天津求知中学高二化学月考试卷含解析

天津求知中学高二化学月考试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.下列转化不属于煤或石油的综合利用的是

A．将煤干馏制得煤焦油和焦炭

B.在一定条件下将煤与氢气转化为液体燃料C.将煤变为煤饼作燃料

D．将石油裂解制得乙烯等化工原料参考答案：C2.下列试剂的保存方法错误的是A.少量的钠保存在煤油中

B.浓硝酸保存在无色玻璃瓶中C.氢氧化钠溶液保存在具橡皮塞的玻璃瓶中

D.新制的氯水保存在棕色玻璃瓶中参考答案：略3.25℃时，0.01mol/L的HCl溶液中，由水电离出的H＋浓度是（

）A．1×10－7mol·L－1

B．1×10－12mol·L－1

C．1×10－2mol·L－1

D．1×10－14mol·L－1参考答案：B略4..在0.1mol·L－1CH3COOH溶液中存在如下电离平衡：CH3COOHCH3COO－＋H+，对于该平衡，下列叙述正确的是（

）A.加入水时，平衡向逆反应方向移动

B.加入少量NaOH固体，平衡向正反应方向移动C.加入少量0.1mol·L－1HCl溶液，溶液中c(H+)减小

D.加入少量CH3COONa固体，平衡向正反应方向移动参考答案：D略5.在密闭容器中进行如下反应：X2(g)+Y2(g)2Z(g)，已知X2、Y2、Z的起始浓度分别为0.1mol/L、0.3mol/L、0.2mol/L，在一定条件下,当反应达到平衡时,各物质的浓度有可能是A．Z为0.3mol/L B．Y2为0.4mol/L

C．X2为0.2mol/L D．Z为0.4mol/L参考答案：A略6.下列离子方程式书写正确的是(

)

A．石灰石(CaCO3)与稀盐酸反应

C032-

十2H+

=

C02↑十H20B．KI溶液中通入氯气

2I-

十C12＝2C1-十I2

C．铜与硝酸银溶液反应

Cu十Ag+

=

Cu2+十AgD．氢氧化钡溶液与稀硫酸反应

H+

十OH-＝H2O

参考答案：B略7.Fe3+、、Al3+和X四种离子以物质的量之比2:4:1:1大量共存于同一溶液中，X可能是

A．Na+

B．OH–

C．

D．Cl–参考答案：D略8.下列有机物不能与HCl直接反应的是

A.苯

B.乙烯

C.丙醇

D.苯酚钠参考答案：A9.铋（Bi）在医药方面有重要应用。下列关于Bi和Bi的说法正确的是

A．Bi和Bi都含有83个中子

B．Bi和Bi互为同位素C．Bi和Bi的核外电子数不同

D．Bi和Bi分别含有126和127个质子参考答案：B10.在一定条件下，对于密闭容器中进行的可逆反应：N2(g)+3H2(g)

2NH3(g)，下列说法中，能说明该反应已经达到化学平衡状态的是（

）A、N2、H2、NH3在密闭容器中共存

B、N2、H2、NH3的浓度不再变化C、N2、H2、NH3的浓度相等

D、正、逆反应速率都等于零参考答案：B略11.下列药物及其类别的对应关系不正确的是A．胃得乐（主要为碳酸镁）——抗酸药

B．复方氢氧化铝——抗生素C．阿司匹林——解热镇痛药

D．磺胺类药物——合成抗菌药参考答案：B略12.PH3一种无色剧毒气体，其分子结构和NH3相似，但P﹣H键键能比N﹣H键键能低．下列判断错误的是（）A．PH3分子呈三角锥形B．PH3分子是极性分子C．PH3沸点低于NH3沸点，因为P﹣H键键能低D．PH3分子稳定性低于NH3分子，因为N﹣H键键能高参考答案：C考点：键能、键长、键角及其应用；判断简单分子或离子的构型；极性分子和非极性分子．.专题：压轴题；化学键与晶体结构．分析：A、NH3是三角锥型，PH3分子结构和NH3相似，也是三角锥型；B、分子结构是三角锥型，正负电荷重心不重合，为极性分子；C、NH3分子之间存在氢键，沸点高；D、化学键越稳定，分子越稳定，键能越大化学键越稳定．解答：解：A、PH3分子结构和NH3相似，NH3是三角锥型，故PH3也是三角锥型，故A正确；B、PH3分子结构是三角锥型，正负电荷重心不重合，为极性分子，故B正确；C、NH3分子之间存在氢键，PH3分子之间为范德华力，氢键作用比范德华力强，故NH3沸点比PH3高，故C错误；D、P﹣H键键能比N﹣H键键能低，故N﹣H更稳定，化学键越稳定，分子越稳定，故D正确；故选C．点评：本题考查空间结构、氢键、键能与性质关系等，比较基础，注意C选项中常见具有氢键的物质．13.下列物质既可以做防腐剂，又可以做调味剂的是（

