北京第八十五中学高二物理期末试卷含解析

北京第八十五中学高二物理期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.弹簧振子做简谐运动，其位移x与时间t的关系如图所示，由图可知（

）A．在0至1s内，速度与加速度同向在1s至2s内，速度与回复力同向C．在t＝3s时，速度的值最大，方向为正，加速度最大D．在t＝4s时，速度为0，加速度最大参考答案：AD2.如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒。当导体棒中的电流Ⅰ垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可将导体棒置于匀强磁场中，当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向在纸面内由竖直向上沿逆时针转至水平向左的过程中，下列关于B的大小变化的说法中，正确的是(

)

A．逐渐增大

B．逐渐减小

C．先减小后增大

D．先增大后减小参考答案：C3.在匀速圆周运动中，保持不变的物理量是（

）A．速度

B．加速度

C．角速度

D．周期参考答案：CD4.关于光的波粒二象性，下述说法中正确的是A．频率高的光子易显示波动性

B．个别光子产生的效果易显示粒子性C．光的衍射说明光具有波动性

D．光电效应说明光具有粒子性参考答案：BCD5.下列关于电流方向的说法中，不正确的是A．电流的方向：电源外部由正极流向负极，电源内部电流由负极流向正极B．电流的方向就是正电荷定向移动的方向C．在金属导体中，电流的方向与自由电子定向移动的方向相反D．在电解液中，电流的方向与离子定向移动的方向相同参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图所示，理想变压器的次级有两组线圈，图中三个灯泡的规格相同，四个电表对电路的影响都可忽略不计。开关K断开时，灯L1正常发光，这时两电流表示数之比IA1：IA2=1：4；开关K闭合时，三个灯都正常发光，这时两电流表示数之比=

，两电压表示数之比UV1：UV2=

。参考答案：3:4，4:17.（2分）一质量为100g的小球从0.80m高处自由下落到一厚软垫上．若从小球接触软垫到小球陷至最低点经历了0.20s，则这段时间内软垫对小球的冲量为

。(忽略空气阻力g取10m/s2)参考答案：0.6N·s8.真空中有两个点电荷A、B，其带电量qA=2qB，当二者相距0.01m时，相互作用力为1.8×10-2N，则其带电量分别为qA=______，qB=______。参考答案：，9.一质量为m=2.0×10﹣7kg的带电液滴，在一匀强电场空间做匀速直线运动，该液滴的电性为负，其电荷量为5.0×1012个电子所带的电荷量，由此可知空间电场强度的大小为2.5N/C，方向竖起向下（g取10N/Kg，不计空气阻力）．参考答案：考点：带电粒子在混合场中的运动．版权所有专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：带电液滴受到电场力与重力处于平衡状态，根据平衡方程，结合已知条件，即可求解．解答：解：由题意可知，带电液滴受到电场力与重力，处于平衡，则有：mg=qE；因此有：E==2.5N/C；由于带电液滴带负电，及电场力竖直向上，因此电场强度的方向竖直向下；故答案为：2.5；竖直向下．点评：考查带电液滴处于平衡状态，掌握平衡方程的应用，注意电荷的带电量求法，注意带电液滴带电性．10.打点计时器是一种计时仪器，它使用________(选填“直流”或“交流”)电源．某同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，用手拉动纸带，所得纸带上的点迹分布不均匀，则点迹密集的地方表示纸带运动的速度________(选填“较大”或“较小”)．参考答案：交流；较小11.如图所示，用水平力F把一铁块紧压在竖直墙壁上静止不动，当F增大时，墙对铁块的支持力将，墙与铁块间的摩擦力将。(填“增大”，“减小”或“不变”)参考答案：12.如图，直角坐标系Oxy的第Ⅱ、Ⅳ象限有垂直坐标系向里的匀强磁场，磁感应强度大小均为B，在第Ⅲ象限有垂直坐标系向外的匀强磁场，磁感应强度大小为2B，半径为r、圆心角为900的单匝扇形闭合导线框OPQ在外力作用下以恒定角速度ω在Oxy平面内绕O点匀速转动．则导线框旋转一周过程中，电动势的最大值为

▲，有效值为

▲

．参考答案：，．13.放在粗糙水平地面上的物体，在10N的水平拉力作用下，以3m/s的速度匀速移动了15s，则拉力对物体做了

的功，拉力的功率为

。参考答案：450J

150w三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.用伏安法测一节干电池的电动势E和内阻r，所给的器材有：A．电压表V：0～3～15VB．电流表A：0～0.6～3AC．滑动变阻器R1（总阻值20Ω）D．滑动变阻器R2（总阻值100Ω）E．开关S和导线若干（1）电压表量程选用

