高考物理三轮复习考前冲刺易错题专题10 交变电流（含解析）

考前再回首易错题之交变电流易错题清单易错点1：：对交流电的产生、变化规律理解不透彻.【典例1】一正弦交流电的电压随时间变化的规律如图所示．由图可知()11234560100u/Vt/10－2sA．该交流电的电压瞬时值的表达式为u＝100sin（25t）VB．该交流电的频率为25HzC．该交流电的电压的有效值为100SKIPIF1<0D．若将该交流电压加在阻值R＝100Ω的电阻两端，则电阻消耗的功率为50W易错点2：对交流电的“四值”理解不到位，不会计算有关有效值的问题.【典例2】如图所示，矩形线圈abcd与可变电容器C、理想电流表A组成闭合电路.线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，转动的角速度ω=100πrad/s.线圈的匝数N=100，边长ab=0.2m，ad=0.4m，电阻不计.磁感应强度大小B=T.电容器放电时间不计.下列说法正确的是()A.该线圈产生的交流电动势峰值为50VB.该线圈产生的交流电动势有效值为50VC.电容器的耐压值至少为50VD.电容器的电容C变大时，电流表的示数变小【答案】B【解析】:Em=NBSω=100×QUOTESKIPIF1<0×(0.2×0.4)×100πV=50QUOTESKIPIF1<0V，故A错误;E=QUOTESKIPIF1<0=50V，故B正确;电容器的耐压值为电压的最大值，至少为50QUOTESKIPIF1<0V，故C错误;电容器的电容C变大时，容抗变小，故电流表的示数变大，故D错误.易错点3：对交流电图像的意义认识不清.【典例3】如图所示，矩形线圈abcd在匀强磁场中可以分别绕垂直于磁场方向的轴P1和P2以相同的角速度匀速转动，当线圈平面转到与磁场方向平行时A．线圈绕P1转动时的电流等于绕P2转动时的电流B．线圈绕P1转动时的电动势小于绕P2转动时的电动势C．线圈绕P1和P2转动时电流的方向相同，都是a→b→c→dD线圈绕P1转动时dc边受到的安培力大于绕P2转动时dc边受到的安培力易错点4：不能正确分析涉及变压器的电路动态变化问题.【典例4】理想变压器的原线圈连接电流表，副线圈接入电路的匝数可以通过触头Q调节，在副线圈输出端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，在原线圈上加一电压为U的交流电，如图所示，若（）A．Q位置不变，将P向上滑动，U′变大B．Q位置不变，将P向上滑动，电流表的读数变大C．P位置不变，将Q向上滑动，电流表的读数变大D．P位置不变，将Q向上滑动，变压器的输入功率不变易错点5：不会根据输电导线损耗功率的计算，分析有关实际问题.【典例5】有一台内阻为lΩ的发电机，供给一个学校照明用电，如图所示．升压变压器匝数比为1∶4，降压变压器的匝数比为4∶1，输电线的总电阻R=4Ω，全校共22个班，每班有“220V，40W”灯6盏．若保证全部电灯正常发光，则：（l）发电机输出功率多大？（2）发电机电动势多大？（3）输电线上损耗的电功率多大？（4）输电效率是多少？（5）若使用灯数减半并正常发光发电机输出功率是否减半．答案：（1）P出=5424W；（2）ε＝250V；（3）输电线上损耗的电功率PR=IR2R=144W（4）η＝P有用/P出×100％=SKIPIF1<0×100%=97％（5）P/出=2676w，发电机的输出功率减少一半还要多，因输电线上的电流减少一半，输电线上电功率的损失减少到原来的1/4。举一反三，纠错训练1.将阻值为5Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，电源电动势随时间变化的规律如图所示．下列说法正确的是（）A．电路中交变电流的频率为0.25HzB．通过电阻的电流为SKIPIF1<0AC．电阻消耗的电功率为2.5WD．用交流电压表测得电阻两端的电压是5V2.一个电阻为r、边长为L的正方形线圈abcd共N匝，线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴OO′以如图所示的角速度ω匀速转动，外电路电阻为R.(1)在图中标出此刻线圈感应电流的方向.(2)线圈转动过程中感应电动势的最大值有多大?(3)线圈平面与磁感线夹角为60°时的感应电动势为多大?(4)设发电机由柴油机带动，其他能量损失不计，线圈转一周，柴油机做多少功?(5)从图示位置开始，线圈转过60°的过程中通过R的电量是多少?(6)图中电流表和电压表的示数各是多少?【答案】(1)dcba(2)Em=NBSω=NBωL2(3)e=Em·cos60°=1/2NBωL2.（4）；（5）（6）【解析】（1）根据右手定则判断感应电流方向；

