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文档简介
2022〜2023学年高三年级模拟试卷
数学
(满分:150分考试时间:120分钟)
2023.1
一、选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的选项中只有一
个选项符合要求.
1.己知全集U={x|-2<x<3},集合4={x[-贝"°A=()
A.(-1,1]B.(-2,-1]U(1,3)
C.[-1,1)D.(-2,-1)U[1,3)
2.若复数z在复平面内对应的点在直线y=l上,且2=12,则z=()
A.1—iB.1+iC.-1+iD.—1—i
3.(5一1)6的二项展开式中的常数项是()
A.-20B.-15C.15D.20
4.经验表明,树高y与胸径x具有线性关系,为了解回归方程的拟合效果,利用下列数
据计算残差,用来绘制残差图.
胸径x/cm18.219.122.324.526.2
树高的观测值),/m18.919.420.822.824.8
树高的预测值jWm18.619.321.523.024.4
则残差的最大值和最小值分别是()
A.0.4,-1.8B.1.8,-0.4C.0.4,-0.7D.0.7,一0.4
5.为测量河对岸的直塔A8的高度,选取与塔底8在同一水平面内的两个测量基点C,
D,测得/BCQ的大小为60°,点C,。的距离为200m,在点C处测得塔顶A的仰角为45°,
在点。处测得塔顶4的仰角为30。,则直塔AB的高为()
A.100mB.100^3m0.(200^3-200)mD.200m
6.已知圆心均在X轴上的两圆外切,半径分别为八,-2(为〈「2),若两圆的一条公切线的
方程为丫=乎(x+3),则:=()
45
A.B.2CWD.3
7.设G为△A8C的重心,则&+2GB+3GC=()
A.0B.ACC.BCD.AB
]ii3
8.设〃=而3,b=e,c=2\n5,则()
A.a<b<cB.a<c<bC.c<b<aD.b<a<c
二、选择题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多
项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9.在正方体中,AE=,A4”&=§CC\,则()
A.EF1.BD
B.EG〃平面48斤
C.EF_L平面BiCDi
D,直线EF与直线BOi异面
10.已知抛物线C:产=》的焦点为F,点M,N均在C上,若△FMN是以F为直角顶
点的等腰三角形,则MN=()
A.*2]B.^2—1
1
C.D.V2+1
11.已知等差数列{斯}中,当且仅当,?=7时,S”取得最大值.记数歹U{卷}的前k项和为
Tk,则下列结论正确的是()
A.若&=S8,则当且仅当k=13时,,取得最大值
B.若S6<S8,则当且仅当&=14时,。取得最大值
C.若S6>&,则当且仅当上=15时,/取得最大值
D.若力“6N*,S„,=0,则当%=13或14时,A取得最大值
12.将样本空间。视为一个单位正方形,任一事件均可用其中的区域表示,事件发生的
概率为对应区域的面积.在如图所示的单位正方形中,区域I表示事件A8,区域n表示事件
A~B,区域I和HI表示事件B,则区域IV的面积为()
III
IIIw
A.P(AB)
B.P(A+B)
c.PCAI-B)PCB)
D.PCA)P(~B)
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.己知sin(n—x)=;,xG(0,4),则tanx=.
14.已知椭圆C的左、右焦点分别为尸2,点P在椭圆C上,若△PF/2是以Q为顶
点的等腰三角形,且COSNBPF2=W,则C的离心率6=.
15.设过直线x=2上一点A作曲线y=r—3x的切线有且只有两条,则满足题设的一个
点A的纵坐标为._
16.已知球。的表面积为100兀cn?,p是球。内的定点,OP=y[]0cm,过P的动直
线交球面于A,B两点,AB=4y[5cm,则球心。到AB的距离为cm;若点A,B
的轨迹分别为圆台01。2的上、下底面的圆周,则圆台OQ的体积为cm3.
四、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演
算步骤.
17.(本小题满分10分)
已知数列{斯}中,a\,。2,。3,…,。6成等差数列,。5,。6,。7,…成等比数列,02——
10,〃6=2.
(1)求数列{“"}的通项公式;
(2)记数列{斯}的前〃项和为S”,若a>0,求〃的最小值.
2
18.(本小题满分12分)
己知四边形ABC。内接于圆。,AB=3,AD=5,ZBAD=\20°,AC平分NB4D
(1)求圆O的半径;
(2)求AC的长.
3
19.(本小题满分12分)
如图,已知菱形A8CD的边长为2,N4BC=60。,E为AC的中点,将△AC。沿AC翻
折使点D至点D'.
(1)求证:平面BDE上平面4BC;
(2)若三棱锥。718c的体积为平,求二面角OABC的余弦值.
