2020年高一物理下学期期末模拟考试试卷及答案（三）

2020年高一物理下学期期末模拟考试试卷及答案（三）

一.单项选择题（共8小题，每小题只有一个选项是正确的，选对的

得4分，选错或不选得。分，共32分）

1.下面说法正确的是（）

A.物体的质量越大，动量一定越大

B.物体的质量越大，动能一定越大

C.力越大，力对物体的冲量就越大

D.物体的动量发生了变化，则物体在这段时间内的合外力一定不为

零

2.下列物体在运动过程中，机械能守恒的是（）

A.飘落的树叶B.沿滑梯下滑的人

C.乘电梯匀速上升的人D.做自由落体运动的铅球

3.如图所示，为一在水平面内做匀速圆周运动的圆锥摆，关于摆球

A的受力情况，下列说法中正确的是（）

A.摆球A受重力、拉力和向心力的作用

B.摆球A受拉力和向心力的作用

C.摆球A受拉力和重力的作用

D.摆球A受重力和向心力的作用

4.关于功率，下列说法中正确的是（）

A.功率大的机械做的功多

B.功率大的机械做功时用的时间少

C.汽车上坡时，司机要用"换挡”的办法减小速度，其目的是在输出

功率一定时，可以用此办法来获得较大的牵引力

D.某汽车发动机的功率越大，则牵引力越大

5.在列车编组站里，一辆mi=2.0X104kg的货车在平直轨道上以

vi=2m/s的速度运动，碰上一辆m2=3.0X104kg的静止的货车，它们

碰撞后结合在一起继续运动，则货车碰撞后运动的速度大小是（）

A.0.8m/sB.0.9m/sC.0.7m/sD.0.85m/s

6.一名运动员用力踢质量为0.5kg的足球，使球由静止以20m/s的

速度飞出，假定运动员踢球瞬间对球平均作用力是200N,球在水平

方向运动了20m停止，那么人对球所做的功为（）

A.50JB.100JC.500JD.4000J

7.关于地球同步卫星，下列说中不正确的是（）

A.它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间

B.它一定在赤道上空运行

C.它运行的线速度一定小于第一宇宙速度

D.各国发射的这种卫星轨道半径都一样

8.质量为4kg的物体被人由静止开始向上提升0.25m后速度达到

lm/s,则下列判断错误的是（）

A.人对物体做的功为12J

B.合外力对物体做的功为2J

C.物体克服重力做的功为10J

D.人对物体做的功等于物体增加的动能

二.多项选择题（共4小题，每小题至少有两个选项是正确的，选对

的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选得0分，共16分）

9.雨滴由静止开始下落，遇到水平吹来的风，下述说法正确的是

（）

A.雨滴下落时间与风速无关

B.雨滴着地速度与风速无关

C.风速越大，雨滴下落时间越长

D.风速越大，雨滴着地时速度越大

10.如图为常见的自行车传动示意图.A轮与脚踏板相连，B轮与车

轴相连，C为车轮.当人蹬车匀速运动时，以下说法正确的是（）

A.B轮角速度比C轮角速度大

B.A轮角速度比C轮角速度小

C.B轮边缘与C轮边缘的线速度大小相等

D.A轮边缘与B轮边缘的线速度大小相等

11.2016年9月25日，天宫二号由离地面hi=380km的圆形运行轨

道，经过"轨道控制〃上升为离地面的圆形轨道，"等待"神

h2=393km

州十一号的来访.已知地球的质量为M,地球的半径为R,引力常量

为G.根据以上信息可判断（）

A.天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度大于第一宇宙速度

B.天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度大于轨道hl上的运行速度

C.天宫二号在轨道hi上的运行周期为J47r2（R+hJ:

VGH

D.天宫二号由圆形轨道hi进入圆形轨道h2运行周期变大

12.如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始

释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面

深度为h的B点时速度减为零.不计空气阻力，重力加速度为g.关

于小球在刚接触地面到速度变为零的过程中，下列说法中正确的有

)

