2021年辽宁省高考物理压轴试卷（附答案详解）

2021年辽宁省高考物理压轴试卷

一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）

1.（2021•山东省济宁市.模拟题）某位同学用筷子将均匀球夹起

悬停在空中，如图所示，已知球心。与两根筷子在同一竖直

面内，小球质量为0.1kg,筷子与竖直方向之间的夹角均为37。,

筷子与小球表面间的动摩擦因数为0.875（最大静摩擦力等于

滑动摩擦力），取重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,

cos37°=0.8„则每根筷子对小球的压力至少为（）

A.5NB.7.5/VC.IOND.12.5/V

2.（2021•湖南省•月考试卷）下列说法中错误的是（）

A.若氢原子从n=6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发生光电效

应，则氢原子从n=6能级向n=2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生光电

效应

B.原子核发生一次夕衰变，该原子外层就一定失去一个电子

C.核泄漏事故污染物品7cs能够产生对人体有害的辐射，其核反应方程式为

盘7。$1婢8（1+%,可以判断*为电子

D.质子、中子、a粒子的质量分别是mi、m2>m3,质子和中子结合成一个a粒子，

2

释放的能量是（2机1+2m2-m3）c

3.（2021.湖北省咸宁市•月考试卷）某汽车的四冲程内燃

机利用奥托循环进行工作。该循环由两个绝热过程和\

两个等容过程组成。如图所示为一定质量的理想气体Lu

所经历的奥托循环，则该气体（）：r

A.在状态。和c时的内能可能相等

B.在a-b过程中，外界对其做的功全部用于增加内能

C.btc过程中增加的内能小于d-a过程中减少的内能

D.在一次循环过程中吸收的热量小于放出的热量

4.（2021•江西省吉安市•月考试卷）如图所示是研究光电效应的

实验装置，。为滑动变阻器的中点。用某种单色光照射光电

管，将滑动变阻器的滑片P移到中点处，此时电流表中有电流，贝女）

A.将滑片尸向4端移动，光电流将一直变大

B.将滑片P向4端移动,光电子的最大初动能一定变大

C.将滑片尸向力端移动，光电流将一直变小

D.将滑片P向。端移动,光电子的最大初动能一定变小

5.（2021•辽宁省•模拟题）均匀带电的球壳在球壳外空间中某点产生的电场可等效为在

球心处所带电荷量相同的点电荷产生的电场。如图所示，半径为R的半球壳（厚度

不计）上均匀分布着总电荷量为q的正电荷，以球心O为坐标原点、以过半球壳中

心的轴线为x轴建立坐标系，在x=R处固定一带电荷量为-Q的点电荷，在x=1.5/?

