云南省蒙自一中2023年高一物理第二学期期中达标检测试题含解析

云南省蒙自一中2023年高一物理第二学期期中达标检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、电梯天花板上固定一弹簧测力计，测力计下挂一重物。电梯静止时，测力计读数为50N。若电梯向下运动时，测力计读数恒为55N，则电梯做A．匀速运动 B．匀加速运动 C．匀减速运动 D．变加速运动2、关于曲线运动，下列说法正确的有

(

)A．做曲线运动的物体，受到的合外力方向在不断改变B．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心C．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动D．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动3、下列描述的史实不正确的是（）A．开普勒发现了行星运动定律B．牛顿发现了万有引力定律C．卡文迪许较为准确地测出了引力常量的数值D．天王星被人们称为“笔尖下发现的行星”4、一个人站在阳台上在同一位置，以相同的速率分别把三个球竖直向上抛出，竖直向下抛出，水平抛出，不计空气阻力。则三球落地时的速度大小（）A．上抛球最大 B．下抛球最大 C．平抛球最大 D．三球一样大5、如果将平抛运动分解为水平方向和竖直方向上的两个直线运动,在同一坐标系中作出这两个分运动的v-t图线,如图所示,若物体平抛运动的时间大于2t1,下列说法中正确的是（）A．图线②表示水平分运动的v-t图线．B．t1时刻的合运动速度方向与初速度方向夹角为30°C．t1时刻速度方向与水平方向夹角的正切值为1D．2t1时刻的速度方向与初速度方向夹角为60°6、质量为1kg的物体被人用手由静止向上提高2m，这时物体的速度是4m/s，下列说法中正确的是（不计一切阻力，g=10m/s2）（）A．手对物体做功28JB．合外力对物体做功8JC．物体机械能增加了8JD．物体重力势能增加了20J7、质量为m的汽车在平直的公路上行驶，某时刻速度为v0，从该时刻起汽车开始加速，经过时间t前进的距离为s，此时速度达到最大值vm，设在加速度过程中发动机的功率恒为P，汽车所受阻力恒为，则这段时间内牵引力所做的功为（）A．PtB．C．D．8、下列关于物体运动的说法不正确的是（）A．物体在运动过程中若加速度不变，则一定做直线运动B．当物体速度为零时，处于绝对静止状态C．做平抛运动的物体在任意相等的时间内速度变化量一定相同D．做匀速圆周运动的物体在任意相等时间内速度的变化量一定相同9、一定质量的气体,在等温变化过程中,下列物理量发生变化的是()A．分子总数B．单位体积内的分子数C．气体的压强D．分子的平均速率10、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，离地面越远的卫星A．线速度越大B．线速度越小C．周期越大D．周期越小二、实验题11、（4分）图甲是“研究平抛物体的运动”的实验装置图。（1）实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线______，每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛______。（2）图乙是正确实验取得的数据，其中O为抛出点，则此小球作平抛运动的初速度为______m/s。（g取9.8m/s2）（3）在另一次实验中将白纸换成方格纸，每小格的边长L=0.8cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图丙所示，则该小球做平抛运动的初速度为______m/s；B点的竖直分速度为______m/s。（g取10m/s2）12、（10分）(1)在探究平抛运动的规律时，可以选用如图所示的各种装置，以下操作合理的是（_______）A．选用装置1研究平抛物体竖直分运动，应该保证A、B两球同时开始运动B．选用装置2时，要获得稳定细水柱所显示的平抛轨迹，竖直管上端A一定要低于水面C．选用装置3时，要获得钢球的平抛轨迹，每次不一定要从斜槽上同一位置由静止释放D．除上述装置外，也能用数码照相机拍摄钢球做平抛运动的每秒十几帧的照片，获得平抛轨迹（2）若用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长为L，小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=__________（用L、g表示）．(3)如图是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点竖直坐标y1为5cm、y2为45cm，A、B两点水平间距为40.0cm．则平抛小球的初速度v0为___________，若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的速度vC为_____________(结果保留两位有效数字，g取10m/s2)．三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）据每日邮报2014年4月18日报道，美国国家航空航天局日前宣布首次在太阳系外发现“类地”行星．假如宇航员乘坐宇宙飞船到达该行星，在该行星“北极”距地面h处由静止释放一个小球（引力视为恒力），经过时间t落到地面．已知该行星半径为R，自转周期为T，万有引力常量为G，求：(1)该行星的平均密度ρ；(2)该行星的第一宇宙速度v；(3)如果该行星存在一颗同步卫星，其距行星表面的高度H为多少．14、（14分）如图所示的电路，电源电动势E=10V，内阻．闭合开关后，标有“8V，16W”字样的灯泡L恰好能正常发光，小型电动机M的线圈电阻，求：(1)通过电源的电流I；(2)电动机的发热功率；(3)电动机的输出功率．15、（13分）一汽车的额定功率为80kW，在水平公路上行驶时，最大速率可达20m/s，汽车质量为2000kg，若汽车由静止开始做匀加速运动时，所受阻力恒定，加速度为2m/s2，求：(1)汽车所受阻力为多大；(2)汽车匀加速行驶的最长时间是多少；(3)若汽车功率达到最大值后，一直保持恒定功率行驶，则汽车从开始运动后的半分钟内发动机所做的功是多少。

