浙江省高二数学竞赛模拟试卷一

浙江省高二数学竞赛模拟试卷一一、选择题（每题6分共36分）1.由0,1,2,3,4,5六个数字能组成数字不重复且百位数字不是5的偶数有[]个A.360B.252C.720D.2402.已知数列{}(n≥1)满足=-，且=1,若数列的前2005项之和为2006，则前2006项的和等于[]A.2005B.2006C.2007D.20083.有一个四棱锥，底面是一个等腰梯形，并且腰长和较短的底长都是1，有一个底角是，又侧棱与底面所成的角都是，则这个棱锥的体积是[]A.1B.C.D.4.若(n∈N+),则被3除的余数是[]A.0B.1C.2D.5.已知，且，则的最小值是[]A、B、C、D、6.在边长为12的正三角形中有n个点，用一个半径为的圆形硬币总可以盖住其中的2个点，则n的最小值是[]A.17B.16C二、填空题（每题9分共54分）7.在锐角三角形ABC中，设tanA,tanB,tanC成等差数列且函数f(x)满足f(cos2C)=cos(B+C-A)，则f(x)的解析是为8.的末三位数是_______9.集合A中的元素均为正整数，具有性质：若，则12-，这样的集合共有个.10.抛物线的顶点在原点，焦点在x轴的正半轴上，直线x+y-1=0与抛物线相交于A、B两点，且|AB|=.在抛物线上是否存在一点C，使△ABC为正三角形，若存在，C点的坐标是.11.在数列中，＝2，，设为数列的前n项和，则的值为12.设函数，其中函数在上是单调递减函数；则的取值范围是_____________________.三、解答题（每题20分共60分）13.已知点A和曲线上的点…、。若、、…、成等差数列且公差d>0,(1).试将d表示为n的函数关系式.(2).若,是否存在满足条件的.若存在,求出n可取的所有值,若不存在,说明理由.14.设a,b,c∈(1,+∞)，证明：2(++)≥.15.定义下列操作规则：规则A：相邻两数a、b，顺序颠倒为b、a，称为一次“变换”。（如一行数1、2、3、4要变为3、1、2、4，可以这样操作：。）规则B：相邻三数a、b、c，顺序颠倒为c、b、a，称为一次“变换”。规则C：相邻四数a、b、c、d，顺序颠倒为d、c、b、a，称为一次“变换”。现按照顺序排列着1、2、3、…、2004、2005，目标是：经过若干次“变换”，将这一行数变为2005、1、2、…、2003、2004。问：（1）只用规则A操作，目标能否实现？（2）只用规则B操作，目标能否实现？（3）只用规则C操作，目标能否实现？

[参考答案]http://www.DearEDU.com一、选择题（每题7分共35分）1.由0,1,2,3,4,5六个数字能组成数字不重复且百位数字不是5的偶数有[]个A.360B.252C.720D.240解：末位是0的数共有个-，末位是2或4的数共有2(-)个.由加法原理，共有-+2(-)=252个.2.已知数列{}(n≥1)满足=-，且=1,若数列的前2005项之和为2006，则前2006项的和等于[]A.2005B.2006C.2007D.2008解：=-=(-)-=-,因此，对n≥1，+++++=0，从而数列中任意连续6项之和均为0.2005=334×6+1,2006=334×6+2,所以前2005项之和为，即=2006，于是前2006项的和等于+=2007.所以选(C).3.有一个四棱锥，底面是一个等腰梯形，并且腰长和较短的底长都是1，有一个底角是，又侧棱与底面所成的角都是，则这个棱锥的体积是[]A.1B.C.D.解：这个体积是底边和高均为1的正六棱锥的体积的一半，因此4.若(n∈N+),则被3除的余数是A.0B.1C.2D.解：=[]=[]==-21(mod3).所以选(B).5.已知，且，则的最小值是[]A、B、C、D、解：由已知得，所以＝当且仅当，即时，取等号故当时，有最小值所以选C6.