2023年吉林省吉林市高二物理第二学期期中调研模拟试题含解析

2023年吉林省吉林市高二物理第二学期期中调研模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A.其中，A→B和C→D为等温过程，B→C为等压过程，D→A为等容过程．该循环过程中，下列说法正确的是()A．A→B过程中，气体吸收热量B．B→C过程中，气体分子的平均动能增大C．C→D过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D．D→A过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化2、如图所示，质量为m的金属环用线悬挂起来，金属环有一半处于水平且与环面垂直的匀强磁场中，从某时刻开始，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于线拉力大小的下列说法中正确的是（）A．小于环重力mg，并保持恒定B．大于环重力mg，并保持恒定C．始终等于环重力mgD．大于环重力mg，并逐渐减小3、高空坠物伤人事件常有发生。一身高为1.75m的同学被一根从6.75m高处竖直落下的枯树枝砸正头顶，设枯枝质量为2kg，与头部作用时间为0.02s，那么A．枯枝对人的头部产生的冲击力约20NB．枯枝对人的头部产生的冲击力约1000NC．保持其他条件不变，身高更高的同学，头部受到枯枝的冲击力会更大D．保持其他条件不变，身高更矮的同学，头部受到枯枝的冲击力会更小4、一辆汽车在教练场上沿着平直道路行驶，其运动的x-t图象如图所示，则汽车（）A．离出发点的最远距离为750m B．在t=0到t=20s内的平均速度是1.5m/sC．在t=10s到t=20s内的速度大小为30m/s D．在t=30s时刻的速度大小为15m/s5、如图（a），线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，在ab线圈中通以变化的电流，测得cd间的的电压如图（b）所示，已知线圈内部的磁场与流经的电流成正比，则下列描述线圈ab中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是：A．B．C．D．6、根据安培假设的思想，认为磁场是由于运动电荷产生的，这种思想如果对地磁场也适用，而目前在地球上并没有发现相对地球定向移动的电荷，那么由此判断，地球应该（）A．带负电 B．带正电 C．不带电 D．无法确定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在粗糙水平面上，用水平轻绳相连的两个相同的物体A、B质量均为m，在水平恒力F作用下以速度v做匀速运动．在t=0时轻绳断开，A在F作用下继续前进，则下列说法正确的是（）A．t=0至t=时间内，A、B的总动量守恒B．t=至t=时间内，A、B的总动量守恒C．t=时，A的动量为2mvD．t=时，A的动量为4mv8、如图所示，相距为d的两条水平虚线L1、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，正方形线圈abcd边长为L(L<d)，质量为m，电阻为R，将线圈从磁场上方高h处由静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v1，cd边刚离开磁场时速度也为v1．则线圈穿越磁场的过程中，(从cd边刚进入磁场起一直到ab边离开磁场为止)以下说法正确的是A．感应电流所做的功为mgdB．感应电流所做的功为2mgdC．线圈的最小速度一定为D．线圈的最小速度一定为9、下列说法正确的是（）A．＋→＋是α衰变方程B．＋→＋＋17.6MeV是核聚变反应方程C．→＋是核裂变反应方程D．＋→＋是原子核人工转变方程10、一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电伏，那么（）A．频率是50赫兹B．当t=0时，线圈平面恰好与中性面重合C．当t=1/200秒时，e有最大值D．有效值为伏特三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学“用双缝干涉测光的波长”。（1）如图所示，若将某单色光束照在的双缝上，在光屏上观察到的现象是图乙图样是平行且等宽的明暗相间的条纹。换用间隙更小的双缝，保持双缝到光屏的距离不变，在光屏上观察到的条纹宽度将_________；保持双缝间隙不变，减小光屏到双缝的距离，在光屏上观察到的条纹宽度将_________（以上均选填“变宽”“变窄”或“不变”）；（2）为测量该单色光的波长，将光束垂直射向间距为d的双缝（每个缝的宽度很窄，宽度可忽略），在双缝后面距离为L处的光屏上可以观察到干涉条纹。现使测量头的分划板中心刻线与条纹的中心对齐，经测量得出5条亮条纹之间的距离为a，则该单色光的波长为___。12．（12分）图示是验证动量守恒的实验示意图，已知小球a的质量为ma，小球b的质量为mb，且，A、B、C均为某小球的着地点，OA、OB、OC的长度分别为x1、x2、x3，不计空气阻力。(1)下列说法正确的是____；A．小球a每次应从同一位置由静止释放B．斜槽末端应保持水平C．必须测量斜槽末端到水平地面的高度H(2)___点是小球a单独以水平速度平抛落地的着地点，___点是碰撞后小球a落地的着地点。（均选填图中的“A”、“B”或“C”）(3)验证a、b两小球在碰撞前后总动量守恒的关系式为______。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一个横截面为直角三角形的三棱镜，A=30°，C＝90°．三棱镜材料的折射率是n=3.一束与BC面成θ＝30°角的光线射向BC面．①试通过计算说明在AC面下方能否观察到折射光线？②作出三棱镜内完整的光路图，指出从AB边出射光线与最初的入射光线之间的夹角．（不考虑AB边的反射光线）14．（16分）某一小型水电站，输电电路如图所示，发电机的输出功率为100kW，发电机的输出电压为500V，输电导线的总电阻为10Ω，导线上损耗的电功率为4kW，该村的用电电压是220V．求：（1）输电线上的输电电流、电压损耗分别是多少？（2）升压变压器的原、副线圈的匝数比（3）降压变压器的原、副线圈的匝数比15．（12分）如图所示，边长为的正方形单匝线框abcd，总电阻为，外电路的电阻为。线框处于足够大的匀强磁场中，磁感应强度为。时，线框平面与磁场方向垂直。若线框从时开始，以角速度绕ab边匀速转动。求：(1)感应电动势的最大值；(2)线框abcd的输出功率；(3)从到的时间内，通过电阻R的电荷量。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

