四川省德阳市南丰中学高三物理期末试题含解析

四川省德阳市南丰中学高三物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，有一带电粒子贴A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板中间；设两次射入电场的水平速度相同，则电压U1、U2之比为A.1:8

B.1:4

C1:2

D.1:1参考答案：A2.如图所示，两导体板水平放置，两板间电势差为U,带电粒子以某一初速度v0沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场，则：粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d随着U和v0的变化情况为（

）A、d随v0增大而增大，d与U无关B、d随v0增大而增大，d随U增大而增大C、d随U增大而增大，d与v0无关D、d随v0增大而增大，d随U增大而减小参考答案：A3.(单选)如图所示，水平细线NP与斜拉细线OP把质量为m的小球维持在位置P，OP与竖直方向夹角为θ，这时斜拉细线中的张力为TP，作用于小球的合力为FP；若剪断NP，当小球摆到位置Q时，OQ与竖直方向夹角也为θ，细线中的张力为TQ，作用于小球的合力为FQ，则A.TP＝TQ，FP＝FQ B.TP＝TQ，FPFQ C.TPTQ，FP＝FQ D.TPTQ，FPFQ参考答案：D4.甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动的v-t图象如图所示,则(

)A.两个物体两次相遇的时刻是2s末和6s末B.t=4s时甲在乙的后面C.t=2s时两物体相距最远D.甲物体一直向前运动而乙物体先向前运动2s，随后向后运动参考答案：AB5.（单选）对于场强中E=和E=两个公式，下列认识正确的是

(

)A；式中q和Q都表示场源电荷B；E随q的增大而减小，随Q的增大而增大C；第一个公式适用于包括点电荷在内的所有场源的电场求场强，且E的方向和F一致从第二个公式看，拿走Q后，E就不存在了参考答案：DA、场强的两个公式和中，表示场中的试探电荷、Q表示场源电荷；故A错误；B、公式中E与q无关，中，E与Q成正比，随Q的增大而增大；故B错误；C、公式是电场强度是定义式，适用于包括点电荷在内的所有场源的电场场强的计算，但场强E的方向只与正试探电荷所受电场力F方向相同；故C错误；D、公式中，Q是场源电荷，电场是由Q产生的，拿走Q后，E就不存在了；故D正确故选D。二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.（4分）下图是两个简单的门电路组成的逻辑电路及对应的真值表，则电路中虚线框内的门电路是

门，真值表中的值为

。

参考答案：或，17.如图所示，一闭合线圈a悬吊在一个通电长螺线管的左侧，如果要使线圈中产生图示方向的感应电流，滑动变阻器的滑片P应向____滑动。要使线圈a保持不动，应给线圈施加一水平向____的外力。

(填向“左"或向“右”)参考答案：左

右

a中产出电流的磁场和螺线管的磁场方向相反，说明螺线管中磁场在增强，进一步说明回路中电流在增强，故划片向左滑动；a与螺线管相排斥，要使其保持不动，施加的外力要向右。8.在“探究加速度与物体受力的关系”活动中，某小组设计了如图所示的实验。图中上下两层水平轨道表面光滑，两完全相同的小车前端系上细线，细线跨过滑轮并分别挂上装有不同质量砝码的盘，两小车尾部细线水平连到控制装置上，实验时通过控制细线使两小车同时开始运动，然后同时停止。实验中：（1）应使砝码和盘的总质量远小于小车的质量，这时可认为小车受到的合力的大小等于

。（2）若测得小车1、2的位移分别为x1和x2，则小车1、2的加速度之比

。（3）要达到实验目的，还需测量的物理量是

。参考答案：(1)砝码和盘的总重

(2分)(2)x1/x2

(2分)

