2022-2023学年云南省曲靖市富源县二中物理高一下期中教学质量检测试题含解析

2022-2023学年云南省曲靖市富源县二中物理高一下期中教学质量检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、由电容器电容的定义式C＝Q/U可知A．若电容器不带电，则电容C为零B．电容C与电容器所带电荷量Q成反比，与电压U成反比C．国际单位制中，电容的单位是“库每伏”D．电容在数值上等于使两板间的电势差为1V时电容器需要带的电荷量2、质量为2kg的铅球从距离地面20m高做自由落体运动，以下正确的是(

)A．铅球完全失重,惯性越来越小 B．铅球完全失重,惯性越来越大C．下落的时间为4秒 D．落地速度为20m/s3、.如图所示，轻绳一端系一小球，另一端固定于O点，在O点正下方的P点钉一颗钉子，使悬线拉紧与竖直方向成一角度，然后由静止释放小球．在悬线碰到钉子后与碰到钉子前相比（）A．小球的加速度突然变大B．小球的速度突然变大C．小球所受的向心力突然变小D．悬线所受的拉力大小保持不变4、如图所示，两物块A、B套在水平粗糙的CD杆上，并用不可伸长的轻绳连接，整个装置能绕过CD中点的轴OO'转动，已知两物块质量相等，杆CD对物块A、B的最大静摩擦力大小相等，开始时绳子处于自然长度（绳子恰好伸直但无弹力），物块A到OO'轴的距离为物块B到OO'轴距离的两倍，现让该装置从静止开始转动，使转速逐渐增大，从绳子处于自然长度到两物块A、B即将滑动的过程中，下列说法正确的是（）A．B受到的静摩擦力一直增大B．B受到的静摩擦力是先增大后减小C．A受到的静摩擦力是先增大后减小D．A受到的合外力一直在增大5、下列有关功的说法，正确的是（）A．只要物体发生了位移，就一定有力对它做了功B．功有正有负，是矢量C．物体既受了力，又发生了位移，则力不一定对物体做了功D．做匀速运动的物体所受力均不做功6、发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3，轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点（如图所示）。则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率B．卫星在轨道3上的角速度等于在轨道1上的角速度C．卫星在轨道1上经过Q点的加速度大于它在轨道2上经过Q点时的加速度D．卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度7、(多选)根据开普勒关于行星运动的规律和圆周运动的知识知：太阳对行星的引力F∝，行星对太阳的引力F′∝，其中M、m、r分别为太阳、行星质量和太阳与行星间的距离，下列说法正确的是()A．由F′∝和F∝，F∶F′＝m∶MB．F和F′大小相等，是作用力与反作用力C．F和F′大小相等，是同一个力D．太阳对行星的引力提供行星绕太阳做圆周运动的向心力8、如图所示，长为L的悬线固定在O点，在O点正下方L/2处有一钉子C，把悬线另一端的小球m拉到跟悬点在同一水平面上无初速度释放，小球运动到悬点正下方时悬线碰到钉子，则小球的（）A．线速度突然增大B．角速度突然增大C．向心加速度突然增大D．悬线拉力突然增大9、如图所示，一个小球在真空中做自由落体运动，另一个同样的小球在黏性较大的油中由静止开始下落。它们都由高度为h1的地方下落到高度为h2的地方。在这两种情况下，下列说法正确的是（）A．动能的变化相等 B．重力势能的变化相等C．重力做的功相等 D．重力势能全部转化为动能10、银河系的恒星中大约四分之一是是双星系统。它们运行的原理可以理解为：质量分别为m1、m2的两个恒星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点做匀速圆周运动。如图所示。不考虑其他星体的影响。则两恒星圆周运动的（）A．周期不相同 B．线速度大小相等 C．向心力大小相等 D．半径之比11、一个100g的球从1.8m的高处落到一个水平板上又弹回到1.25m的高度，则整个过程中（g=10m/s2）（）A．重力做了0.55J的正功 B．重力做0.55J的负功C．球的重力势能一定减少0.55J D．球的重力势能一定增加0.55J12、在物体做曲线运动时，下列现象可能出现的有()A．平均速度不等于零，平均速率不等于零B．平均速度不等于零，平均速率等于零C．平均速度等于零，平均速率不等于零D．平均速度等于零，平均速率等于零二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）在“测量干电池的电动势和内阻”实验中：(1)某小组用如图甲所示的实验器材进行实验，其中部分实验电路已经连接，请用细线代替导线，完成实物电路连接______。(2)连接好电路，闭合开关，开始实验。测量某组数据时，电压表指针如图乙所示，读数为________V。(3)该小组正确规范操作以后记录的数据如表格中所示，组内小刚利用第1组和第5组数据计算出两节干电池的电动势和内阻，其中内阻r＝________Ω；小亮用描点法作出U-I图线，根据图象得到电源电动势和内阻，你认为谁的做法更为合理________(填“小刚”或“小亮”)。14、（10分）利用重物自由下落验证机械能守恒定律的实验装置．(1)在验证机械能守恒定律的试验中，没有必要进行的操作是_______A．用天平测重物的质量B．用秒表测重物下落的时间C．用打点计时器记录重物下落的信息D．用纸带记录测量重物下落的高度(2)该实验所用打点计时器的电源频率为50Hz，A、B、C为纸带中选取的三个计数点，每两个计数点之间还有4个点未画出，则打点计时器在打下计数点B时，物体的下落速度为vB=_______m/s．（小数点后保留两位有效数字）(3)由于该实验中存在阻力做功，所以实验测得的重物的重力势能的减少量______动能的增加量（选填“<”,“>”或“=”）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）某小灯泡的伏安特性曲线如图甲所示，三个完全相同的这种小灯泡连成如图乙所示的电路，电源的内阻为1.0Ω。现闭合开关S，理想电压表的示数为1.0V，求（结果均保留两位有效数字）：（1）小灯泡L此时的电阻RL；（2）电源的电动势E；（3）电源的总功率P。16、（12分）如图所示，从地面上方某点将一小球以v0=10m/s的初速度沿水平方向抛出。小球经过时间t=1s落地。不计空气阻力，取g=10m/s2。求：(1)小球抛出时离地面的高度h；(2)小球落地点与抛出点的水平距离x；(3)小球落地时的速度大小v。17、（12分）一质量m＝0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角θ=37°足够长的斜面，某同学利用传感器测出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机做出了小物块上滑过程的v-t图象，如图所示.（最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g="10"m/s2）求：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数（2）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的速度大小；若不能返回，求出滑块停在什么位置.