因为A→B为等温过程，压强变大，体积变小，故外界对气体做功，根据热力学第一定律有△U=W+Q，温度不变，则内能不变，故气体一定放出热量，选项A错误；因为B→C为等压过程，由于体积增大，由理想气体状态方程pV/T=C可知，气体温度升高，内能增加，故气体分子的平均动能增大，B正确；C→D为等温过程，压强变小，体积增大，因为温度不变，故气体分子的平均动能不变，压强变小说明单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少，C错误；D→A为等容过程，体积不变，压强变小，由pV/T=C可知，温度降低，气体分子的平均动能减小，故气体分子的速率分布曲线会发生变化，D错误；故选B.2、D【解析】磁感应强度均匀减小，穿过回路的磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变．由楞次定律可知，感应电流方向：顺时针，再由左手定则可得，安培力的合力方向竖直向下．则ab棒所受的安培力F=BIL，可知安培力F均匀减小，且方向向下，金属环ab始终保持静止，则拉力大于重力，由于磁感应强度均匀减小．所以拉力的大小也逐渐减小，则可知，拉力开始时大于重力mg，并且逐渐减小，D正确．3、B【解析】

根据机械能守恒定律求解树枝落到头顶时的速度，根据动量定理求解树枝对头顶的作用力。【详解】树枝落到头顶上时的速度；对树枝由动量定理：，解得F=1020N，则选项B正确，A错误；保持其他条件不变，身高更高的同学，树枝落到头部的速度较小，则根据上述的分析可知，头部受到枯枝的冲击力会更小；同理身高更矮的同学，头部受到枯枝的冲击力会更大，选项CD错误；故选B.4、B【解析】

A．由图像可知，离出发点的最远距离为30m，选项A错误；B．在t=0到t=20s内的平均速度是选项B正确；C．在t=10s到t=20s内物体静止，速度大小为0，选项C错误；D．x-t图像的斜率等于速度，则在t=30s时刻的速度大小为选项D错误。故选B。5、C【解析】

试题分析：根据法拉第电磁感应定律，感应电动势即cd线圈中的电压，由于磁场是线圈ab中的感应电流产生的，所以，综上可得，即电压大小与线圈中电流的变化率成正比，根据图（b）可判断和电流的变化率大小相等，方向相反，即图象斜率大小相等，方向相反，对照选项C对．考点：电磁感应定律6、A【解析】