（2）根据Em=NBSω求解感应电动势最大值；

（3）根据e=Emcosθ求解瞬时值；

（4）先根据P=E2R+r求解电功率，然后根据能量守恒定律求解线圈转一周柴油机做的功；

（5）根据法拉第电磁感应定律求出平均感应电动势，从而得出平均感应电流，根据q=It求出通过电阻R的电荷量；

（6）电流表和电压表的示数都是有效值，先根据E=Em/√2求解电动势的有效值，然后结合闭合电路欧姆定律求解感应电流的有效值．【名师点拨】本题关键明确瞬时值、有效值、最大值的求解方法，记住最大值公式Em=NBSω，知道电表读数、求产生的热量均由交变电的有效值来确定，而涉及到耐压值时，则由最大值来确定．而通过某一电量时，则用平均值来求．3.如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝eq\f(\r(2),5π)T．单匝矩形线圈面积S＝1m2，电阻不计，绕垂直于磁场的轴OO′匀速转动．线圈通过电刷与一理想变压器原线圈相接，Ⓐ为交流电流表．调整副线圈的滑动触头P，当变压器原、副线圈匝数比为1∶2时，副线圈电路中标有“36V，36W”的灯泡正常发光．以下判断正确的是()A．电流表的示数为1AB．矩形线圈产生电动势的最大值为18VC．从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间变化的规律为e＝18eq\r(2)sin(90πt)VD．若矩形线圈转速增大，为使灯泡仍能正常发光，应将P适当下移【答案】C【解析】小灯泡正常发光，故变压器的输出电流为：I2＝eq\f(36W,36V)＝1A；根据变流比公式：eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)，解得：I1＝2A，故A错误；小灯泡正常发光，故变压器的输出电压为36V，根据变压比公式eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，解得：U1＝18V，故矩形线圈产生电动势的有效值为18V，矩形线圈产生电动势的最大值为18eq\r(2)V，故B错误；根据公式Em＝NBSω，解得：ω＝eq\f(Em,NBS)＝eq\f(18\r(2),1×\f(\r(2),5π)×1)rad/s＝90πrad/s，故从矩形线圈转到中性面开始计时，矩形线圈电动势随时间的变化规律e＝Emsinωt＝18eq\r(2)sin(90πt)V，故C正确；若矩形线圈转速增大，根据公式Em＝NBSω，感应电动势的最大值增加，故有效值也增加；为使灯泡仍能正常发光，应该减小变压比，故应将P适当上移，故D错误．4.(多选)如图所示，导体棒ab两个端点分别搭接在两个竖直放置、电阻不计、半径相等的金属圆环上，圆环通过电刷与导线c、d相接．c、d两个端点接在匝数比n1∶n2＝10∶1的变压器原线圈两端，变压器副线圈接一滑动变阻器R0，匀强磁场的磁感应强度为B，方向竖直向下，导体棒ab长为L(电阻不计)，绕与ab平行的水平轴(也是两圆环的中心轴)OO′以角速度ω匀速转动．如果滑动变阻器的阻值为R时，通过电流表的电流为I，则()A．滑动变阻器上消耗的功率为P＝100I2RB．变压器原线圈两端的电压U1＝10IRC．取ab在环的最低端时t＝0，则导体棒ab中感应电流的表达式是i＝eq\r(2)IsinωtD．ab沿环转动过程中受到的最大安培力F＝eq\r(2)BIL【答案】AD【解析】由eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)得I2＝10I，变阻器上消耗的功率为P＝Ieq\o\al(2,2)R＝(10I)2R＝100I2R，故A正确；副线圈的电压为U＝I2R＝10IR，根据理想变压器的电压与匝数成正比可知，变压器原线圈两端的电压U1＝100IR，故B错误；ab在最低点时，ab棒与磁场垂直，此时的感应电动势最大，感应电流最大，所以棒ab中感应电流的表达式应为i＝eq\r(2)Icosωt，故C错误；ab在最低点时，ab棒与磁场垂直，此时的感应电动势最大，感应电流最大，最大值为eq\r(2)I，此时的安培力也是最大的，最大安培力为F＝eq\r(2)BIL，故D正确．