(3)两组砝码和盘的总重量（质量）（或盘的质量、两砝码和盘的总重量的比值）9.用欧姆表测电阻时，如发现指针偏转角度太小，为了使读数的精度提高，应使选择开关拨到较

（选填“大”或“小”）的倍率档，重新测量，测量前必须先要进行

。如图所示为使用多用表进行测量时，指针在刻度盘上停留的位置，若选择旋钮在“50mA”位置，则所测量电流的值为

mA。参考答案：大；调零；22.010.一定质量的理想气体经历了如图所示A到B状态变化的过程,已知气体状态A参量为pA、VA、tA,状态B参量为pB、VB、tB,则有pA____(填“>”“=”或“<”)pB.若A到B过程气体内能变化为ΔE,则气体吸收的热量Q=____.参考答案：

(1).=

(2).pA(VB-VA)+ΔE解：热力学温度：T=273+t，由图示图象可知，V与T成正比，因此，从A到B过程是等压变化，有：pA=pB，在此过程中，气体体积变大，气体对外做功，W=Fl=pSl=p△V=pA（VB-VA），由热力学第一定律可知：Q=△U+W=△E+pA（VB-VA）；【点睛】本题考查了判断气体压强间的关系、求气体吸收的热量，由图象判断出气体状态变化的性质是正确解题的关键，应用热力学第一定律即可正确解题．11.质量为2吨的打桩机的气锤，从5m高处白由落下与地面接触0.2s后完全静止下来，空气阻力不计、g取10m/s2，则在此过程中地面受到气锤的平均打击力为___________N。参考答案：设向上为正方向，由冲量定理可得，由机械能守恒可得，解得=N，由牛顿第三定律可知地面受到气锤的平均打击力为N。12.一电场中有d、b、c三点，将电量为2×10c的负电荷由a点移到b点，电场力对该负电荷做功为8×10J；再由b点移到c点，克服电场力做功3×10J，则a、c两点中____点电势较高，a、c两点间的电势差为____V。参考答案：13.一列简谐波在t=0.8s时的图象如图甲所示，其x=0处质点的振动图象如图乙所示，由图象可知：简谐波沿x轴

▲

方向传播（填“正”或“负”），波速为

▲

m／s，t=10.0s时刻，x=4m处质点的位移是

▲

m．参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.动画片《光头强》中有一个熊大熊二爱玩的山坡滑草运动，若片中山坡滑草运动中所处山坡可看成倾角θ=30°的斜面，熊大连同滑草装置总质量m=300kg，它从静止开始匀加速下滑，在时间t=5s内沿斜面滑下的位移x=50m．（不计空气阻力，取g=10m/s2）问：（1）熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为多大？（2）滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大（结果保留2位有效数字）？参考答案：（1）熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为300N；（2）滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大为0.12．考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题： 牛顿运动定律综合专题．分析： （1）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出下滑的加速度，对熊大连同滑草装置进行受力分析，根据牛顿第二定律求出下滑过程中的摩擦力．（2）熊大连同滑草装置在垂直于斜面方向合力等于零，求出支持力的大小，根据F=μFN求出滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ．解答： 解：（1）由运动学公式S=，解得：a==4m/s沿斜面方向，由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣f=ma

解得：f=300N

（2）在垂直斜面方向上：N﹣mgcosθ=0

又f=μN

联立解得：μ=答：（1）熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为300N；（2）滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大为0.12．点评： 解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度可以根据力求运动，也可以根据运动求力．15.（12分）位于处的声源从时刻开始振动，振动图像如图，已知波在空气中传播的速度为340m/s，则：