在磁体外部磁感线总是从N极出发指向S极，由此可知地磁场由南至北，由右手螺定则可知电流方向自东向西，由于地球自转为自西向东，由此可知地球带负电，A对；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

设A、B受到的滑动摩擦力都为f，断开前两物体做匀速直线运动，根据平衡条件得：F=2f，设B经过时间t速度为零，对B由动量定理得：，解得：；由此可知，在剪断细线前，两木块在水平地面上向右做匀速直线运动，以AB为系统，绳子的属于系统的内力，系统所受合力为零；在剪断细线后，在B停止运动以前，两物体受到的摩擦力不变，两木块组成的系统的合力仍为零，则系统的总动量守恒，故在至的时间内A、B的总动量守恒，故A正确；在后，B停止运动，A做匀加速直线运动，故两木块组成的系统的合力不为零，故A、B的总动量不守恒，故B错误；当时，对A由动量定理得：，代入，解得，故C正确；当时，对A由动量定理得：，代入，解得：，故D错误；故选C.【点睛】动量守恒定律适用的条件：系统的合外力为零．或者某个方向上的合外力为零，则那个方向上动量守恒．两木块原来做匀速直线运动，合力为零，某时刻剪断细线，在A停止运动以前，系统的合力仍为零，系统动量守恒；在B静止后，系统合力不为零，A和B组成的系统动量不守恒．8、BCD【解析】

AB．根据能量守恒，研究从cd边刚进入磁场到cd边刚穿出磁场的过程：动能变化量为1，重力势能转化为线框进入磁场的过程中产生的热量，，cd边刚进入磁场时速度为，cd边刚离开磁场时速度也为，所以从cd边刚穿出磁场到ab边离开磁场的过程，线框产生的热量与从cd边刚进入磁场到ab边刚进入磁场的过程产生的热量相等，所以线圈从cd边进入磁场到ab边离开磁场的过程，产生的热量感应电流做的功为故A错误，B正确；C．线框可能先做减速运动，在完全进入磁场前已做匀速运动，刚完全进入磁场时的速度最小，则则最小速度故C正确；D．因为进磁场时要减速，线圈全部进入磁场后做匀加速运动，则知线圈刚全部进入磁场的瞬间速度最小．设线圈的最小速度为，线圈从开始下落到线圈刚完全进入磁场的过程，根据能量守恒定律得：由上可知解得线圈的最小速度为故D正确。故选BCD。9、BD【解析】

A项：属于人工核转变，不是α衰变方程，α衰变是自发进行的，故A错误；B项：，是氢核聚变反应，故B正确；C项：放出α粒子是，α衰变，故C错误；D项：是在人为的作用下发生的故该反应是人工转变，故D正确。10、ABC【解析】

A．线圈的角速度为，故其频率为：故A正确；B．当t=0时e=0，此时线圈处在中性面上，故B正确．C．当时，，所以e有最大值，故C正确；D．有效值为故D错误；故选ABC．【点睛】根据交流电的表达式，可以知道其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、变宽变窄【解析】

（1）)[1][2]根据双缝干涉条纹间距公式可知在其它条件不变，换用间隙更小的双缝即d减小时，条纹宽度变宽；保持双缝间隙不变，减小光屏到双缝的距离即L减小，则条纹宽度变窄；（2）[3]由题意可知，双缝干涉条纹的间距为根据可知，该单色光的波长为12、ABBA【解析】

(1)[1]A．为保证入射球每次与被碰球相碰时速度相等，入射球a每次应从同一位置由静止释放，故A正确；B．为保证小球离开轨道后做平抛运动，斜槽末端应保持切线水平；C．由于抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间t相等，着地点离O点的距离就表示了速度的大小，所以不需要测量斜槽末端到水平地面的高度H，故C错误。故选AB。(2)[2][3]为防止碰撞后入射球a反弹，入射球a的质量应大于被碰球b的质量，两球从轨道的同一位置离开轨道做平抛运动，B点是小球a单独以水平速度平抛落地的着地点，A点是碰撞后小球a落地的着地点。(3)[4]如果碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得mava=mava′+mbvb′两边同时乘以时间tmavat=mava′t+mbvb′t则如果动量守恒，则满足四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)在AC面下方不能观察到折射光