20.(本小题满分12分)
甲、乙、丙三人进行乒乓球单打比赛,约定:随机选择两人打第一局,获胜者与第三人
进行下一局的比赛,先获胜两局者为优胜者,比赛结束.已知每局比赛均无平局,且甲赢乙
的概率为:,甲赢丙的概率为:,乙赢丙的概率为g.
(1)若甲、乙两人打第一局,求丙成为优胜者的概率;
(2)求恰好打完2局结束比赛的概率.
4
21.(本小题满分12分)
已知双曲线C过点(3,小),且C的渐近线方程为),=*第
(1)求C的方程;
(2)设A为C的右顶点,过点P(—2小,0)的直线与圆0:/+^=3交于点M,M直
线AM,AN与C的另一交点分别为。,E,求证:直线OE过定点.
5
22.(本小题满分12分)
已知0<。<1,函数yU)=x+a[i,g(x)=x+1+\og(lx.
(1)若g(e)=e,求函数/U)的极小值;
(2)若函数y=7(x)—g(x)看在唯一的零点,求〃的取值范围.
6
2022〜2023学年高三年级模拟试卷(海安)
数学参考答案及评分标准
1.B2.D3.C4.C5.A6.B7.B8.D9.AB10.BD11.BD12.BC
13.坐14.115.2(答案不唯一,一6也正确)16.小65^10兀
17.解:(1)设等差数列。2,…,〃6的公差为d.
+d=-10,
因为。2=—10,熊=2,所以J,,一解得
lat+5d=2,
所以a"=-13+5—l)X3=3〃-16(lW〃W5,〃GN*).(3分)
设等比数列。5,恁,s,…的公比为q,则4=案=3=-2,
所以为=一(一2广5(〃26,/GN*).
[3〃-16,
综上,。尸_„-5”GN*.(5分)
⑵由⑴知,当"W5时,斯V0,要使S“>0,则心6,(6分)
5X42[]—(—2)W-51
此时S〃=(ai+a2H----F〃5)+(〃6H----F〃〃)=5X(-13)+--X3+1_(_0>.
乙1\L)
…2|1—(-2)
一35十\.(8分)
由&>0,得(一2)"一5〈一竽,
所以(〃一5)必为奇数,此时2"-5>竽,
所以n-5的最小值为1,所以n的最小值为12.(10分)
18.解:(1)设圆。的半径为R.在△ABD中,由余弦定理8>=AB2+A£)2—2A8AZ>COS
ZBAD,
得502=32+52-2x3x5X(一;)=49,所以8。=7.(3分)
在圆。的内接△ABQ中,由正弦定理,得27?=$山驾/)=目方,
故/?=¥,所以圆0的半径为芈.(6分)
(2)因为四边形ABC。内接于圆。,所以NBAQ+NBCO=180。.
又/54。=120。,故NBC£)=60。.因为AC平分NBA。,所以NBAC=60。.(8分)
(解法1)因为AC平分/BAO,所以及7^~CD,所以8C=CD
又因为NBC£>=60。,所以△BCD为正三角形,所以8c=80=7.(10分)
(解法2)在圆O的内接△ABC中,由正弦定理,得.与“=2R.
sinABAC
所以BC=2Rsin6(T=今后X坐=7.(10分)
在△ABC中,由余弦定理BC2=AB2+AC2-2ABACCOSABAC,
得72=32+AC2-2X3XACXCOS60。,即4c2-34C—40=0,解得4c=8或AC=-5,
因为AC>0,所以AC=8,所以AC的长为8.(12分)
19.(1)证明:由菱形ABCQ知,D'A=D'C,又E为AC的中点,所以。七L4C,
同理,可得8EL4c.(2分)
因为D'E,8Eu平面BD'E,D'EQBE=E,所以AC_L平面BD'E.
因为4Cu平面A8C,所以平面平面4BC.(4分)
(2)解:过点O作。77_LBE交BE于点H,由(1)知,平面平面48c.
7
又平面BDEC平面ABC=BE,OHu平面D'BE,所以Q77_L平面ABC.(6分)
因为三棱锥OABC的体积为平,所以士X坐X22XOH=平,解得。,”=平.(8
在RtaOEH中,D'E=yf3,所以Ef/二坐,于是BH=BE—EH=^.
(解法1)如图,以E为坐标原点,EA,EB分别为x轴、y轴,过点E与平面ABC垂直的
直线为z轴建立空间直角坐标系,则A(l,0,0),8(0,小,0),0(0,半,半),所以嬴
=(-1,小,0),BD'=(0.-).
心A
设平面D'AB的法向量”=(x,y,z),则n-AB=0,n-BD'=0,即一x+小y=0,
z=0,令x=#,得、=巾,z=l,
所以”=(观,A/2,l).(10分)
又平面ABC的一个法向量m=(0,0,1),
所以cos(n,m}—
也XI3
所以二面角0ABe的余弦值为].(12分)
(解法2)过点H作HFVAB交AB于点F,连接D'F.