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】电容器的电容是由电容器本身决定的，与电容器是否带电或两板有无电压无关，选项AB错误；国际单位制中，电容的单位是“法拉”，选项C错误；根据C＝Q/U可知，电容在数值上等于使两板间的电势差为1V时电容器需要带的电荷量，选项D正确；故选D.2、D【解析】

AB．做自由落体运动的铅球完全失重，但惯性只与质量有关，大小不变，故A错误，B错误；C．根据位移时间关系，t=2s，故C错误；D．根据v=gt=20m/s，落地速度为20m/s，故D正确．故选：D3、A【解析】由公式，可知因为摆长变短，导致向心加速度变大，故A正确．由静止释放小球，当悬线碰到钉子时，由于细线的拉力和重力都与速度方向垂直，不改变速度大小，所以小球的速度大小不变，故B错误．由F=ma知，向心力也变大，故C错误．根据牛顿第二定律得：，解得：，v不变，r变小，则F变大，故D错误．故选A．【点睛】当细线碰到钉子瞬间，小球的速度大小不变，而摆长变化，小球碰到钉子后仍做圆周运动，由向心力公式可得出绳子的拉力与小球转动半径的关系；由圆周运动的性质可知其线速度、角速度及向心加速度的大小关系．4、D【解析】

设A的转动半径为2R，则B的转动半径R，A、B的角速度相同，开始时绳中无拉力，则：、，当角速度逐渐增大时，两物体所受摩擦力增大，A物体先达到最大静摩擦力，当A物体与杆间摩擦力达到最大时，有：；此后角速度继续增大，A物体靠绳子的拉力和最大静摩擦力提供向心力，则，解得：，角速度增大，拉力增大，B物体受拉力和摩擦力的合力充当向心力，则：，解得：，角速度增大，B物体所受的摩擦力减小到零后反向；若B物体所受摩擦力反向达到最大值后，再增大角速度，则两物体同时相对杆滑动；所以该装置从静止开始转动，使转速逐渐增大，从绳子处于自然长度到两物块A、B即将滑动的过程中，B所受的摩擦力先增大后减小，又增大，方向先指向圆心，然后背离圆心，A物体的静摩擦力一直增大达到最大静摩擦力后不变，故ABC错误；由于角速度不断增加，根据，向心力增加，合力提供向心力，故合力一直在增大，故D正确．5、C【解析】