处由静止释放一试探电荷，在x=2/?处试探电荷速度最大，静电力常量为则％=

6.（2021•全国・同步练习）列车在空载时加速经过一段平直的路段，通过某点时速率为丫,

加速度大小为的;当列车满载货物再次加速经过同一点时，速率仍为v,加速度大

小变为（12.设列车发动机的功率恒为P,阻力是列车重力的k倍，重力加速度大小为

g,则列车空载与满载时的质量之比为（）

A3的Rkg+gr户（W+a2）口P（kg+aJ

-kg+a2-kg+at'v（kg+a^'v（kg+a2）

7.（2021.辽宁省.模拟题）如图所示，中间有缺口的铁芯绕有两个线圈，原、副线圈匝数

比为詈=，原线圈两端交流电压为”=30或sinl007rM副线圈两端接一阻值为

700的电阻R,其他电阻均忽略不计。由于铁芯有缺口，这种变压器磁通量损耗很

大，则副线圈中理想电流表的示数可能是（）

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二、多选题（本大题共3小题，共18.0分）

8.（2017.福建省泉州市•期末考试）如图所示，螺线管内有平行于轴线的匀强磁场，规定

图中箭头所示方向为磁感应强度B的正方向，螺线管与。型导线框c,时相连，导

线框。町内有一半径很小的金属圆环乙，圆环与导线框c网在同一平面内.当螺线

管内的磁感应强度随时间按图示规律变化时（）

A.在时间内，金属圆环L有收缩趋势

B.在12时刻，导线框内的感应电流最小

C.在匕时刻，导线框。何内的感应电流最大

D.在"-巧时间内，金属圆环工内有顺时针方向的感应电流

9.（2021•辽宁省•模拟题）2018年6月14日11时06分，探,、

月工程嫦娥四号任务“鹊桥”中继星成为世界首颗成（地球脑

功进入地月拉格朗日均点的“R。使命轨道的卫星，为、，4

地月信息联通搭建“天桥”。如图所示，该人点位于

地球与月球连线的延长线上，“鹊桥”位于该点，在

几乎不消耗燃料的情况下与月球同步绕地球做圆周运动.已知地球、月球和“鹊桥”

的质量分别为Me、Mm,m,地球和月球之间的平均距离为R,「2点离月球的距离

为X,不计“鹊桥”对月球的影响，贝K）

A.“鹊桥”的线速度大于月球的线速度

B.“鹊桥”的向心加速度小于月球的向心加速度

C”满足卷+舞=*承+、）

D.x满足田詈7+Mm（R+X）

10.（2021.辽宁省.模拟题）如图甲所示，物块4,8的质量分别是啊=3kg和=2kg,

用轻弹簧拴接两物块放在光滑的水平地面上，物块B的右侧与竖直墙面接触。另有

一物块C从t=0时刻起，以一定的速度向右运动，在t=4s时与物块A相碰，并

立即与A粘在一起不再分开，物块C的图象如图乙所示。下列说法正确的是

（）

A.物块B离开墙壁前，弹簧的最大弹性势能为7217

B.4s到⑵的时间内，墙壁对物块B的冲量大小为24N-s

C.物块B离开墙壁后，弹簧的最大弹性势能为6J

D.物块B离开墙壁后，物块B的最大速度为2zn/s

三、实验题（本大题共2小题，共21.0分）

11.（202。广东省•月考试卷）新型冠状病毒肆虐全球,给人类的生命安全带来了极大的威

胁与伤害，感染新冠病毒的主要症状有咳嗽、发热、头疼、全身乏力等，进行体温

监测是进行新冠排查的主要手段之一。顺德某中学生小明利用热敏电阻自制了一简

易温度计，其内部电路装置如图甲，使用的器材有：直流电源（E=6.0，，内阻不

计）、毫安表（量程未知）、电阻箱R（最大阻值999.90）、热敏电阻一个、开关S一个、

单刀双掷开关K一个、导线若干。

甲乙

（1）为了确定毫安表的量程和内阻，先把电阻箱的阻值调到最大，然后将开关K接

至。端，闭合开关S,逐渐调节电阻箱的阻值，发现当毫安表指针刚好偏转至满偏

的;处，电阻箱示数如图乙，此时电阻箱阻值为R=n,将电阻箱阻值调为

290.00时，毫安表刚好偏转至满偏的;处，由此知毫安表的量程为％=mA,

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内阻Rg=______Ho

(2)将开关K接至〃端，该温度计可开始工作，为了得到温度与电流之间的关系，

小明通过查阅资料，发现自己使用的热敏电阻为正温度系数热敏电阻(PTC),该电

阻0冤时的阻值为％,电阻随温度增加而线性增加，比例系数为k,请帮助小明写

出该简易温度计所测温度f与电流/之间的关系式：t=(用E、鼠R。、Rg等

符号表示)。

(3)当该温度计使用一段时间后，其所用电源会有一定程度老化。电动势E基本不

变，内阻逐渐增大，则使用一段时间后该温度计所测温度会比实际温度(填

“偏低”、“偏高”或“相同”)。

12.(2021•辽宁省•模拟题)某同学用如图甲所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来

寻找碰撞中的不变量，图中PQ是斜槽，QR为水平槽，实验时先使A球从斜槽上

某一固定位置C由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹，重复

上述操作10次，得到10个落点痕迹，再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方,

让A球仍从位置C由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下

各自的落点痕迹，重复这种操作10次，图中O是水平槽末端口在记录纸上的垂直

投影点，P、为未放被碰小球B时A球的平均落点，M为与8球碰后A球的平均落

点，N为被碰球8的平均落点,若B球落点痕迹如图乙所示，其中米尺水平放置，

且平行于。尸，，米尺的零点与O点对齐.(注意以＞MB)

