云南省玉溪市江川区第二中学2018-2019学年高一下学期开学考试物理试卷

云南省江川二中20182019学年下学期开学考试高一物理1.如图所示，狗拉着雪橇在雪道上行驶，根据牛顿运动定律可知()A.若加速前进，狗拉雪橇的力大于雪橇拉狗的力B.若匀速前进，狗拉雪橇的力与雪橇拉狗的力平衡C.若减速前进，狗拉雪橇的力小于雪橇拉狗的力D.狗拉雪橇的力与雪橇拉狗的力大小始终相等【答案】D【解析】无论雪橇如何运动，狗拉雪橇的力和雪橇拉狗的力是一对作用力与反作用力，因此它们始终大小相等，方向相反，注意雪橇的运动状态是由雪橇所收合外力决定的，故ABC错误，D正确。点睛：作用力与反作用力始终共线大小相等方向相反，作用在两个物体上，同时注意与一对平衡力的区别。2.动车把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客．而动车组就是几节自带动力的车辆(动车)加几节不带动力的车辆(也叫拖车)编成一组，若动车组在匀加速运动过程中，通过第一个60m所用时间是10s，通过第二个60m所用时间是6s，则()A.动车组的加速度为0.5m/s2，接下来的6s内的位移为78mB.动车组的加速度为1m/s2，接下来的6s内的位移为78mC.动车组的加速度为0.5m/s2，接下来的6s内的位移为96mD.动车组的加速度为1m/s2，接下来的6s内的位移为96m【答案】A【解析】【详解】通过第一个60m的平均速度：v1=x1 t1=6则a=v2−v1Δt=v2【点睛】解决本题关键是掌握匀变速直线运动的运动学速度公式、位移公式和推论，能灵活运用推论：匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度.3.如图所示，小球从距地面5m高处落下，被地面反向弹回后，在距地面2m高处被接住，则小球从高处落下到被接住这一过程中通过的路程和位移的大小分别是（）A.7m、7m B.5m、2m C.7m、3m D.5m、3m【答案】C【解析】小球的起点在A，末点在B，由图可知AB的长度为3米，因此其位移大小为3m，路程为小球经过的轨迹长度，由题意可知，路程为7m，故ABD错误，C故选：C。点睛：解决本题的关键是知道路程是标量，大小等于物体运动轨迹的长度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度，与运动的路线无关。4.如图，质量为的木块在与水平方向成α角斜向上的拉力F作用下沿水平地面匀速滑动．木块与水平地面间的动摩擦因数为μ．以下说法中正确的是（）A.木块受到地面摩擦力大小为B.木块受到地面摩擦力大小为C.木块受到地面摩擦力大小为D.木块受到地面摩擦力大小为【答案】C【解析】试题分析：在竖直方向上，在水平方向上，由此可知木块受到地面的摩擦力为或，ABD错；C对；故选C考点：考查摩擦力的计算点评：本题难度较小，在处理摩擦力问题时，应首先判断摩擦力的类型，如果是滑动摩擦力，可根据公式或受力平衡求解5.如图所示为中国古代的太极图，图中大圆的半径为R，圆心在O点，AC是直径，中央“S”型部分是两个半径均为R2的半圆某人晨练时按此图自A点出发，沿图中箭头所示路径ABCOA进行，第一次返回A点的过程中，他的路程和位移大小分别是A.0，0 B.0，2πR C.2πR，0【答案】C【解析】【分析】位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度．路程等于运动轨迹的长度。【详解】位移由初位置指向末位置，质点沿半径为R的半圆运动，当质点由A点运动到C点再返回A点，位移大小等于0，路程等于ABC的半个圆弧加上中央两个小半圆弧长之和，等于2πR，故C正确，ABD错误。【点睛】解决本题的关键知道位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度．路程等于运动轨迹的长度。6.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展。利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升。斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3，根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是A.如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B.如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C.