在边长为12的正三角形中有n个点，用一个半径为的圆形硬币总可以盖住其中的2个点，则n的最小值是[]A.17B.16C解：如图(1)，作一个分割，在每个交叉点上置一个点，这时任意两点间距离不小于4，4>2(硬币直径)，故这时硬币不能盖住其中的两个点，说明n=10是不够的.如图(2)，另作一个分割，得到16个全个等的边长为3的正三角形，其中“向上”的三角形共有10个，它们的外接圆的半径正好是.借助图(3)可以证明：只要图(2)中的10个“向上”的三角形都用硬币覆盖，则三角形ABC完全被覆盖，这时若在三角形ABC内置11个点，则必有一个硬币可以至少盖住其中的2个点.故n的最小值是11，所以选(C).二、填空题（每题8分共40分）6.设函数，且对任意，则=_____________________。解：=即。7.在锐角三角形ABC中，设tanA,tanB,tanC成等差数列且函数f(x)满足f(cos2C)=cos(B+C-A)，则f(x)的解析是为解：tanA=-tan(B+C),tanA+tanB+tanC=tanAtanBtanC,tanA+tanC=2tanB,于是有3tanB=tanAtanBtanC,因为B为锐角，所以tanB≠0,所以tanAtanC=3,令cos2C=x,则=，所以===所以cos(B+C-A)=cos(-2A)=-cos2A=1-2=1-=,即f(x)=.8.的末三位数是_______解：(10i+1)(10i+3)(10i+7)(10i+9)=[100+100i+9][100+100i+21]=10000+3000i(i+1)+189189(mod1000).所以=189×100900(mod1000).所以末三位是9009.集合A中的元素均为正整数，具有性质：若，则12-，这样的集合共有个.解：从集合A的性质可得，A必然是六个集合{1,11},{2,10},{3,9},{4,8},{5,7},{6},中某几个的并集，因此符合要求的A共有+++++=-1=63个.10.抛物线的顶点在原点，焦点在x轴的正半轴上，直线x+y-1=0与抛物线相交于A、B两点，且|AB|=.在抛物线上是否存在一点C，使△ABC为正三角形，若存在，C点的坐标是.解：设所求抛物线方程为，由弦长|AB|=建立关于p的方程.解得p=或p=-(舍去)，故抛物线方程为.设AB的中点为D(x0,y0)，抛物线上存在满足条件的点C(x3,y3)，由于△ABC为正三角形.所以CD⊥AB，|CD|=|AB|=.EMBEDEquation.3由CD⊥AB得①由②解①②得，不在抛物线上.故抛物线上存在一点(,)11.在数列中，＝2，，设为数列的前n项和，则的值为解：当n为偶数时，，故当n奇数时，，，故故12.设函数，其中函数在上是单调递减函数；则的取值范围是_____________________.解：（1）设，则设，则显然.∵,∴,∵,∴只需要,就能使在上是单调递减函数；三、解答题（每题20分共60分）13.(1).∵d>0,故为递增数列∴最小,最大由方程知是它的右焦点,L:是它的右准线,∴于是∴(2)∵∴设又∵∴取最大值14,取最小值8.∴可取8、9、10、11、12、、13、14这七个值。14.设a,b,c∈(1,+∞)，证明：2(++)≥.证明：∵a,b,c∈(1,+∞)，logba,logcb,logac,都是正数，并且它们的乘积等于1，∴++≥3=,又∵2(a+b+c)=(a+b)+(b+c)+(c+a)≥3,∴≥=,∴++≥,即2(++)≥.15.解答：（1）能，实行如下操作：（2）不能，从左到右，把数所占的位置编上号，按照规则B，若数在号位置，一次变换后可能是号位置，所以操作过程中数所占位置的奇偶性不会改变。而1、2、3、…、2004、2005中1在1号位，目标2005、1、2、…、2003、2004中1是2号位，这不可能。（3）能，通过如下操作（记为“*操作”）：可以将一个数往前提4个位置，而其他各数的顺序不变。将2001、2002、2003、2004、