(1)碰撞后B球的水平射程应为cm

(2)在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量？答：(填选项号)。

A.测量4球或B球的直径

B.测量A球和B球的质量

C.水平槽上未放B球时，测量A球落点位置到O点的距离

D.A球与B球碰撞后，测量A球落点位置到。点的距离

£测量G点相对于水平槽面的高度

（3）、实验所需验证的表达式为：o

四、计算题（本大题共3小题，共33.0分）

13.（2020•河南省许昌市・单元测试）图示为某商场的室

内模拟滑雪机，该机主要由前后两个传动轴及传送

带上粘合的雪毯构成，雪毯不断向上运动，使滑雪

者产生身临其境的滑雪体验。已知坡道长L=6m,

倾角0=37。，雪毯始终以速度u=5ni/s向上运动。

一质量巾=70kg（含装备）的滑雪者从坡道顶端由静止滑下，滑雪者没有做任何助

力动作，滑雪板与雪毯间的动摩擦因数〃=：，重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,

o

cos37o=0.8.不计空气阻力。在滑雪者滑到坡道底端的过程中，求：

（1）滑雪者的加速度大小a以及经历的时间n

（2）滑雪者克服摩擦力所做的功W；

（3）滑雪板与雪毯间的摩擦生热Q。

14.（2021.辽宁省.模拟题）冬季南北方气温差异很大,若在某一时刻海南三亚地区的气温

为27。或而此时黑龙江北部的漠河地区气温为-33。&在这一时刻有一个容积为2.5L

的足球放在了三亚，足球内部的空气压强为2.0x105pa,假设足球的容积不变，

热力学温度与摄氏温度的关系为7=t+273K,室外空气压强po=1.0X105p%

（i）若足球此刻放在漠河，求足球内部的空气压强。

3）若足球此时放在漠河，并用打气筒给这个足球打气，每打一次都把体积为125,江、

压强与大气压强相同的气体打进球内，求打多少次才能让足球内部空气压强恢复到

2.0x105pa（打气过程中假设足球内的气体温度不变）

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15.(2021.广东省汕头市.单元测试)如图，何、N为水平放置的一对平行金属板，极板间

距为小长：拶d，所加电压U=金属板右侧有一以8、所两竖直线为边

界的匀强磁场，磁感应强度为B,方向如图。现有质量为〃?、带电量为g的负离子

(重力不计)从静止开始经电场％加速后，沿水平方向由金属板MN正中央射入，经

电场、磁场后从边界EF水平射出。求:

(1)离子射入金属板MN时初速度的大小;

(2)离子离开金属板时速度的大小和方向;

(3)离子在磁场中运动的时间。

XXX

XXX

B

XXX

XXX

XXX

XXX

XXX

答案和解析

1.【答案】A

【知识点】共点力的平衡、力的合成与分解

【解析】解：筷子对小球的压力最小时，小球受到的

摩擦力达到最大静摩擦力，方向沿筷子向上，小球受

力分析如图

由平衡条件，在竖直方向上有：2/cos。=2FNsin6+

mg

又：f=岛

mg

整理得：

FN2(〃cos6-sin8)