•让

A.小球的机械能减少了mgh

B.小球克服阻力做的功为mg（H+h）

C.小球所受阻力的冲量等于

D.小球动量的改变量大小等于m、国

三.实验题

13.如图是探究重锤下落过程中“机械能守恒定律”的实验装置.下列

实验步骤操作合理的排列顺序是（填写步骤前面的字母）

A.将打点计时器竖直安装在铁架台上

B.接通电源，再松开纸带，让重物自由下落

C.取下纸带，更换新纸带重新做实验

D,将重物固定在纸带的一端，让纸带穿过打点计时器，用手提着纸

-H4-

市

E.选择一条理想纸带，用刻度尺测出重物下落的高度hl,h2,h3,...hn,

计算出对应的瞬时速度V1,V2,V3,...Vn

F.分别算出当nM和mghn,在实验误差允许范围内看是否相等.

14.为了探究力对物体做功与物体速度变化的关系，现提供如图1所

示的器材，让小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行，当我们分

别用同样的橡皮筋1条、2条、3条…并起来进行第1次、第2次、

第3次…实验时，每次实验中橡皮筋拉伸的长度都应保持一致，我们

把橡皮筋对小车做的功可记作W、2W、3W...对每次打出的纸带进行

处理，求出小车每次最后匀速运动时的速度v,记录数据如下.请思

考并回答下列问题

功W0W2W3W4W5W6W

v/(m*s-1)01.001.411.732.002.242.45

(1)实验中木板略微倾斜，这样做(填答案前的字母).

A.是为了释放小车后，小车能匀加速下滑

B.是为了增大橡皮筋对小车的弹力

C.是为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功

D.是为了使橡皮筋松弛后小车做匀加速运动

(2)据以上数据，在坐标纸中作出W-v2图象.

(3)根据图象2可以做出判断，力对小车所做的功与

四.计算题(共4小题，共计47分，解答应写出必要的文字说明、

关系式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的

题，答案中必须明确写出数值和单位.)

15.如图，从地面上方某点，将一小球以5m/s的初速度沿水平方向

抛出.小球经过1s落地.不计空气阻力，g=10m/s2.则

(1)小球抛出时离地面的高度是多少？

(2)小球从抛出点到落地点的水平位移大小是多少？

(3)小球落地时的速度大小是多少？

、

16.质量为m=0.2kg的小球竖直向下以Vi=6m/s的速度落至水平地面,

再以V2=4m/s的速度反向弹回，小球与地面的作用时间t=0.2s,取竖

直向上为正方向，(取g=10m/s2).求

(1)小球与地面碰撞前后的动量变化？

(2)小球受到地面的平均作用力是多大？

17.国庆期间进行特技飞行表演的飞机，在竖直平面内做匀速圆周运

动，圆周半径R=1000m,飞机的飞行速度为v=90m/s,飞行员的质量

为60kg,(取g=10m/s2),求飞机运动到最高点时座椅对飞行员的作

用力大小和方向？

18.如图所示，AB为固定在竖直平面内的2光滑圆弧轨道，轨道的B

点与水平地面相切，其半径为R.质量为m的小球由A点静止释放,

求：

(1)小球滑到最低点B时，小球速度v的大小；

(2)小球刚到达最低点B时，轨道对小球支持力FN的大小；

(3)小球通过粗糙的水平面BC滑上固定光滑曲面，恰达最高点D,

后返回滑到到水平面BC的中点停下，求D到地面的高度为h.

参考答案与试题解析

单项选择题（共8小题，每小题只有一个选项是正确的，选对的

得4分，选错或不选得。分，共32分）

1.下面说法正确的是（）

A.物体的质量越大，动量一定越大

B.物体的质量越大，动能一定越大

C.力越大，力对物体的冲量就越大

D.物体的动量发生了变化，则物体在这段时间内的合外力一定不为

零

【考点】52：动量定理；64：动能.

【分析】根据动量的定义式：P=mv可以判断A；根据动能的表达式

即可判断B；根据冲量的定义式可以判断C；根据动量定理判断选项

D.

【解答】解：A、根据P=mv可知：质量大的物体，动量不一定大，

还要看速度，速度大的物体动量不一定大，还要看质量，故A错误；

B、根据动能的表达式EkAmv?可知物体的质量越大，动能一定越大,

故B错误；

C、根据冲量的定义式：l=Ft,可知力大,力对物体的冲量不一定越大.故

C错误；

D、根据动量定理：△p=F弁・t,可知物体的动量发生了变化，则物体

在这段时间内的合外力一定不为零.故D正确.