）A．食盐

B．苯甲酸钠

C．柠檬黄

D．味精参考答案：A略14.由化学能转变的热能或电能仍然是人类使用的主要能源。根据右图所示的装置，判断下列说法不正确的是

A.该装置中Pt极为阳极B.当c极的质量变化了2.16g时，a极上消耗的O2的体积为1.12LC.该装置中b极的电极反应式是：H2＋2OH－－2e－==2H2OD.该装置中a极为正极，发生还原反应参考答案：B略15.下列实验处理不可行的是（

）①.将

与NaOH的醇溶液共热制备CH3—CH═CH2②.向甲酸（H-COOH）和甲醛的混合物中加入氢氧化钠溶液，中和甲酸后，加入新制的氢氧化铜加热,检验混合物中是否含有甲醛③.向丙烯醛（CH2=CH—CHO）中滴入KMnO4(H+)溶液，观察紫色褪去，能证明结构中存在碳碳双键④.为验证某RX是碘代烷，把RX与烧碱水溶液混合加热后，将溶液冷却后再滴入几滴硝酸银溶液，观察现象A．只有①③

B．只有①②④

C．只有②③④

D．都不能参考答案：二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.某学校研究性学习小组设计实验探究铝等金属的性质：将一置于空气中的铝片投入浓氯化铜溶液中，铝片表面出现一层海绵状暗红色物质，接下来铝片上产生大量气泡，产生的气体，具有可燃性，溶液温度迅速上升。若用同样的铝片投入相同浓度的硫酸铜溶液中，在短时间内铝片无明显变化。(1)铝与氯化铜溶液能迅速反应，而与同浓度的硫酸铜溶液在短时间内不反应的原因可能是______(填字母序号)。A．铝与Cl－反应，铝与SO42-不反应B．氯化铜溶液酸性比同浓度的硫酸铜溶液酸性强C．硫酸铜水解生成硫酸使铝钝化D．氯离子能破坏氧化铝表面薄膜，而硫酸根离子不能E．生成氯化铝溶于水，而生成硫酸铝不溶于水(2)铝片表面出现的暗红色物质是__________________。(3)放出的气体是______，请从有关物质的浓度、能量、是否有电化学作用等角度分析开始阶段产生气体的速率不断加快的原因是__________________________________________。(4)某同学通过其他的实验操作，也能使铝片与硫酸铜溶液的反应加快，他采取的措施可能是________(填字母序号)。A．用砂纸擦去铝片表面的氧化膜后投入硫酸铜溶液中B．把铝片投入热氢氧化钠溶液中一段时间后，取出洗涤，再投入硫酸铜溶液中C．向硫酸铜溶液中滴加氢氧化钠溶液，再投入铝片D．向硫酸铜溶液中加入氯化钠固体，再投入铝片(5)以除去氧化铝的铝片与镁片为电极，在X电解质溶液中构成原电池，列表如下：选项铝电极电解质溶液负极反应正极反应A负极NaOH溶液2Al－6e－＋8OH－===2Al(OH)4-6H2O＋6e－===6OH－＋3H2↑B负极稀盐酸2Al－6e－===2Al3＋6H＋＋6e－===3H2↑C正极浓硝酸Mg－2e－===Mg2＋2NO3-＋4H＋＋4e－===2NO2↑＋2H2O其中正确的是________(填字母序号)，由此推知，金属作电极不仅与本身性质相关，还与________________有关。参考答案：(1)D(2)Cu(3)H2①随着反应进行生成的铝离子的浓度增大，水解程度增大，产生H＋的浓度增大，②该反应放热，升高温度反应速率加快，③铜与铝构成原电池，加快铝溶解。(4)ABD(5)A电解质的性质解析：(1)运用排除的方法即可解答，A项中Al与Cl－、均不反应；B项中Cu2＋浓度相等，水解产生的H＋浓度应相等，酸性相同；C项中水解生成的H2SO4浓度很低，不可能使铝钝化；E项中两者均溶于水，故正确选项为D项。(2)因2Al＋3Cu2＋===2Al3＋＋3Cu，铝片表面的暗红色物质应为铜。(3)放出的可燃性气体只能为H2，因Cu2＋水解，溶液显酸性。在分析反应速率不断加快的原因时应紧扣要求——从有关物质的浓度、能量、是否有电化学作用三个方面来加以分析。(4)在弄清Al与CuCl2反应较快的原因后，可知要加快Al与CuSO4的反应，需设法除去其表面的氧化膜，容易判断A项正确，因Al2O3＋2NaOH＋3H2O===2NaAl(OH)4，B项正确；C项中不仅无法除去铝表面的氧化膜，还降低了Cu2＋的浓度，使反应会更慢；由(1)结论可判断D项正确。(5)A项中Mg、Al和NaOH溶液构成的原电池，因Mg不与NaOH溶液反应，而Al能自发地与NaOH溶液反应，因此Al更易失电子，作负极：2Al－6e－＋8OH－===2；Mg作正极：6H2O＋6e－===6OH－＋3H2↑，A项正确。B项中Mg、Al均能与盐酸发生自发的反应，而Mg的金属性强，更易失电子，作负极：Mg－2e－===Mg2＋；此时Al作正极：2H＋＋2e－===H2↑，B项错误。C项中因常温下Al在浓硝酸中钝化，Mg易失电子，作负极：Mg－2e－===Mg2＋；Al作正极：2＋4H＋＋2e－===2NO2↑＋2H2O，C项中正极反应式中得电子数错误。由上述分析，不难看出，金属作电极不仅与其本身性质相关，还与电解质溶液的性质有关。三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.比较下列溶液的pH

