2022年江苏省泰州市永安中学高二物理月考试题含解析

2022年江苏省泰州市永安中学高二物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，在球壳内部球心放置带电荷量为＋Q的点电荷，球壳内有A点，壳壁中有B点，壳外有C点，则下列说法正确的是()A．EA>EC>EB

B．A、B、C三点的电势φA＝φB>φCC．EA>EB>EC

D．A、B、C三点的电势φA>φB>φC参考答案：AD2.(多选)现让a、b两种光组成的复色光穿过平行玻璃砖或三棱镜时，光的传播方向中可能正确的是（

）参考答案：AD3.2011年3月11日，日本发生九级大地震，造成福岛核电站严重的核泄漏事故。在泄漏的污染物中含有和137Cs两种放射性核素，它们通过一系列衰变产生对人体有危害的辐射。在下列四个式子中，有两个能分别反映131I和137Cs的衰变过程，它们分别是______和_______（填入正确选项前的字母），131I和137Cs原子核中的中子数分别是______和______。A．

B、

C．

D、参考答案：答案：B和C

78和82。根据原子核方程要满足核质量数守恒和核电荷数守恒就可知道：两个能分别反映131I和137Cs的衰变过程，它们分别是B和C；用核子数减去质子数就可得出中子数，131I和137Cs原子核中的中子数分别是78和82。4.关于自由落体运动，下列说法中正确的是（）A．自由落体运动是匀变速直线运动B．自由落体运动是物体不受力的运动C．自由落体运动是加速度为g的曲线运动D．纸片在大气中的下落是自由落体运动参考答案：A【考点】自由落体运动．【分析】根据自由落体运动的概念，物体只在重力作用下从静止开始下落的运动．可知物体只受重力且做匀变速直线运动．【解答】解：A、根据自由落体运动的概念，物体只在重力作用下从静止开始下落的运动．可知自由落体运匀变速直线运动．故A正确

B、由物体只在重力作用下从静止开始下落的运动，可知，物体下落受到重力的作用，故B错误．

C、根据自由落体运动的概念，物体只在重力作用下从静止开始下落的运动．可知自由落体运动是匀变速直线运动．故C错误

D、纸片在空气中的下落受到空气的阻力和重力作用，所以纸片的运动不是自由落体运动，故D错误故选A5.（单选）如图所示，ad、bd、cd是竖直平面内三根固定的光滑细杆，a、b、c、d位于同一周圆上，a点为圆周的最高点，d点为圆周的最低点．每根杆上都套着一个质量相同的小滑环(图中未画出)，三个滑环分别从a、b、c处释放(初速度为零)，关于它们下滑的过程，下列说法中正确的是()A．重力对它们的冲量相同

B．弹力对它们的冲量相同C．合外力对它们的冲量相同

D．它们的动量增量相同参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.外力对物体做功100J，物体向外放热20J，在这个过程中气体的内能

（填增大或减小或不变）内能的改变量是

J．参考答案：增大，80【考点】热力学第一定律．【分析】做功与热传递是改变物体内能的两种方式，物体内能的改变量等于所做的功与释放的热量之和，根据题意解题．【解答】解：根据热力学第一定律：△E=Q+W=100J﹣20J=80J，即内能增大80J．故答案为：增大，807.一简谐波沿x轴正方向传播。已知轴上x1＝0和x2＝1m两处的振动图象分别如图9所示，又知此波的波长大于1m，则此波的传播速度v=_____m/s。（只取整数）参考答案：333m/s

8.利用右图所示装置可测磁感应强度B，矩形线圈宽为L，共N匝，磁场垂直于纸面，当线圈中通以方向如图所示的电流I时，天平如图示那样平衡。当电流改为反方向时（大小不变），右边再加质量为m的砝码后，天平重新平衡，由此可知 B的方向垂直纸面向

，且B=

。参考答案：外，

mg/2ILN

9.(4分)甲图和乙图分别是做简谐运动的甲音叉和乙音叉的振动图象，已知这两个音叉形成的机械波(甲波和乙波)在同种介质中的传播速度大小相同。则：①甲、乙两波比较，在同种介质中，

波更容易发生明显的衍射现象；②图丙中，在甲音叉和乙音叉振动的过程中，虚线框所示区域内，

(填“能够”或“不能”)发生明显的干涉现象。参考答案：乙

不能10.某学生做观察电磁感应现象的实验，他将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关等用导线连接成如图所示的实验电路，当他接通、断开开关时，电流表的指针都没有发生偏转，其原因是___________________________________。参考答案：开关位置接错，应接在蓄电池所组成的电路中11.如图所示，放在通电螺线管外部的小磁针，静止时N极指向右端，则小磁针所在位置的磁场方向为

，电源的c端为

极，螺线管的a端为

极（N或S）。参考答案：12..两个完全相同的条形磁铁，放在平板AB上，磁铁的N、S极如图所示，开始时平板及磁铁皆处于水平位置，且静止不动．a．现将AB突然竖直向上平移(平板与磁铁之间始终接触)，并使之停在A″B″处，结果发现两个条形磁铁吸在了一起．b．如果将AB从原来位置突然竖直向下平移，并使之停在位置A′B′处，结果发现两条形磁铁也吸在了一起，请回答下列问题：(1)开始时两磁铁静止不动，磁铁间的相互作用力是________力；右侧的磁铁受到的静摩擦力的方向向________．(2)在a过程中磁铁开始滑动时，平板正在向上加速还是减速呢？答：________.