故选：D

2.下列物体在运动过程中，机械能守恒的是（）

A.飘落的树叶B.沿滑梯下滑的人

C.乘电梯匀速上升的人D.做自由落体运动的铅球

【考点】6C：机械能守恒定律.

【分析】物体机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功，根据机械能

守恒的条件逐个分析物体的受力情况，判断各力做功情况，即可判断

物体是否是机械能守恒.也可以根据机械能的概念分析.

【解答】解：A、飘落中的树叶除了受重力之外还有受到空气阻力，

空气阻力对树叶要做功，所以其机械能不守恒，故A错误；

B、沿滑梯下滑的人下滑的过程中受到的阻力不能忽略不计，所以机

械能不守恒.故B错误；

C、人乘电梯匀速上升时，动能不变，重力势能增加，则其机械能增

加.故C错误；

D、做自由落体运动的铅球在运动的过程中只有重力做功，所以机械

能守恒.故D正确.

故选：D

3.如图所示，为一在水平面内做匀速圆周运动的圆锥摆，关于摆球

A的受力情况，下列说法中正确的是（）

A.摆球A受重力、拉力和向心力的作用

B.摆球A受拉力和向心力的作用

C.摆球A受拉力和重力的作用

D.摆球A受重力和向心力的作用

【考点】4A：向心力；37：牛顿第二定律.

【分析】先对小球进行运动分析，做匀速圆周运动，再找出合力的方

向，进一步对小球受力分析！

【解答】解：小球在水平面内做匀速圆周运动，对小球受力分析，如

图

小球受重力、和绳子的拉力，由于它们的合力总是指向圆心并使得小

球在水平面内做圆周运动，故在物理学上，将这个合力就叫做向心力，

即向心力是按照力的效果命名的，这里是重力和拉力的合力.

4.关于功率，下列说法中正确的是（）

A.功率大的机械做的功多

B.功率大的机械做功时用的时间少

C.汽车上坡时，司机要用"换挡”的办法减小速度，其目的是在输出

功率一定时，可以用此办法来获得较大的牵引力

D.某汽车发动机的功率越大，则牵引力越大

【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率.

【分析】功率等于单位时间内做功的多少，是表示做功快慢的物理

量.汽车发动机的功率与牵引力的关系为P=Fv,运用控制变量法来

理解这个公式.

【解答】解：A、功率大，说明做功快，不是做多，故A错误.

B、由P=与可知，功率大的机械在做相等的功时用的时间才少，故B

错误.

C、由P=Fv,知P一定时，减小V,可增大F,故C正确.

D、汽车发动机的功率越大，单位时间内做功越多，但牵引力不一定

越大.故D错误.

故选：C

5.在列车编组站里，一辆mi=2.0X104kg的货车在平直轨道上以

4

vi=2m/s的速度运动，碰上一辆m2=3.0X10kg的静止的货车，它们

碰撞后结合在一起继续运动，则货车碰撞后运动的速度大小是（）

A.0.8m/sB.0.9m/sC.0.7m/sD.0.85m/s

【考点】53：动量守恒定律.

【分析】两货车在碰撞过程中系统动量守恒，规定正方向，由动量守

恒定律可以求出碰撞后货车的速度.

【解答】解：两货车碰撞过程中系统的动量守恒，以碰撞前mi的初

速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

（）解得：v=

miVi=mi+m2v,叫］二=-2X10X2Q8m/s.

roi+m22X10+3X1Qq

即货车碰撞后运动的速度大小为0.8m/s.

故选：A

6.一名运动员用力踢质量为0.5kg的足球，使球由静止以20m/s的

速度飞出，假定运动员踢球瞬间对球平均作用力是200N,球在水平

方向运动了20m停止，那么人对球所做的功为（）

A.50JB.100JC.500JD.4000J

【考点】65：动能定理.

【分析】对人踢足球的过程，运用动能定理，求出在踢球的过程中人

对球所做的功.

【解答】解：在踢球的过程中，人对球所做的功等于球动能的变化，

则人对球所做的功为：

W=^mv2-0=^X0.5X202J=100J.