如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D.小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小【答案】A【解析】试题分析：从实验中小球的三种运动情况可以得到，斜面的阻力越小，小球上升的位置越高，如果不受阻力，就会升到与O点相等的高度，A正确；而其他选项都不是由实验直接得到的，需要进一步推理或实验验证，B、C、D错误。考点：物理研究问题中方法的考查7.一物体的运动规律是x=3t2m，y=4t2①物体在x和y方向上都是做初速度为零的匀加速运动②物体的合运动是初速度为零、加速度为5m/s2的匀加速直线运动③物体的合运动是初速度为零、加速度为10m/s2的匀加速直线运动④物体的合运动是做加速度为5m/s2的曲线运动A.①② B.①③ C.② D.④【答案】B【解析】【详解】在x方向上有：x=3t在y方向上有：y=4t2根据平行四边形定则知，a=ax故选：B。8.以某一水平初速度v0抛出一物体，飞行时间t=2s后，撞在倾角θ=30°的斜面上，此时物体的速度方向刚好与斜面成α=60°的夹角，如图所示．则此物体的水平初速度v0等于（取g=10m/s2）（）A.10m/sB.20m/sC.203D.303【答案】C【解析】【详解】物体做平抛运动，物体撞在斜面上时竖直方向上的分速度的大小为vy=gt=20m/s；此时速度与水平方向的夹角为β=αθ=60°30°=30°；则初速度为v0=vycotβ=20×cot30°=203m/s，故选9.关于向心加速度，以下说法正确的是()A.它描述了角速度变化的快慢B.它描述了线速度大小变化的快慢C.它描述了线速度方向变化的快慢D.公式a=【答案】C【解析】试题分析：向心加速度只改变速度的方向，不改变速度大小，向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢．A、向心加速度只改变速度的方向，不改变速度大小．向心加速度描述的是线速度方向变化的快慢．故A、B错误，C正确．D、公式既适用于匀速圆周运动，也适用于变速圆周运动．故D错误．故选C．10.图示是磁带录音机的磁带盒示意图，A、B为缠绕磁带的两个轮子，半径均为r.在放音结束时，磁带全部绕到了B轮上，磁带的外缘半径为R，且R＝3r.现在进行倒带，使磁带绕到A轮上；倒带时A轮是主动轮，其角速度是恒定的，B轮是从动轮，经测定磁带全部绕到A轮上需要的时间为t，则从开始倒带到A、B两轮的角速度相等所需要的时间应是()A.等于t2 B.大于C.小于t2 D.【答案】B【解析】在A轮转动的过程中，半径增大，角速度恒定，根据v=rω，知线速度增大，即磁带的速度逐渐增大，若磁带全部绕到A轮上需要的时间为t，则两轮半径相等前所用的时间大于半径相等后所用的时间，即A、B两轮的角速度相等所需要的时间大于t2．故B正确，ACD错误．故选点睛:解决本题的关键知道线速度与角速度的关系，以及知道A、B两轮的角速度相等时，半径相等．11.某同学用如左图所示装置测量重力加速度g,所用交流电频率为50Hz.在所选纸带上取某点为0号计数点,然后每3个点取一个计数点,所有测量数据及其标记符号如右图所示.该同学用两种方法处理数据(T为相邻两计数点的时间间隔):方法A:由g1=,g2=,……,g5=,取平均值="8.667"m/s2;方法B:由g1=,g2=,g3=,取平均值="8.673"m/s2.从数据处理方法看,在s1、s2、s3、s4、s5、s6中对实验结果起作用的,方法A中有;方法B中有.因此,选择方法(A或B)更合理,这样可以减少实验的(试举出两条).【答案】s1,s6s1,s2,s3,s4,s5,s6B偶然阻力(空气阻力,振针的阻力,限位孔的阻力,复写纸的阻力等),交流电频率,长度测量,数据处理方法等【解析】【11题详解】看实验装置用的是电火花打点计时器，所以工作电压为220伏交流电源。【12题详解】按照方法A:×=,只利用上了两个数据和;方法B:×利用上了六个数据，S1、S2、S3、S4、S5、S6利用数据越多，可以尽量避免偶然误差，合理的是方法B；【13题详解】本实验误差的主要人为测量长度带来的误差；纸带和限位孔之间的摩擦使运动加速度小于g;实验数据处理方法也会使偶然误差增大；等等。12.将橡皮筋的一端固定在A点，另一端拴上两根细绳，每根细绳分别连着一个量程为5N、最小刻度为0.1N的弹簧测力计．沿着两个不同的方向拉弹簧测力计．当橡皮筋的活动端拉到O点时，两根细绳相互垂直，如下图所示．这时弹簧测力计的读数可从图中读出．(1)由图可读得两个相互垂直的拉力的大小分别为________N和________N(只需读到0.1N)．(2)在方格纸上按作图法的要求画出这两个力及它们的合力___．【答案】(1).；(2).