的实验中，排除各种测量误差因素的影响，发现物体c排开水的重力明显小于它所受浮力，请分析实验操作中造成这种结果的原因：将物体c浸入水中之前，溢水杯中没有加满水（或排开是水没有全部流入小桶）。（4）小张利用身边的器材对小李的实验进行改进：两个相同的弹簧测力计A和B、重物、溢水杯（由饮料瓶和吸管组成）、薄塑料杯（质量忽略不计）等器材，装置如图2所示。实验时小张逐渐向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，观察到弹簧测力计A的示数逐渐变小，弹簧测力计B的示数逐渐变大，若弹簧测力计A的示数变化量为ΔFA，弹簧测力计B的示数变化量为ΔFB，则它们的大小关系是ΔFA＝ΔFB（选填“＞”、“＝”或“＜”）；（5）针对两种实验方案，小张实验装置的优点是B（填答案标号）。A.弹簧测力计A的示数就是物体所受浮力的大小B.实验器材生活化，实验中能同步观察弹簧测力计A、B示数的变化【分析】（1）根据称重法求出物体受到的浮力；（2）分析比较表中的浮力与排开水的重力关系得出结论；（3）在实验中，排除测量误差因素的影响，从溢出水的体积小于排开水的体积考虑；（4）如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，根据称重法F浮＝G﹣F′可知弹簧测力计A的示数变化；重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，根据阿基米德原理可知弹簧测力计A、B示数的变化量关系；（5）改进后的优点从增加实验器材的目的来分析。【解答】解：（1）由图甲可知物体的重力G＝F1，由图丁可知物体浸没时弹簧测力计的示数F′＝F3，则物体受到的浮力F浮＝G﹣F′＝F1﹣F3；（2）由表中可知，物体a、b的实验数据中物体受到浮力大小与物体排开水的重力相等，因此可得结论：物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力；（3）在实验中，若溢水杯没有装满水，造成溢出水的体积小于排开水的体积，则排开水的重力明显小于所受的浮力（或排开是水没有全部流入小桶）；（4）如图2所示，向下移动水平横杆，使重物缓慢浸入盛满水的溢水杯中，重物排开水的体积变大，受到的浮力变大，由称重法F浮＝G﹣F′可知弹簧测力计A的示数变小，重物排开水的体积越大时薄塑料袋内水的重力越大，即弹簧测力计B的示数越大，薄塑料袋的质量忽略不计时，由阿基米德原理可知，弹簧测力计A、B示数的变化量相等，即ΔFA＝ΔFB；（5）比较两种实验方案可知，改进后：A、由称重法F浮＝G﹣F′可知，弹簧测力计A的示数等于物体的重力减去受到的浮力，故A错误；B、薄塑料袋不计质量，能同步观察测力计A、B示数的变化，从而得出物体受到浮力的大小与排开液体所受重力的关系，故B正确；故答案为：（1）F1﹣F3；（2）物体浸在液体中所受浮力大小等于它排开液体所受的重力；（3）