5.(多选)如图所示为原、副线圈匝数比为n1∶n2=10∶1的理想变压器，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈c，d两端加上u1=220sin100πt(V)的交变电压，则()A.当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为22VB.当单刀双掷开关与a连接时，在滑动变阻器触头P向上移动的过程中，电压表和电流表的示数均变小C.当仅把单刀双掷开关由a扳向b时，原线圈输入功率变小D.当单刀双掷开关由a扳向b时，调节滑动变阻器滑片到适当位置，有可能实现调节前、后原线圈输入功率相等【答案】AD【解析】:当单刀双掷开关与a连接时，根据电压与匝数成正比且n1∶n2=10∶1可知，副线圈电压的最大值为22QUOTESKIPIF1<0V，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为SKIPIF1<0QUOTEV=22V，故A正确;当单刀双掷开关与a连接时，输入电压及匝数比不变，输出电压不变，所以电压表的示数不变，变阻器触头P向上移动，变阻器电阻变大，副线圈电流变小，电流表示数变小，故B错误;当仅把单刀双掷开关由a扳向b时，原线圈匝数变小，根据QUOTESKIPIF1<0=QUOTESKIPIF1<0，得U2=SKIPIF1<0QUOTEU1，可知副线圈两端的电压变大，输出功率P2=SKIPIF1<0QUOTE变大，输入功率等于输出功率，所以原线圈输入功率变大，故C错误;当单刀双掷开关由a扳向b时，输出电压变大，调节滑动变阻器滑片到适当位置使负载电阻变大，输出功率P2=QUOTESKIPIF1<0可能不变，输出功率等于输入功率，所以有可能实现调节前、后原线圈输入功率相等，故D正确.6．如图所示，某发电机输出功率是100kW，输出电压是250V，从发电机到用户间的输电线总电阻为8Ω，要使输电线上的功率损失为5%，而用户得到的电压正好为220V，求升压变压器和降压变压器原、副线圈匝数比分别是 ()A．16∶1190∶11 B．1∶1611∶190C．1∶16190∶11 D．16∶111∶190【答案】C【解析】输电线损失功率P损＝100×103×5%W＝5×103W，所以，输电线电流I2＝eq\r(\f(P损,R线))＝25A，升压变压器原线圈电流I1＝eq\f(P总,U1)＝400A，故升压变压器原、副线圈匝数比eq\f(n1,n2)＝eq\f(I2,I1)＝eq\f(1,16).升压变压器副线圈端电压U2＝eq\f(n2,n1)·U1＝4000V，输电线损失电压U损＝I2·R线＝200V，降压变压器原线圈电压U3＝U2－U损＝3800V，故降压变压器原、副线圈匝数比为eq\f(n3,n4)＝eq\f(U3,U4)＝eq\f(190,11).故选项C正确．7.在如图所示的电路中，SKIPIF1<0、SKIPIF1<0为两个完全相同的灯泡，SKIPIF1<0为自感线圈，SKIPIF1<0为电源，SKIPIF1<0为开关，关于两灯泡点亮和熄灭的先后次序，下列说法正确的是（）A．合上开关，SKIPIF1<0先亮，SKIPIF1<0后亮；断开开关，SKIPIF1<0、SKIPIF1<0同时熄灭B．合上开关，SKIPIF1<0先亮，SKIPIF1<0后亮；断开开关，SKIPIF1<0先熄灭，SKIPIF1<0后熄灭C．合上开关，SKIPIF1<0先亮，SKIPIF1<0后亮；断开开关，SKIPIF1<0、SKIPIF1<0同时熄灭D．合上开关，SKIPIF1<0、SKIPIF1<0同时亮；断开开关，SKIPIF1<0先熄灭，SKIPIF1<0后熄灭8.如图所示L为电感线圈，C为电容，A、B为两只相同的灯泡，将他们接在电压为U的交流电源上，两灯泡的亮度相同，若保持电源电压不变，而将电源频率增大，下列关于两灯泡发光情况说法正确的是（）A．两灯泡亮度不变B．A灯泡亮度不变，B灯泡变亮C．A灯泡变暗，B灯泡变亮D．A灯泡变亮，B灯泡变暗9.如图所示，长直导线右侧的矩形线框abcd与直导线位于同一平面，当长直导线中的电流发生如图所示的变化时（图中所示电流方向为正方向），线框中的