；(3).【解析】【详解】(1)由图可知，弹簧秤的最小分度为则读得：F1(2)取如图所示的两格表示，则可得出F1，F2，由上图得出两力的方向，作出平行四边形，即其对角线的长度表示力的大小，箭头的指向表示力的方向，求得。13.在研究“平抛运动”实验中，(1)图1是横档条，卡住平抛小球，用铅笔标注小球最高点，确定平抛运动轨迹的方法，坐标原点应选小球在斜槽末端时的_______。A.球心B.球的上端C.球的下端在此实验中，下列说法正确的是________。A.斜槽轨道必须光滑B.记录的点应适当多一些C.用光滑曲线把所有的点连接起来轴的方向根据重垂线确定（2）图2是利用图1装置拍摄小球做平抛运动的频闪照片，由照片可以判断实验操作错误的是____。A.释放小球时初速度不为零B.释放小球的初始位置不同C.斜槽末端切线不水平（3）图3是利用稳定的细水柱显示平抛运动轨迹的装置，其中正确的是_______。【答案】(1).B(2).BD(3).C(4).B【解析】【详解】（1）题干中指出用铅笔标注小球的最高点作为小球轨迹的记录点.所以坐标原点也应选为球的最高点即球的上端.故选B;斜槽轨道不必光滑，A错.记录的点适当多一点，以便更准确的描出平抛轨迹.；B对.为比较准确地描出小球运动的轨迹.将这些点平滑连接起来，C错，用中垂线确定Y轴坐标，D对。故选BD（2）由图可知，小球做斜抛运动.所以斜槽末端没有水平放置，选C。（3）竖直管内与大气相通，为外界大气压强，竖直管在水面下保证竖直管上出口处的压强为大气压强，因而另一出水管的上端口处压强与竖直管上出水口处的压强有恒定的压强差，保证另一出水管出水压强恒定，从而水速也恒定，如果竖直管上出口在水面上，则水面上为恒定大气压，因而随水面下降，出水管上口压强降低，出水速度减小，故选B综上所述本题答案是：(1).B(2).BD(3).C(4).B【点睛】在做平抛实验时一定要保证斜槽末端水平，这样才可以保证小球抛出时的速度是水平的，在描点连线时要注意用平滑的曲线把所有的点迹连接起来。14.一物体做匀变速直线运动，从某时刻开始计时，即t=0，在此后连续两个2s内物体通过的位移分别为8m和16m，求：（1）物体的加速度大小；（2）t=0时物体的速度大小。【答案】（1）a=2【解析】试题分析：(1)根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，△x=aT2求出物体的加速度大小；(2)根据第一个2s内的位移，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出物体的初速度。(1)根据Δx=a(2)由x1=v0T15.如图所示，如量为m=的砝码悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止状态．PA与竖直方向的夹角37°，PB沿水平方向．质量为M=10kg的木块与PB相连，静止于倾角为37°的斜面上，sin53°=0.80，cos53°=0.60，取重力加速度g=10m/s2。求：（1）轻绳PB拉力的大小；（2）木块所受斜面的摩擦力和弹力大小．【答案】（1）PB的拉力为6N；（2）木块受到的摩擦力为64.8N，支持力为76.4N．【解析】试题分析：（1）如图甲所示分析P点受力，由平衡条件可得：FAcos37°＝mg(1分)FAsin37°＝FB(1分)可解得：FB＝6N(2分)（2）再分析G2的受力情况如图乙所示.由物体的平衡条件可得：Ff＝Mgsin37°＋FB′cos37°(2分)FN＋FB′sin37°＝Mgcos37°(2分)FB′＝FB可求得：Ff＝64.8N(1分)FN＝76.4N.(1分)考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．点评：解决共点力平衡的题目，受力分析是关键，同时注意正确做出图象，三力平衡时可以用合成法，四力及以上时一般采用正交分解法．16.如图所示，固定在水乎面上的斜面其倾角θ=37°，长方形木块A的MN面上钉着一颗钉子，质量m=的小球B通过一细线与小钉子相连接，细线与斜面垂直．木块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5．现将木块由静止释放，木块与小球将一起沿斜面下滑．求在木块下滑的过程中；（1）木块与小球的共同加速度的大小（2）小球对木块MN面的压力的大小和方向．（取g=l0m/s2）【答案】（1）木块与小球的共同加速度的大小2.0m/s2．（2）小球对木块MN面的压力的大小为6.0N，方向沿斜面向下．【解析】试题分析:（1）将小球和木块看作一整体，设木块的质量为M，根据牛顿第二定律有：代入数据得：a＝2.0m/s2（2）选小球为研究对象，设MN面