；滑动变阻器选用

（填R1或R2）；（2）在图中将电压表加入实验电路中；（3）在U﹣I图中已画出七组实验数据所对应的坐标点，请根据这些点作出U﹣I并由图线求出：E=

V，r=

Ω参考答案：【解答】解：（1）因为电源是一节干电池，电动势大约1.5V左右，所以选择0～3V量程误差较小．滑动变阻器R2总电阻较大，接入测量时，电流较小，误差较大，所以选择滑动变阻器R1．（2）电路图如右图所示．（3）电源的U﹣I图线如右图所示，纵轴截距大约为1.48V，所以电动势E=1.48V．内阻：r=故答案为：（1）0～3V，R1，（2）如图．（3）如图，1.48，0.77．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）选用器材要从安全和精确的角度考虑，本题选用电压表的量程和选择滑动变阻器应从精确的角度入手．（2）电压表测的是电源的外电压，电键断开时，保证电压表读数为零．（3）图线的纵轴截距表示电动势的大小，图线的斜率表示内阻的大小．15.在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，有以下器材：A．小灯泡L（3V，0.6A）B．滑动变阻器R（0～10Ω）C．电压表V1（0～3V）D．电压表V2（0～15V）E．电流表A1（0～0.6A）F．电流表A2（0～3A）

G．铅蓄电池、开关各一个，导线若干（1）为了减小误差，实验中应选电流表，电压表．（2）在图1虚线框内按要求设计实验电路图．（3）连好电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光，由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U﹣I图象图2中应是参考答案：解：（1）：根据小灯泡的额定电流为0.6A可知电流表应选；根据小灯泡额定电压为3V可知电压表应选；（2）：由于测定伏安特性曲线实验要求电流从零调，实验变阻器应采用分压式接法，由于小灯泡电阻较小，满足，所以电流表应用外接法，电路图如图所示：（3）：根据U=RI可知，由于小灯泡的电阻随温度的升高而增大，图线上各点与原点连线的斜率逐渐增大，所以U﹣I图象应是C．故答案为：（1），（2）如图（3）C【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】本题（1）的关键是根据小灯泡的额定电压和额定电流大小来选择电压表与电流表的量程；题（2）的关键是根据实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法，根据小灯泡电阻较小满足可知电流表应用外接法；题（3）的关键是写出U与I的表达式，再根据小灯泡电阻随温度的升高而增大可知图线的各点与原点连线斜率应逐渐增大即可求解．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，跨过定滑轮的轻绳两端分别系着物体A和物体B，物体A放在倾角θ=37°的斜面上，物体A与斜面间的动摩擦因数μ=0.2，滑轮的摩擦不计．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2，滑动摩擦力等于最大静摩擦力．若物体A静止在斜面上，已知A的质量为1kg，则B的质量是多少？参考答案：解：对B受力分析，绳中拉力T=mBg；当mB取最大值时，物体具有沿斜面向下的最大静摩擦力fm；对A受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：N﹣mAgcosθ=0；T﹣fm﹣mAgsinθ=0；其中：fm=μN联立以上各式，解得：mB=mA（sinθ+μcosθ）=1×（0.6+0.2×0.8）=0.76kg当mB取最小值时，物体具有沿斜面向上的最大静摩擦力fm；对A受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：N﹣mAgcosθ=0；T+fm﹣mAgsinθ=0；其中：fm=μN联立以上各式，解得：mB=mA（sinθ﹣μcosθ）=1×（0.6﹣0.2×0.8）=0.44kg综上，mB的范围是：0.44kg≤mB≤0.76kg答：物体B的质量的取值范围为0.44kg≤mB≤0.76kg17.（12分）如图所示，在正的点电荷Q的电场中有a、b两点，它们到点电荷Q的距离r1＜r2。

（l）a、b两点哪点电势高？（2）将一负电荷放在a、b两点，哪点电势能较大？（3）若a、b两点问的电势差为100V，将二价负离子由a点移到b点是电场力对电荷做功还是电荷克服电场力做功？做功多少？参考答案：解析：（1）由正点电荷的等势面特点可判断a点的电势较高。（2）可知Ua>Ub，Uab>0，当把负电荷从a点移往b点，Wab=qUab<0，电场力做负功，电势能增加，负电荷在b点电势能较大。（3）若Uab＝100Ｖ，二价负离子电量ｑ＝－2×1.6×10-19Ｃ，将该离