代入数据解得：FN=5N

故A正确，BCQ错误。

故选：Ao

以小球为研究对象，画出受力分析图，用共点力平衡条件即可求解。

本题考查了共点力平衡条件的应用，物体受多个力处于平衡状态时，要用正交分解法列

方程求解。

2.【答案】B

【知识点】光电效应、原子核的衰变、能级跃迁、质能关系

【解析】解：A、根据玻尔理论可知，氢原子从n=6能级向n=l能级跃迁时辐射出的

光的能量大于氢原子从n=6能级向n=2能级跃迁时辐射出的光的能量，结合光电效应

发生的条件可知，若氢原子从兀=6能级向n=1能级跃迁时辐射出的光不能使某金属发

生光电效应，则氢原子从n=6能级向n=2能级跃迁时辐射出的光也不能使该金属发生

光电效应，故A正确；

反夕衰变的实质是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，

不是来自核外电子，故B错误；

C、根据质量数守恒与电荷数守恒可知，137CS衰变后的产物x的质量数为0,电荷数为

-1,是电子，所以衰变方程为斓CsW,CsT婢Ba+，e,故C正确；

D、质子、中子、a粒子的质量分别是爪1、力2、m3＞质子和中子结合成一个a粒子的过

程中亏损的质量为（2加1+2m2-加3），根据爱因斯坦质能方程可知释放的能量是

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(2m1+2m2—ni3)c2.故D正确。

本题选择错误的，

故选:B。

根据发生光电效应的条件可判断从兀=6能级向71=2能级跃迁时辐射出的光能否使该

金属发生光电效应；

0衰变时，中子转变成质子，放出电子；

根据质量数守恒和电荷数守恒判断生成产物；

根据爱因斯坦质能方程求出释放的能量；

本题考查了光电效应、能级跃迁、0衰变的实质、爱因斯坦质能方程等基础知识点，难

度不大，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点。

3.【答案】B

【知识点】热力学第一定律的内容及应用、气体状态变化的图像问题

【解析】

【分析】

理想气体内能与温度有关，根据热力学第一定律和查理定律判断；根据绝热压缩和热力

学第一定律判断；根据p-V图象“面积”及热力学第一定律判断。

本题考查气体定律以及热力学第一定律的综合运用，解题关键是要先根据气体实验定律

判断气体的p、KT的变化，然后结合热力学第一定律公式△U=W+Q进行分析，其

中特别需要注意的是P-V图象“面积”即为气体做功大小。

【解答】

A、从c到d为绝热膨胀，有Q=0,W<0,根据热力学第一定律，可知△"<(),温

度降低；从"到m体积不变，由查理定律苧=C,可知压强减小，则温度降低，则状态

。的温度高于状态。态温度，根据一定质量的理想气体内能由温度决定，所以状态。的

内能小于状态c,的内能，故A错误；

B、在a-b过程中为绝热压缩，外界对气体做功W>0,Q=0,根据热力学第一定律，

可知△[/=”,即外界对其做的功全部用于增加内能，故8正确；

CD、从bTc过程系统从外界吸收热量，从cTd系统对外做功，从dTa系统放出热量，

从a—b外界对系统做功，根据P-V图象“面积”即为气体做功大小，可知c到4过程

气体做功，图象中b-CTd-a围成的图形的面积为气体对外做的功，整个过程气体

能内能变化为零，则△皿=△(2,即Q吸一<2成=小W>0,即在一次循环过程中吸收的

热量大于放出的热量，贝防TC过程中增加的内能大于d-a过程中减少的内能，故C。

错误。

故选：B。

4.【答案】C

【知识点】爱因斯坦光电效应方程

【解析】解：将滑动变阻器的滑片尸移到中点处，此时电流表中有电流，说明逸出电子

能打到4极的，

4、滑动触头P向a端移动，光电管两端的正向电压增大，光电流增大，当光电流达到

饱和电流时电流不再增大，故A错误；

B、依据光电效应方程：Ekm=hy-W,光电子的最大初动能与入射光的频率有关，与

AK极间的电压无关，故8错误；

C、滑动触头P向〃端移动，光电管两端为反向电压增大，光电流减小，电流表示数一

定变小，故C正确；