A．力对物体做功的条件是：有力且在力的方向上发生位移，两个条件同时满足则力就对物体做功，故A错误；B．功有正有负，力对物体做正功表明力是促进物体运动的，力对物体做负功表明力是阻碍物体运动的，功是标量，故B错误；C．物体既受了力，又发生了位移，但力的方向如果与位移垂直，则该力不做功，故C正确；D．功是力对空间的积累效应，只要物体在运动过程中在某个力的方向上发生位移，则该力就做功，例如起重机匀速向上拉升货物，钢索的拉力和重力均做了功，故D错误。故选C。6、D【解析】

AB．卫星绕地球做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，则有可得，则知，卫星的轨道半径越大，角速度和线速度越小，所以卫星在轨道3上的角速度和线速度均比在轨道1上的小，故AB错误；CD．根据牛顿第二定律得得则知卫星经过同一点时加速度一定，则卫星在轨道1上经过点时的加速度等于它在轨道2上经过点时的加速度，卫星在轨道2上经过点时的加速度等于它在轨道3上经过点时的加速度，故D正确，C错误。故选D。7、BD【解析】F′和F大小相等、方向相反，是作用力和反作用力，太阳对行星的引力是行星绕太阳做圆周运动的向心力，故正确答案为BD.综上所述本题答案是：BD8、BCD【解析】

悬线与钉子碰撞前后，线的拉力始终与小球运动方向垂直，小球的线速度不变。故A错误；当半径减小时，由v=ωr知ω变大，故B正确；再由an=v2/r知向心加速度突然增大，故C正确；而在最低点F-mg=mv2/r，故碰到钉子后悬线拉力变大，故D正确。9、BC【解析】

A．在真空中只有重力做功，在液体中还有阻力做功，可知总功不等，由动能定理可知动能变化不相等，故A错误；BC．两球下落高度相同，由W=mgh可知，重力做功相等，重力势能的变化量等于重力做的功，可知重力势能的变化相等，故BC正确；

D．在真空中，机械能守恒，重力势能完全转化为动能，而在液体中，阻力做功，机械能不守恒，重力势能转化为动能和内能，故D错误。

故选BC。10、CD【解析】

A．因为双星各自做匀速圆周运动的角速度相同，根据可知，周期相同，故A错误；B．线速度，半径不同，则线速度不等，故B错误；C．双星间的万有引力是相互作用力，大小相等，且均提供向心力，则向心力大小相等，故C正确；D．根据，角速度相同，得半径之比故D正确。故选CD。11、AC【解析】

小球下降的高度为h=1.8m-1.25m=0.55m，则重力做的正功为W=mgh=0.1×10×0.55J=0.55J，而重力做了多少正功，小球的重力势能就减少多少，故小球的重力势能减小12、AC【解析】物体在曲线运动中位移可能为0，也可能不为零，平均速度是位移与时间的比，平均速度可能为零，也可能不为零；但路程一定不为0，平均速率是路程与时间的比，因此平均速率一定不等于零，故选项A、C正确，B、D错误.故选：AC二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、1.78-1.824.0小亮【解析】

（1）根据测电源电动势的原理，实物连线如下：（2）根据题意可知测量干电池电动势和内阻，所以电压表选择3V档，所以读数为：1.78V-1.82V（3）根据闭合电路欧姆定律：，将第1组和第5组数据代入得：，，联立解得：；计算法采取的是5组数据中的两组，偶然性较大，而描点做图将5组数据都用上了，得到的结论更准确，所以小亮的做法更合理14、AB1.96>【解析】

（1）A、因为我们是比较mgh与的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平，故A正确；BC、打点计时器已记录物体运动的时间，所以不需要用秒表记录时间，故B是不需要的，C是需要的．故B正确，C错误；D、实验中需要使用纸带记录物体下降的高度．故D是需要的．故D错误．故选AB；（2）每两个计数点之间还有4个点未画出，则每两个计数点之间的时间间隔T=0.02s×5=0.1s，B点的瞬时速度等于AC之间的平均速度，即打点计时器在打下计数点B时，物体的下落速度为；（3）由于该实验中存在阻力做功，重力势能的减小转化为物体的动能与内能，所以实验测得的重物的重力势能的减少量大于动能的增加量．三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）5.8Ω；（2）5.1V；（3）3.1W【解析】

（1）理