(填“＞”、“＜”、“=”）(1)25℃、1mol/LFeCl3溶液_____80℃、1mol/LFeCl3溶液；(2)0．1mol/L(NH4)2CO3溶液______0．1mol/LNa2CO3溶液。(3)0．1mol/LNH4Cl溶液______0．01mo1/LNH4Cl溶液；(4)0．1mol/LNa2CO3溶液______0．1mol/LNaHCO3溶液；A

>

<

<

>

B

>>>>

C

<

>

<

>

D<

<

>

>参考答案：A略18.比较下列溶液的pH大小（填“＞”、“＜”或“=”）：（1）0.1mol/LNH4Cl溶液0.01mol/LNH4Cl溶液；（2）0.1mol/LNa2CO3溶液0.1mol/LNaHCO3溶液；（3）25℃时1mol/LFeCl3溶液80℃时1mol/LFeCl3溶液；（4）0.1mol/L（NH4）2CO3溶液0.1mol/LNa2CO3溶液．参考答案：（1）＜；（2）＞；（3）＞；（4）＜．【考点】pH的简单计算．【分析】（1）铵根离子水解溶液呈酸性，铵根离子浓度越大，溶液中氢离子浓度越大，溶液的pH越小；（2）碳酸根离子的水解程度程度大于碳酸氢根离子离子；（3）铁离子水解溶液显示酸性，温度越高，铁离子浓度越大，水解生成的氢离子浓度越大，溶液的pH越小；（4）铵根离子水解呈酸性，碳酸根离子水解呈碱性，铵根离子水解生成氢离子导致溶液中氢氧根离子浓度减小，溶液的pH减小．【解答】解：（1）0.1mol/LNH4Cl溶液浓度大于0.01mol/LNH4Cl溶液，则前者溶液中铵根离子水解生成氢离子浓度较大，其溶液pH减小，故答案为：＜；（2）0.1mol/LNa2CO3溶液、0.1mol/LNaHCO3溶液中，由于碳酸根离子的水解程度大于碳酸氢根离子，则浓度相等的碳酸钠溶液中氢氧根离子浓度大于碳酸氢钠，碳酸钠溶液的pH大于碳酸氢钠，故答案为：＞；（3）25℃时1mol/LFeCl3溶液、80℃时1mol/LFeCl3溶液，温度越高，铁离子的水解程度越大，则后者溶液中铁离子水解程度较大，其溶液中氢离子浓度较大，溶液pH减小，故答案为：＞；（4）0.1mol/L（NH4）2CO3溶液、0.1mol/LNa2CO3溶液，前者溶液中铵根离子水解溶液呈酸性，中和了部分碳酸根离子水解生成的氢氧根离子，导致前者溶液的pH小于后者，故答案为：＜．19.钛（Ti）具有高强度和耐酸腐蚀性，是重要的工业原料，被誉为21世纪金属。下面是利用钛白粉（TiO2）生产海绵钛（Ti）的一种工艺流程：（1）钛白粉是利用TiO2+发生水解生成钛酸（H2TiO3）沉淀，再煅烧沉淀制得的。TiO2+发生水解的离子方程式为

；（2）反应I在800~900℃下进行，还生成一种可燃性无色气体，