D、由8选项分析，可知，光电子的最大初动能与AK极间的电压无关，即使将滑片P

向b端移动，光电子的最大初动能仍不变，故。错误。

故选：C。

由题图可知，光电管两端为正向电压，移动触头尸向。端移动，增大光电管两端正向电

压，光电流增大，达到饱和电流后不再增大，反之，光电流要减小；并由光电效应方程

Ekm=hY-W,即可判定影响光电子的最大初动能因素。

本题考查了产生光电效应的原理，掌握电效应方程的内容，知道光电流大小与入射光的

强度成正相关，还需要注意正向电压与反向电压的区别。

5.【答案】A

【知识点】电场强度的概念和定义式、电场的叠加、点电荷的电场强度

【解析】解：试探电荷在％=2R处的速度最大，说明试探电荷在该处的加速度大小为0,

即点电荷和半球壳在此处产生的电场强度大小相等，设半球壳在此处产生的电场强度大

小为Eq，有：Eq=*

将半球壳补全，完整球壳在x=-2R处产生的电场强度大小为：Eq'=k^=k^

由对称性可知右侧半球壳在％=-2R处产生的电场强度大小为：Eq=k*

左半球壳在x=—2R处产生的电场强度大小为：E=Eq'-Eq

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计算得：E=k**

x=-2R处的电场强度大小为：E，=E-k焉

计算得：E'=k^-k^,故4正确，88错误。

故选：Ao

试探电荷在x=2R处的速度最大，说明试探电荷在该处的加速度大小为0,由此求出半

球壳在此处产生的电场强度大小，由对称性可知右侧半球壳在x=-2R处产生的电场强

度大小，将半球壳补全，求出完整球壳在x=-2R处产生的电场强度大小，进而求出左

半球壳在x=-2R处产生的电场强度大小;x=-2R处的电场强度大小为左侧半球与-Q

分别产生场强的矢量和。

本题是有关点电荷电场强度、电场的叠加等知识运用的题目，解题时应注意矢量合成法

则及对称性的应用，本题难度较大。

6.【答案】B

【知识点】功率、牛顿第二定律的理解及简单运用

【解析】解：对列车进行受力分析，根据牛顿第二定律有：F-kmg=ma,解得：F=

ma+kmg

列车功率恒定，经过同一点时，速率仍为v,由功率公式：P=Fv,可知尸大小相等。

根据题意，有&=mi%+kmig,F2=m2a2+km2g,=F2,

故AC。错误，8正确。

故选:B。

对列车进行受力分析，根据牛顿第二定律有：F-/ong=ma,解得：F=ma+kmg；

列车功率恒定，经过同一点时，速率仍为v,由功率公式：P=Fv,可知F大小相等。

本题考查了功率、牛顿第二定律等知识点。列车发动机的功率恒为P,v不变，可得到

尸也不变。

7.【答案】D

【知识点】变压器的构造和原理

【解析】解：原线圈两端电压的有效值为a=警7=30V

若铁芯没有缺口，根据理想变压器电压关系有m=鲁，代入数据：子=2

<./2*12/

解得副线圈两端电压的有效值为4=210，

由于铁芯有缺口，考虑到磁通量实际有损耗，副线圈两端电压的有效值应小于210匕

则副线圈中电流的有效值应小于/=詈4=34故。正确，A8C错误。

故选：Do

一原一副理想变压器的电压与匝数成正比，对于铁芯中间有缺口的变压器，由于有磁通

量的损失，副线圈中的电压值相比理想线圈会减小，由电压范围进而计算电流的可能值。

本题考查变压器的知识，学生需掌握电压、电流、功率与匝数的关系，注意电路中电表

显示的是有效值。

8.【答案】AD

【知识点】楞次定律、法拉第电磁感应定律

【解析】解：A、在口-t2时间内，L内的磁场增加，由愣次定律可以确定乙必须减小

面积以达到阻碍磁通量的增加，故有收缩的趋势，故A正确。

8、在t2时刻，磁感应强度为零，但是磁通量的变化率最大，则感应电流最大。B错误；

C、由B-t图知，G时刻磁通量的变化率为零，则感应电流为零；故C错误。

。、在t2时间内，磁通量的变化率不断变大，则线圈内的感应电流不断变大，根据

楞次定律，在线圈中的电流方向f到c,根据右手螺旋定则，穿过圆环的磁通量向外增

大，则根据楞次定律，在金属圆环中产生顺时针方向的感应电流。故。正确。

故选：AD.