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、C【解析】

电梯静止时，测力计读数为50N，则：若电梯向下运动时，测力计读数恒为55N，对物体应用牛顿第二定律得：代入数据解得：，方向向上，所以电梯是向下做匀减速运动。A.匀速运动，与分析不符，故A项错误；B.匀加速运动，与分析不符，故B项错误；C.匀减速运动，与分析相符，故C项正确；D.变加速运动，与分析不符，故D项错误。2、D【解析】

A．物体做曲线运动的条件是合力的方向与速度方向不在同一条直线上，但合外力方向不一定变化，如平抛运动．所以A选项错误．B．物体做匀速圆周运动，它的速度的大小是不变的，所以物体一定不受改变速度大小的加速度，但速度的方向在变，一定要受到改变速度方向的加速度，而改变速度方向的加速度是指向圆心的，所以所受的合外力一定指向圆心，故选项B错误．C．物体做匀速圆周运动的条件是受到大小不变，方向始终与速度方向垂直的力的作用．物体受到垂直于初速度方向的恒力作用，做类平抛运动，故选项C错误．D．做曲线运动的物体速度方向在时刻改变，故曲线运动是变速运动．故选项D正确．故选D3、D【解析】

A．开普勒发现了行星运动的三大定律，A正确；B．牛顿发现了万有引力定律，B正确；C．卡文迪许通过扭秤实验较为准确的测出了万有引力常量的数值，C正确；D．海王星被人们称为“笔尖下发现的行星”，D错误。本题选择不正确的，故选D。4、D【解析】

由机机械能守恒定律可得：1解得v=所以三球落地时的速度大小相等。A.上抛球最大与上述计算结果不符，故A不符合题意；B.下抛球最大与上述计算结果不符，故B不符合题意；C.平抛球最大与上述计算结果不符，故C不符合题意；D.三球一样大与上述计算结果相符，故D符合题意。5、C【解析】

A.图线2是初速度为0的匀加速直线运动，所以图线2表示的是竖直分运动，故A错误；B.t1时刻可知水平分速度和竖直分速度相等，则速度与初速度方向的夹角为45°，故B错误；C.图线与时间轴围成的面积表示位移，则t1时刻竖直方向的位移与水平方向的位移之比为1：2，所以t1时刻的位移方向与初速度方向夹角的正切为，故C正确；D.2t1时刻竖直方向的位移和水平方向的位移相等，所以2t1时刻的位移方向与初速度方向夹角为45°，故D错误．故选C6、ABD【解析】试题分析：根据动能定理求解手对物体做功和合外力做功．手对物体做功等于物体机械能的增加．物体的高度上升，重力做负功．解：A、根据动能定理得：W﹣mgh=mv2﹣0，解得，手对物体做功为：W=mgh+mv2=1×10×2+×1×42=28J，故A正确．B、由动能定理得：W合=mv2=×1×42=8J，故B正确．C、手对物体做功等于物体机械能的增加，则物体机械能增加△E=W=28J，故C错误．D、物体的重力做功为WG=﹣mgh=﹣1×10×2=﹣20J，即物体克服重力做功20J，重力势能增加了20J．故D正确．故选ABD．【点评】本题考查常见的几对功能关系的理解：合力做功等于动能的变化，除重力以外的力做功等于机械能的变化．7、ABD【解析】