22

故选：B

7.关于地球同步卫星，下列说中不正确的是（）

A.它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间

B.它一定在赤道上空运行

C.它运行的线速度一定小于第一宇宙速度

D.各国发射的这种卫星轨道半径都一样

【考点】4J：同步卫星.

【分析】了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周

期相同.

物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向

轨道平面的中心.

第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速

度.

【解答】解：A、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的

圆周运动的环绕速度.而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道

半径，根据v口悟可以发现，同步卫星运行的线速度一定小于第一宇

宙速度，第二宇宙速度是脱离地球的束缚的速度，第二宇宙速度大于

第一宇宙速度，故A错误，C正确；

B、它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步"，那它的

运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能

的，因此同步卫星一定在赤道上空，相对地面静止不动，故B正确.

D、根据万有引力提供向心力，列出等式：=m$(R+h),

其中R为地球半径，h为同步卫星离地面的高度.由于同步卫星的周

期必须与地球自转周期相同，所以T为一定值，根据上面等式得出：

同步卫星离地面的高度h也为一定值.因此轨道半径都一样，故D

正确.

本题选择错误的，故选：A.

8.质量为4kg的物体被人由静止开始向上提升0.25m后速度达到

lm/s,则下列判断错误的是（）

A.人对物体做的功为12J

B.合外力对物体做的功为2J

C.物体克服重力做的功为10J

D.人对物体做的功等于物体增加的动能

【考点】6B：功能关系；62：功的计算.

【分析】人对物体做的功等于物体机械能的增加量，由功能原理求人

对物体做的功.合外力对物体做的功等于物体动能的增加量，由动能

定理求合外力对物体做的功.由求物体克服重力做的功.

WG=mgh

【解答】解：AD、根据功能原理知，人对物体做的功等于物体机械

能的增加量，即W人=11^11+31^2=12J,故A正确，D错误；

B、由动能定理知，合外力对物体做的功等于物体动能的增加量，即W

^=-1-mv2=2J,故B正确；

、物体克服重力做的功等于物体重力势能的增加量，即

CWG=mgh=10

J,故C正确.

本题选错误的，故选：D

二.多项选择题（共4小题，每小题至少有两个选项是正确的，选对

的得4分，选对但不全的得2分，选错或不选得0分，共16分）

9.雨滴由静止开始下落，遇到水平吹来的风，下述说法正确的是

)

A.雨滴下落时间与风速无关

B.雨滴着地速度与风速无关

C.风速越大，雨滴下落时间越长

D.风速越大，雨滴着地时速度越大

【考点】44：运动的合成和分解.

【分析】将水滴的实际运动沿着水平方向和竖直方向正交分解，合运

动的时间等于竖直分运动的时间，与水平分速度无关；合速度为水平

分速度和竖直分速度的矢量和.

【解答】解：将水滴的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，水平方

向随风一起飘动，竖直方向同时向下落；

AC、由于水平方向的分运动对竖直分运动无影响，故落地时间与水平

分速度无关，故A正确，C错误；

BD、两分运动的速度合成可得到合速度，故风速越大，落地时合速度

越大，故D正确，B错误；

故选：AD.

10.如图为常见的自行车传动示意图.A轮与脚踏板相连，B轮与车

轴相连，C为车轮.当人蹬车匀速运动时，以下说法正确的是（）

A.B轮角速度比C轮角速度大

B.A轮角速度比C轮角速度小

c.B轮边缘与C轮边缘的线速度大小相等

D.A轮边缘与B轮边缘的线速度大小相等

【考点】48：线速度、角速度和周期、转速.

【分析】同缘传动边缘点线速度相等；同轴转动角速度相等；然后结

合v=ru）公式分析.

【解答】解：A、B与C属于同轴转动，所以角速度是相等的.故A

错误；

B、D、轮A、B边缘上的点与传动链条接触，其速度大小和传动链条

的速度大小一致，所以A轮边缘与B轮边缘的线速度大小相等，根据

公式v=ru）,线速度相等时，半径小的角速度大，即B的角速度大，

又由于B与C的角速度相等，所以A轮角速度比C轮角速度小.故B

正确，D正确；

C、D、轮B与C轮边缘的点角速度相同，而叱＞出据公式v=u）i■可

知，C轮边缘的点线速度大，故C错误.