根据B-t图线斜率的变化，根据法拉第电磁感应定律得出电动势的变化，从而得出感

应电流的变化，根据楞次定律判断出感应电流的方向，根据右手螺旋定则判断出电流所

产生的磁场，从而确定磁通量的变化.

解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，右手螺旋定则判断电流和周围磁场

方向的关系.

9.【答案】AC

【知识点】万有引力定律的应用、人造卫星、向心力

【解析】解：A、根据题意可知，“鹊桥”与月球运动的角速度相等，“鹊桥”中继星

绕地球转动的半径比月球绕地球转动的半径大，根据线速度U=37•可知，“鹊桥”中继

星绕地球转动的线速度比月球绕地球转动的线速度大，故A正确；

B、根据向心加速度可知，“鹊桥”中继星绕地球转动的向心加速度比月球绕

地球转动的向心加速度大，故8错误；

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CD、中继卫星的向心力由月球和地球引力的合力提供，则有繇+审=爪32(/?+

x)

对月球而言，则有丝沪=M„32R

两式联立可解得急+瞿=M(R+x)。故C正确，O错误。

)?XK

故选：ACo

“鹊桥”星绕地球做圆周运动的轨道周期与月球绕地球做圆周运动的轨道周期相同，其

受到地球和月球的引力，二者合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式分析。

解决本题的关键知道物体做圆周运动，靠地球和月球引力的合力提供向心力。不能认为

靠地球的万有引力提供向心力进行分析求解，另外还要仅仅抓住：中继卫星在地月引力

作用下绕地球转动的周期与月球绕地球转动的周期相同。

10.【答案】BC

【知识点】动量守恒定律、功能关系的应用、动量定理

【解析】解：A、由图乙所示图象可知，C与A碰前速度为%=12m/s,碰后速度为功=

3m/s,C与4碰撞过程动量守恒，以C的初速度方向为正方向，由动量守恒定律:mcV1=

(mA+mc)v2,解得：me=1kg,当C与A速度为0时，弹性势能最大，最大弹性势能

EP=j(ma+mc)v^,代入数据解得：EP=18/,故A错误；

B、由图乙所示图象可知，12s末4和C的速度为%=—3m/s,4s到12s过程中墙壁对

物体B的冲量大小等于弹簧对物体B的冲量大小，也等于弹簧对4和C整体的冲量大

小，墙对B的冲量为：1=(mA+mc)v3-(m*+mc)v2,

代入数据解得：/=-24N-s,方向向左，故8正确；

C、物体B离开墙壁后，A、B、C三者共速时弹性势能最大，以向右为正方向，根据动

量守恒定律：(啊+mc)v3=(mA+mB+mc)v4＞代入数据解得：v4=2m/s,机械能

守恒定律：1(见4+me)域="犯4++m(?)域+Ep，代入数据解得：EP=6J,故C

正确；

D、物体8离开墙壁后，系统动量守恒、机械能守恒，8的最小速度为2m/s,当物块8

速度最大时，弹性势能为0,以向右为正方向，根据动量守恒定律得：(Ul4+7Hc)%=

(mx+mc)v5+?nBv6,

根据机械能守恒定律得：|(mx+mc)vf=^(jnA+m。)避+|msv^,

代入数据解得：%=4m/s,故8的最大速度为4m/s,故。错误。

故选：BC。

根据动量守恒，可以求解AC碰撞后的速度，根据能量守恒，AC动能转化为弹簧的弹

性势能，当AC动能最小时，弹性势能最大。根据动量定理，可以求解冲量。根据A8C

系统动量守恒能量守恒，可以求解弹簧最大弹性势能和物块B的最大速度。