(3)在b过程中磁铁开始滑动时，平板正在向下加速还是减速呢？答：________.参考答案：(1)吸引右(2)减速(3)加速13.24-1本题供使用选修1-1教材的考生作答某电池电动势为1.5V，如果不考虑它内部的电阻，当把它的两极与150Ω的电阻连在一起时，则通过该电阻的电流强度为

▲mA，10秒内有__▲

_C的电荷定向移动通过电阻的横截面。参考答案：10

0.1

三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.根据课本中“探究加速度与力、质量的关系”的实验，回答下列问题．（1）本实验应用的实验方法是

法，下列说法中正确的是

．A．在探究加速度与质量的关系时，应该改变拉力的大小B．在探究加速度与外力的关系时，应该改变小车的质量C．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a=图象D．当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小（2）某同学测得小车的加速度a和拉力F的数据如表所示：（小车质量保持不变）F/N0.200.300.400.500.60a/（m?s2）0.100.200.280.400.52①根据表中的数据在如图的坐标图上作出a﹣F图象．②产生实验误差的原因可能是

．参考答案：（1）控制变量；CD（2）①图象如图所示；②未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】1、由于该实验涉及的物理量较多，因此该实验采用的是控制变量法研究加速度、质量、合力三者之间的关系；解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．2、应用描点法作图，根据实验数据在坐标系中描出对应的点，然后作出a﹣F图象．实验时要平衡摩擦力，如果平衡摩擦力不够，则图象在F轴上截距不为零，如果过平衡摩擦力，则图象在a轴上截距不为零．【解答】解：（1）该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，应用的实验方法是控制变量法，A、该实验采用的是控制变量法研究，即保持一个量不变，研究其他两个量之间的关系，在探究加速度与质量的关系时，应保持拉力的大小不变，故A错误；B、在探究加速度与外力的关系时，应该保持小车的质量不变，故B错误；C、要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决．但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间的关系．在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a﹣图象，故C正确；D、设小车的质量为M，砝码盘和砝码的质量为m，设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma

①对砂桶和砂有：mg﹣F=ma

②F=，由此可知当M＞＞时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，故D正确．故选：CD．（2）①应用描点法作图，先根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后根据各点作出a﹣F图象，图象如图所示．②由a﹣F图象可知，图线不过原点，在横轴上有截距；这表明在拉力大到一定程度时，小车才开始运动，这可能是在实验前没有平衡小车受到的摩擦力，或平衡摩擦力时，木板垫起的倾角太小，平衡摩擦力不够造成的．故答案为：（1）控制变量；CD（2）①图象如图所示；②未平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．15.在“研究平抛运动”实验中，一定要使斜槽末端的切线保持_______。平抛物体的运动规律可以概括为两点：①水平方向做匀速运动；②竖直方向做自由落体运动．为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球就水平飞出，同时B球被松开做自由落体运动，改变小锤的打击力度，两球总能同时落到地面，这个实验（

）A．只能说明上述规律中的第①条

B．只能说明上述规律中的第②条C．不能说明上述规律中的任何一条

D．能同时说明上述两条规律参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，两平行金属板A、B长L=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，一个不计重力的带正电的粒子电荷量q=10﹣10C，质量m=10﹣20kg，沿电场中心线RD垂直电场线飞入电场，初速度υ0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后可进入界面MN、PS间的无电场区域．已知两界面MN、PS相距为12cm，D是中心线RD与界面PS的交点．求：（1）粒子穿过界面MN时偏离中心线RD的距离以及速度的大小？（2）粒子到达PS界面时离D点的距离为多少？（3）设O为RD延长线上的某一点，我们可以在O点固定一负点电荷，使粒子恰好可以绕O点做匀速圆周运动，求在O点固定的负点电荷的电量为多少？（静电力常数k=9.0×109N?m2/C2，保留两位有效数字）参考答案：考点：带电粒子在匀强电场中的运动；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）带电粒子垂直进入匀强电场后，只受电场力，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动．由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出粒子飞出电场时的侧移h，由几何知识求解粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离y，由速度的合成求解速度．（2）带电粒子垂直进入匀强电场后，只受电场力，做类平抛运动，在MN、PS间的无电场区域做匀速直线运动，匀速运动的速度大小等于粒子离开电场时的速度，由y=vyt求出匀速运动过程中粒子竖直方向躺下运动的距离，与第1题中y相加，即可得到粒子到达PS界面时离D点的距离．（3）由运动学公式求出粒子飞出电场时速度的大小和方向．粒子穿过界面PS后将绕电荷Q做匀速圆周运动，由库仑力提供向心力，由几何关系求出轨迹半径，再牛顿定律求解Q的电量．解答：解：（1）带电粒子垂直进入匀强电场后，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动．则

粒子穿过界面MN时偏离中心线RD的距离为

y=，又a=

t=联立解得，y=代入得，y=0.03mvy=at==1.5×106m/s故粒子穿过界面MN时速度大小为v==2.5×106m/s（2）粒子在MN、PS间的无电场区域做匀速直线运动，则粒子到达PS界面时离D点的距离：

Y=y+vy?=0.12m（3）粒子穿过界面PS后将绕电荷Q做匀速圆周运动，设圆周运动的半径为r，由几何关系得：，得r=0.15m由k得，Q==1×10﹣8C答：（1）求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离为0.03m；速度大小为2.5×106m/s．（2）粒子到达PS界面时离D点的距离是0.12m．（3）Q带电荷量为Q=1.0×10﹣8C．点评：本题是类平抛运动与匀速圆周运动的综合，分析粒子的受力情况和运动情况是基础．难点是运用几何知识研究圆周运动的半径．17.如图所示，一只理想变压器原线圈输入正弦交流电，两个阻值均为20Ω的电阻串联后接在副线圈的两端。图中的电流表，电压表均为理想交流电表，原副线圈分别为n1=200匝和n2=100匝，电压表的示数为5V