（1）该声源振动的位移随时间变化的表达式为

mm。（2）从声源振动开始经过

s，位于x=68m的观测者开始听到声音。（3）如果在声源和观测者之间设置一堵长为30m，高为2m，吸音效果良好的墙，观测者能否听到声音，为什么？参考答案：答案：（1）（4分）；（2）（4分）0.2；（3）（4分）能。因为声波的波长与障碍物的高度差不多，可以发生明显的衍射现象，所以，观察者能够听到声音。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，质量为1kg的小物块以5m/s的初速度滑上一块原来静止在水平面上的木板，木板质量为4kg，木板与水平面间的动摩擦因数为0.02，经时间2s后，小物块从木板另一端以1m/s相对于地的速度滑出，g=10m/s2，求这一过程中木板的位移和系统在此过程中因摩擦产生的内能.参考答案：17.如图所示，在界限MN左上方空间存在斜向左下方与水平方向夹角为45°的匀强磁场，场强大小E=×105V/m，一半径为R=0.8m的光滑绝缘圆弧凹槽固定在水平面上，一个可视为质点的质量m=0.2kg、电荷量大小q=1×10﹣5C的带正电金属块P从槽顶端A由静止释放，从槽底端B冲上与槽底端平齐的绝缘长木板Q．长木板Q足够长且置于光滑水平面上，质量为M=1kg．已知开始时长木板有一部分置于电场中，图中C为界限MN与长木板Q的交点，B、C间的距离XBC=0.6m，物块P与木板Q之间的动摩擦因数为μ=，取g=102．（1）金属块P从A点滑到B点时的速度的大小；（2）金属块P从B点滑上木板Q后到离开电场过程所经历的时间；（3）金属块P从滑上Q到离开电场的过程中摩擦产生的热量．参考答案：考点：动能定理的应用；电势能．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由机械能守恒定律可以求出速度．（2）应用牛顿第二定律求出加速度，应用速度位移公式与速度公式求出时间．（3）由功的计算公式求出摩擦产生的热量．解答：解：（1）金属块从A到B过程，由机械能守恒定律得：mgR=mvB2，代入数据解得：vB=4m/s；（2）由牛顿第二定律得：μ（qEcos45°+mg）+qEsin45°=ma，由速度位移公式得：vB2﹣vC2=2axBC，代入数据解得：a=10m/s2，vC=2m/s，时间：t===0.2s；（3）摩擦产生的热量：Q=μ（qEcos45°+mg）XBC，代入数据解得：Q=0.6J；答：（1）金属块P从A点滑到B点时的速度的大小为4m/s；（2）金属块P从B点滑上木板Q后到离开电场过程所经历的时间为0.2s；（3）金属块P从滑上Q到离开电场的过程中摩擦产生的热量为0.6J．点评：本题考查了求速度、运动时间、产生的热量，分析清楚物体运动过程、应用机械能守恒定律、牛顿第二定律、运动学公式、功的计算公式即可正确解题．18.如图甲所示，竖直平面内的光滑轨道由倾斜直轨道AB和圆轨道BCD组成，AB和BCD相切于B点，CD连线是圆轨道竖直方向的直径（C，D为圆轨道的最低点和最高点），且∠BOC=θ=37°，圆轨道直径d为0.4m．可视为质点质量m为0.1kg的小滑块从轨道AB上高H处的某点由静止滑下，（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8）：求（1）小滑块从某处静止开始下滑，求刚好能通过圆轨道最高点D的高度H；（2）若用力传感器测出滑块经过圆轨道最高点D时对轨道的压力为F，请在如图乙中绘制出压力F与高度H的关系图象．（3）通过计算判断是否存在某个H值，使得滑块经过最高点D后能直接落到直轨道AB上与圆心等高的点．参考答案：考点：机械能守恒定律；牛顿第三定律．版权所有专题：机械能守恒定律应用专题．分析：（1）滑块在圆轨道上做圆周运动，应用牛顿第二定律与机械能守恒定律可以求出高度．（2）应用牛顿第二定律与机械能守恒定律求出H的表达式，然后作出图象．（3）滑块离开D后做平抛运动，应用平抛运动规律分析答题．解答：解：（1）刚好通过圆轨道最高点D时，由牛顿第二定律得：mg=m，由机械能守恒定律得：mg（H﹣2R）=mv2，联立解得：（2）滑块由从某高度处下滑到D的过程中，由机械能守恒定律得：mg（H﹣2R）=mvD2，由牛顿第三定律得滑块在D点所受轨道支持力与滑块对轨道的压力等大反向，记为F，则由牛顿第二定律得：F+mg=m，代入数据解得：F=H﹣5mg=10H﹣5