本题的解题关键是会看图像，能从图像上提炼有用信息，然后根据动量定理,动量守恒，

机械能守恒，即可进行求解。

11.【答案】590.03010口；_警偏高

k1k

【知识点】伏安法测电阻

【解析】解：(1)由图乙所示电阻箱可知，其示数为：5x1000+9x10/2+0X1P+0X

0.1/2=590.012；

由闭合电路欧姆定律可知，电源电动势：E=I(R+Rg),

由实验步骤可知：E=：/g(590.0+Rg),E=?g(290.0+Rg),

解得：Ig=0.03/1=30mA,Rg=10/2；

(2)该电阻OK时的阻值为电阻随温度增加而线性增加，比例系数为七则热敏电阻

R=&+kt,

由闭合电路欧姆定律得：/=自=晨而，整理得：t=—空；

(3)电源老化，电源电动势E不变，电源内阻r增大，由闭合电路欧姆定律得：/=

_r+_R_g_+R_°__+_k_t，敕整圳理知得L：t+=『E71一r一+RgL+Ro

使用一段时间后电源内阻厂增大，该温度计所测温度会比实际温度偏高；

故答案为：(1)590.0；30；10；(2)/：-安为；(3)偏高。

(1)电阻箱各旋钮示数与对应倍率乘积之和是电阻箱示数；根据实验数据应用闭合电路

欧姆定律可以求出电流表的满偏电流与内阻。

(2)(3)根据闭合电路欧姆定律与图示电路图求出温度f的表达式，然后分析电源内阻增

大对实验结果造成的影响。

本题考查了电阻箱读数、实验数据处理等问题，要掌握常用器材的使用方法与读数方法;

根据图示电路图应用闭合电路欧姆定律即可解题。

12.【答案】64.7BCDmA-OP-mA-OM+mB-ON

【知识点】实验：验证动量守恒定律

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【解析】解：(1)将10个点圈在圆内的最小圆的圆心作为平均落点，可由刻度尺测得碰

撞后B球的水平射程约为64.7cm.

(2)从同一高度做平抛运动飞行的时间/相同，而水平方向为匀速运动，故水平位移s=vt,

所以只要测出小球飞行的水平位移，就可以用水平位移代替平抛初速度，亦即碰撞前后

的速度，通过计算m〃OP,与771〃。"+7718-。2是否相等，即可以说明两个物体碰撞

前后各自的质量与其速度的乘积之和是否相等，故必须测量的是两球的质量和水平射程,

即选项2CO是必须进行的测量；

mVV

(3)由动量守恒THAR)=Al+^B2

因运动时间相同，等式两边同时乘以运动时间得m4170t=m4Vit+mBv2t

即-OP=mA-OM+mB-ON

故答案为：(1)64.7；(2)BCC；(3)肛4-OP=mA-OM+mB-ON

考查基本实验问题：如何求平均值来减小实验偶然误差。利用平抛运动的知识来确定小

球碰撞前后的速度。

本题是2000年全国高考题，该题中利用平抛运动规律，巧妙提供了一种测量碰撞前后

的速度的方法，方便实用。

13.【答案】解：(1)设滑雪者受到雪毯的支持力为M摩擦力为一

在沿斜面方向，由牛顿第二定律可得：mgsind-f=ma

在垂直于斜面方向上：N=mgcosd

滑雪者受到的摩擦力大小为：f="N

联立解得：a=3mls2

由运动学公式可知

2L

t=—=2s

N°

(2)滑雪者克服摩擦力做功叼=nmgLcosd=1260;

此过程雪毯运行的距离为s=vt=10m

滑雪板与雪毯间的摩擦生热Q=nmg(L+s)cos。=3360;

答：(1)滑雪者的加速度大小。为3m/s2,经历的时间，为25；

(2)滑雪者克服摩擦力所做的功W为1260J；

(3)滑雪板与雪毯间的摩擦生热。为