A、由于发动机功率恒定，则经过时间t，发动机所做的功为：，故A正确；B、当速度达到最大值时，由，所以汽车的牵引力在这段时间内做功也等于，故B正确；C、在加速度行驶过程牵引力不是总等于阻力，故只表示阻力做功，不能表示牵引力的功，故C错误；

D、汽车从速度到最大速度过程中，由动能定理可知,

解得，故D正确。8、ABD【解析】

A、物体做直线运动条件是受力为零，或者合力与速度在一条直线上，而不是加速度不变，加速度不变物体可以是曲线运动，如平抛运动，故A错误。B、当物体速度为零时，相对其所在的参考系是静止的，但是运动是绝对的，故不能说处于绝对静止状态，故B错误。C、平抛加速度恒定为g，故速度变化量Δv=gΔt，在任意相等的时间内速度变化量一定相同，故C正确。D、做匀速圆周运动的物体加速度为：a=ΔvΔt，由于加速度大小不变，方向时刻变化，故Δv大小不变，方向时刻变化，故在任意相等的时间内，速度的变化量不同，故9、BC【解析】

ABC、等温变化过程研究的是一定质量的气体，压强随体积变化而变化，一定质量的气体，其分子总数一定，单位体积内的分子数改变，故B、C正确，A错误；D、气体在等温变化过程中，温度不变，所以分子的平均动能不变，分子的平均速率不变，故D错误；故选BC。【点睛】关键是知道温度是分子平均动能变化的标志，一定质量的气体，其分子总数一定。10、BC【解析】

离地面越远的卫星，其轨道半径越大，卫星受到的万有引力充当向心力，根据公式GMmr2=mv2r【点睛】本题关键要抓住万有引力提供向心力这一特征，灵活选择公式，再整理出被求量的表达式加以比较讨论．二、实验题11、水平初速度相同1.60.60.8【解析】

（1）[1][2]平抛运动的初速度一定要水平，因此为了获得水平的初速度安装斜槽轨道时要注意槽口末端要水平，为了保证小球每次平抛的轨迹都是相同的，这就要求小球平抛的初速度相同，因此在操作中要求每次小球能从同一位置静止释放．

（2）[3]由于O为抛出点，所以根据平抛运动规律有：x=v0ty＝gt2将x=32cm，y=19.6cm，代入解得v0=1.6m/s（3）[4][5]由图可知，物体由A→B和由B→C所用的时间相等，且有△y=gT2由图可知△y=2L=1.6cm，代入解得T=0.04s

x=v0T将x=3L=2.4cm，代入解得v0=0.6m/s竖直方向自由落体运动，根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度有12、ABD【解析】（1）选用装置图1研究平抛物体竖直分运动，应该保证A、B两球同时开始运动，从而判断小球是否同时落地，故A正确；选用装置2时，A管内与大气相通，为外界大气压强，A管在水面下保证A管上出口处的压强为大气压强．因而另一出水管的上端口处压强与A管上出口处的压强有恒定的压强差，保证另一出水管出水压强恒定，从而水速度恒定．如果A管上出口在水面上则水面上为恒定大气压强，因而随水面下降，出水管上口压强降低，出水速度减小．故B正确；选用装置图3要获得钢球的平抛轨迹，每次一定要从斜槽上同一位置由静止释放钢球，这样才能保证初速度相同，故C错误；用数码照相机拍摄时曝光时间的固定的，所以可以用来研究平抛运动，故D正确．故选ABD．（2）竖直方向上相等时间内的位移之差△y=L，

根据△y=gT2得，相等的时间间隔，

小球平抛运动的初速度（3）根据平抛运动的处理方法，竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，

所以y1=gt12

y2=gt22

水平方向的速度，即平抛小球的初速度为v0=

联立代入数据解得：v0=2.0m/s

若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的对应速度vC：据公式可得vy2=2gh，所以vy=2m/s

所以C点的速度为：vc==4.0m/s点睛：（1）解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项．在平抛运动的规律探究活动中不一定局限于课本实验的原理，要注重学生对探