因为。77,平面ABC,根据三垂线定理,得凡
所以NDFH是二面角。A8C的平面角.(10分)
在Rt/\BFH中,HF=BHsin30。=与.
在尸中,D'F=yjD'H2+HF2=小,
所以cos/。77/=券=;,所以二面角OA8C的余弦值为:.(12分)
20.解:(1)记“第i局甲胜、乙胜、丙胜”分别为事件A”Bi,Q,i=\,2,3,4,
记“丙成为优胜者”为事件。,则。=4C2c3+BC2C3,(2分)
所以「(£>)=P(4C2C3+5C2C3)=P(A।C2c3)+P(&C2c3)
=P(Ai)P(C2lAi)P(C3lAlC2)+P(Bl)P(C2IBl)P(C3[BiC2)(4分)
=gX(1-3)x(1-2)+(lT)X(1-2)X(1-3)^9+93,
所以丙成为优胜者的概率是3.(6分)
(2)记“甲、乙打第一局“为事件4,“甲、丙打第一局”为事件B,“乙、丙打第一局”
为事件C,“恰打完2局比赛结束”为事件E,其中A,B,C两两互斥,且和为样本空间,
8
依题意,P(A)=P(B)=P(O=].
所以P(E|A)=P(A1A2+B1B2)=P(A1A2)+P(B1B2)=P(A1)P(A2|A|)+P(B1)P(B2|B1)
」1,21=4
-3X3+3X2-9,
1121412122
同理可得,尸(E|B)=gX1+gX]=g,P(£|Q=2X]+5Xg=g.(9分)
根据全概率公式知,P(E)=P(AE)+P(BE)+P(CE)^P(E\A)P(A)+P(E\B)P(B)+P(E\QP(C)
414
-X-+-
=X1+21=£
9393十33-27,
所以恰好打完2局结束比赛的概率为1考4.(12分)
21.(1)解:当x=3时,代入y=*x,得>=小>啦,所以双曲线C的焦点在x轴
上.(2分)
不妨设双曲线C的方程为1-y2=A(2>0),将点(3,y/2)代入,得4=1,
所以C的方程为与一户1.(4分)
(2)证明:设yi),MM,及),0a3,"),Eg,y4),由⑴知4(小,0).(5分)
=
因为P,M,N三点共线,所以入x+2^3(不妨记为吩
则但+25加一3+2小加=0,即加丁2一12),1=2小。1一”).(6分)
设直线AM的方程为0=尤3)(x-小).
(工一小),
由消去y并整理,得(2%彳一小X]—3)f+3小y\x+3(6+
小x\—6)=0.
3(汨-(即+2小)事(xi+2小)
则小X3,故冗3=.(8分)
(xi—小)(2%i+*\/3)2%1+小,”2汨+市
1=1™?1TXH小(及+25)3y2
问理可得,X4-功+小,以=2起+小
~V3yiy[3y2
2x]+y[32及+小
所以直线DE的斜率
小5+2小)小(升+2小)
2xi+小2%2+小
2(%”—也了1)+小(/―11)
3小(X2~X\)
4小()“一丁2)+小(竺一yi)
自=/0分)
3小(X2~xi)
所以直线OE的方程为y+舟=-g小黑浮],
小k(xi+2小)一Sy
即y=—kxA又因为yi=A(xi+2小),所以y=-Ax
2x\+y[32xi+^3
所以直线QE过定点(0,0).(12分)
22.解:⑴由g(e)=e,得e+l+1oga=e,即log«e=-1,所以分)
9
所以内:)=%+/一+则/(X)=l—eF令/(x)=0,得x=L(3分)
当xe(—8,])时,/(%)<(),故兀r)在(一8,1)上单调递减;
当x£(l,+8)时,/(x)>o,故/U)在(1,+8)上单调递增,
所以函数於)的极小值为11)=2.(5分)
(2)记pa)=y(x)—8(功=|一|一log”-1,因为OVaVl,所以InaVO,
e.11xcf।In%—1
则p'(x)=«rIna—~.=;.
八'xlnaxlna
记^(jr)=xaxlln2a—1,则q'(x)=(ax~1+xax~1Ina)ln2a=(l+xIna)avlln2a.
1_i
令/(x)=0,得工=一方^,记其为《>0),此时a=e~y.
当x£(0,f)时,如)>0,故-x)在(0,。上单调递增;
当+8)时,/(x)V0,故虱0在(3+8)上单调递减,
I111
所以我幻在处取得极大值式/)=*匕一;)门(-7)2—1=7e7-1—1.(7分)
不难发现函数y=1e;「一1在,£(0,+8)上单调递减,且正数零点为1.
当f'l,即:时,有虱f)W0,故“(x)》0,所以p(x)单调递增.
又p(l)=0,所以函数p(x)有唯一的零点,所以/
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