故选：BD

11.2016年9月25日，天宫二号由离地面hi=380km的圆形运行轨

道，经过“轨道控制”上升为离地面h2=393km的圆形轨道，"等待〃神

州十一号的来访.已知地球的质量为M,地球的半径为R,引力常量

为G.根据以上信息可判断（）

A.天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度大于第一宇宙速度

B.天宫二号在圆形轨道h2上运行的速度大于轨道hi上的运行速度

C.天宫二号在轨道hl上的运行周期为\竺1%立.

VGH

D.天宫二号由圆形轨道hi进入圆形轨道h2运行周期变大

【考点】4F：万有引力定律及其应用.

【分析】根据万有引力做向心力求得速度、周期的表达式，然后通过

比较半径的大小得到速度、周期的大小.

【解答】解：AB、天宫二号在圆形轨道上做圆周运动，万有引力做向

心力，故有粤所以，运行速度V?丹，故半径越小，速度越

r1r

大；

而地球半径RVR+h2,且R+hi<R+h2,故天宫二号在圆形轨道h?上运

行的半径最大，速度最小，故AB错误；

C、天宫二号在轨道M上的运行，万有引力做向心力，故有

（R：：；2=m（^）2（R+hI）,所以，运行周期TQE2Mhi尸,故c正

确；

D、由万有引力做向心力可得：粤5（牛）2-所以，丁2="工，

T1GM

故半径越大，周期越大，R+hi<R+h2,所以，天宫二号由圆形轨道hi

进入圆形轨道h2运行周期变大，故D正确；

故选：CD.

12.如图所示，质量为m的小球从距离地面高H的A点由静止开始

释放，落到地面上后又陷入泥潭中，由于受到阻力作用到达距地面

深度为h的B点时速度减为零.不计空气阻力，重力加速度为g.关

于小球在刚接触地面到速度变为零的过程中，下列说法中正确的有

()

M

A.小球的机械能减少了mgh

B.小球克服阻力做的功为mg(H+h)

C.小球所受阻力的冲量等于m历

D.小球动量的改变量大小等于m伍S

【考点】52：动量定理.

【分析】通过小球重力势能和动能的变化量求出小球机械能的减小

量，对全过程运用动能定理，求出小球克服阻力做功的大小，根据动

量定理求出小球阻力的冲量.

【解答】解：A、小球在整个过程中，动能变化量为零，重力势能减

小mg(H+h),则小球的机械能减小了mg(H+h).故A错误.

B、对全过程运用动能定理得，mg(H+h)-Wf=0,则小球克服阻力

做功Wf=mg(H+h).故B正确.

C、落到地面的速度v=府，对进入泥潭的过程运用动量定理得，

IG+IJOF屈，知阻力的冲量大小不等于故C错误.

D、落到地面的速度v=V2iH,对进入泥潭后的速度为0,所以小球动

量的改变量大小等于故D正确.

故选：BD

三.实验题

13.如图是探究重锤下落过程中“机械能守恒定律〃的实验装置.下列

实验步骤操作合理的排列顺序是ADBCEF（填写步骤前面的字母）

A.将打点计时器竖直安装在铁架台上

B.接通电源，再松开纸带，让重物自由下落

C.取下纸带，更换新纸带重新做实验

D,将重物固定在纸带的一端，让纸带穿过打点计时器，用手提着纸

市

E.选择一条理想纸带，用刻度尺测出重物下落的高度hi，h2,h3,...hn,

计算出对应的瞬时速度V1，V2,V3，...Vn

F.分别算出和mghn,在实验误差允许范围内看是否相等.

【考点】MD：验证机械能守恒定律.

【分析】实验时先进行组装器材、然后进行实验，最后数据处理，按

照该顺序排列实验的步骤.

【解答】解：实验时先组装器材，步骤为：AD,然后进行实验，步

骤为：BC,最后实验数据处理，步骤为：EF.则实验步骤操作合理的

排列顺序是ADBCEF.

故答案为:ADBCEF.

14.为了探究力对物体做功与物体速度变化的关系，现提供如图1所

示的器材，让小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行，当我们分

别用同样的橡皮筋1条、2条、3条.••并起来进行第1次、第2次、

第3次…实验时，每次实验中橡皮筋拉伸的长度都应保持一致，我们

把橡皮筋对小车做的功可记作W、2W、3W...对每次打出的纸带进行

处理，求出小车每次最后匀速运动时的速度V,记录数据如下.请思

考并回答下列问题

功W0W2W3W4W5W6W

v/(m*s01.001.411.732.002.242.45

(1)实验中木板略微倾斜，这样做C(填答案前的字母).

A.是为了释放小车后，小车能匀加速下滑

B.是为了增大橡皮筋对小车的弹力

C.是为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功

D.是为了使橡皮筋松弛后小车做匀加速运动

(2)据以上数据，在坐标纸中作出W-v2图象.

(3)根据图象2可以做出判断，力对小车所做的功与力对小车所

做的功与.

【考点】MJ：探究功与速度变化的关系.

【分析】（1）实验中木板稍微倾斜的目的是平衡摩擦力；

（2）根据描点法作出图象；

（3）根据图象特点，利用数学知识可正确得出结论.

【解答】解：（1）装置探究橡皮筋做功与小车速度的关系，应平衡摩

擦力，使得橡皮筋做功等于合外力做功，以及能够使橡皮筋松弛后小

车做匀速运动，故C正确，ABD错误.

故选：C.

（2）根据描点法作出图象，如图所示：

（3）W-v2图象是一条过原点的倾斜的直线，根据图象可知，力对

小车所做的功与小车速度平方成正比.

故答案为：（1）C；（2）W-v2图象如图；（3）小车速度平方成正比.

四.计算题（共4小题，共计47分，解答应写出必要的文字说明、

关系式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的

题，答案中必须明确写出数值和单位.）

15.如图，从地面上方某点，将一小球以5m/s的初速度沿水平方向

抛出.小球经过1s落地.不计空气阻力，g=10m/s2.则

（1）小球抛出时离地面的高度是多少？

（2）小球从抛出点到落地点的水平位移大小是多少？

（3）小球落地时的速度大小是多少？

【考点】43：平抛运动；44：运动的合成和分解.

【分析】(1)小球抛出时离地面的高度h,可以根据h=^gt2求出；

(2)小球从抛出点到落地点的水平位移可以根据x=vot求解；

(3)小球落地时候的速度可根据v=G(j2+丫丫2求解.

【解答】解：(1)小球竖直方向做自由落体运动，根据h=/gt2得：

h=5m；

(2)小球水平方向做自由落体运动，根据x=vot得：x=5m；

(3)小球落地的速度v=Go2+丫丫2,vy=gt,联立方程解得：v=5,(5

m/s.

答：(1)小球抛出时离地面的高度是5m；(2)小球从抛出点到落地

点的水平位移大小是5m；(3)小球落地时的速度大小是5%m/s.

16.质量为m=0.2kg的小球竖直向下以Vi=6m/s的速度落至水平地面，

再以V2=4m/s的速度反向弹回，小球与地面的作用时间t=0.2s,取竖

直向上为正方向，(取g=10m/s2).求

(1)小球与地面碰撞前后的动量变化？

(2)小球受到地面的平均作用力是多大？

【考点】52：动量定理.

【分析】(1)取竖直向上方向为正方向，分别表示出碰地前后小球的

动量，小球动量的变化量等于末动量与初动量的差；

(2)代入动量定理的公式可以直接计算出小球受到地面的平均作用

力大小.

【解答】解：(1)取竖直向上为正方向，碰撞地面前小球的动量：

Pi=mvi=-0.2X6=-1.2kg*m/s

碰撞地面后小球的动量：

p2=mv2=0.2X4=0.8kg*m/s

小球与地面碰撞前后的动量变化：・

Ap=p2-pi=0.8-(-1.2)=2kgm/s

方向竖直向上

(2)小球与地面碰撞，小球受到重力G和地面对小球的作用力F,

由动量定理：(F-mgt)=Ap

代入数据得小球受到地面的平均作用力是F=12N

答：(1)小球与地面碰撞