广东省梅州市槐岗中学高一化学期末试题含解析

广东省梅州市槐岗中学高一化学期末试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.随着人们生活水平的提高，废电池必须进行集中处理，主要原因是：

（

）A．利用电池外壳的金属材料B．防止电池中汞、镉和铅等重金属离子对土壤和水源的污染C．不使电池渗漏的电解液腐蚀其它物品D．回收其中石墨电极参考答案：B略2.按如图所示装置进行实验，将液体A逐滴加入到固体B中，下列叙述不正确的是（）A．若A为浓盐酸，B为KMnO4，C中盛品红溶液，则C中溶液褪色 B．若A为醋酸，B为贝壳，C中盛Na2SiO3，则C中溶液中变浑浊 C．若A为浓氨水，B为生石灰，C中盛AlCl3溶液，则C中先产生沉淀后沉淀又溶解 D．实验仪器D可以起到防止溶液倒吸的作用参考答案：C解：A．浓盐酸与高锰酸钾反应生成氯气，氯气与水反应生成HClO具有漂白性，则C中盛品红溶液褪色，故A正确；B．醋酸与碳酸钙饭生成二氧化碳，二氧化碳与硅酸钠反应生成硅酸沉淀，则C中溶液变浑浊，故B正确；C．浓氨水与生石灰混合可制备氨气，氨气与氯化铝反应生成氢氧化铝沉淀，则C中产生白色沉淀，故C错误；D．仪器D具有球形结构，体积较大，则可以起到防止溶液倒吸的作用，故D正确。

3.某同学欲配制含有大量下列各离子的溶液，其中能实现的是A.K+、H+、SO42-、OH- B.Na+、Ca2+、CO32-、NO3-C.Na+、H+、CL-、CO32-

D.Na+、Cu2+、CL-、SO42-参考答案：D4.二氧化硫、氢气、二氧化碳组成的混合气体在同温、同压下与笑气（N2O）的密度相同。则该混合气体中二氧化硫、氢气、二氧化碳的体积比为（

）A.29：8：13

B.22：1：14

C.13：8：13

D.21：10：12参考答案：D由于CO2与N2O具有相同的相对分子质量，所以SO2、H2、CO2混合气体的平均相对分子质量仅由SO2和H2来决定，CO2的量可以任意。由十字交叉法：，由十字交叉法可求得SO2和H2的体积比为42：20或21：10时(CO2的量可以任意)，混合气体的平均分子量为44，故选D。点睛：本题考查混合物的计算，关键是确定混合气体中SO2和H2的平均相对分子质量为44，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意十字交叉法的运用。5.下列叙述不正确的是

A．将wga％的NaCl溶液蒸发掉g水，得到2a％的NaCl溶液B．将1体积cmol/L的硫酸用水稀释为5体积，稀溶液的浓度为0.2cmol/LC．将5.85gNaCl晶体溶入1000mL水中，制得0.1mol/L的NaCl溶液D．1mol·L-1AlCl3溶液中Cl－浓度与3mol·L-1NH4Cl溶液中Cl－浓度相等参考答案：C略6.将标准状况下LHCl溶于1L水中，得到的盐酸密度为bg/cm3，则该盐酸的物质的量浓度是A.mo1/L

B.mo1/LC.mo1/L

D.mo1/L参考答案：C【详解】标准状况下LHCl的物质的量n(HCl)=a/22.4mol，质量是36.5a/22.4g，溶液的质量是(1000+36.5a/22.4)g，则溶液的体积V=m/ρ=(36.5a/22.4+1000)/1000bL，所以盐酸的浓度c(HCl)=n(HCl)/V=mol·L-1，答案选C。【点睛】解此题最容易出现的错误是思维不严密，易把1000g水的体积当做溶液的体积，忽视了HCl溶于水后使溶液体积发生变化，事实上，试题给出了溶液密度，无疑提示考生求溶液体积应用V=m/ρ进行计算。7.下列各组物质均属于硅酸盐制品的是A．陶瓷、水泥

B．单晶硅、玻璃

C．石膏、漂白粉

D．水玻璃、铝热剂参考答案：A略8.下列叙述正确的是（）A．铜丝能导电，因此它是电解质B．BaSO4难溶于水，因此它是非电解质C．NaC1熔融状态时能导电，因此它是电解质D．胶体区别于其他分散系的本质是具有丁达尔效应参考答案：C【考点】电解质与非电解质．【分析】A、电解质必须是化合物；B、在水溶液中或熔融状态下能导电的化合物为电解质；C、在水溶液中或熔融状态下能导电的化合物为电解质；D、胶体区别于其他分散系的本质是粒子的直径大小不同．【解答】解：A、电解质必须是化合物，铜是单质，故既不是电解质也不是非电解质，故A错误；B、BaSO4难溶于水，但在熔融状态下能导电，所以BaSO4为电解质，故B错误；C、在水溶液中或熔融状态下能导电的化合物为电解质，氯化钠溶于水后和在熔融状态下能导电，为电解质，故C正确；D、胶体区别于其他分散系的本质是粒子的直径大小不同，故D错误；故选C．9.某同学为了使反应2HCl+2Ag2AgCl+H2↑能进行，设计了下列四个实验，如下图所示，你认为可行的方案是（

）参考答案：C试题分析：因Ag与盐酸不反应，则不能设计为原电池，B、D没有外加电源，故BD错误；为了使反应2HCl+2Ag=2AgCl+H2↑能顺利进行，可设计为电解池，选择Ag为阳极，盐酸为电解质溶液即可，A中Ag为阴极，故A错误，显然只有C正确；故选C。【名师点晴】本题考查氧化还原反应与电解的关系，明确常温下不能自动发生的氧化还原反应可利用电解原理来实现是解答的关键，并注意电极的判断及电极反应。10.短周期元素X、Y可以形成化合物XY2。下列有关叙述正确的是A.若XY2是共价化合物，则X与Y的原子序数不可能相差1B.若XY2是离子化合物，则X与Y的原子序数可能相差8C.若X与Y的原子序数相差5，则离子化合物XY2不溶于水D.若X与Y的原子序数相差6，则共价化合物XY2可溶于强碱溶液参考答案：D试题分析：NO2共价化合物，原子序数相差1，A错误；如果原子序数相差为8，则为同周期元素，因此不能形成离子化合物，B错误；离子化合物XY2，X与Y的原子序数相差5则为MgCl2或BeF2，都可以溶于水，C错误，X与Y的原子序数相差6且为共价化合物则为SiO2因此可以溶于强碱，D正确。答案选D。11.下列操作正确的是A.向盛水的烧杯中投入小拇指大小的钠块，观察现象B．将钠保存在汽油中

C．将一小块钠放在石棉网上加热，观察现象D．用手掰开一块金属钠，观察钠的颜色参考答案：C12.金可溶于王水（浓硝酸与浓盐酸的混合物）：Au+HNO3+4HCl═HAuCl4+NO↑+2H2O，关于上述反应的有关说法错误的是（）A．盐酸作氧化剂

B．HNO3被还原C．王水有很强的氧化性 D．HAuCl4中Au的化合价为+3价参考答案：A【考点】氧化还原反应．【分析】该反应中Au元素化合价由0价变为+3价、N元素化合价由+5价变为+2价，得电子化合价降低的反应物是氧化剂、失电子化合价升高的反应物是还原剂，在反应中氧化剂被还原、还原剂被氧化，据此分析解答．【解答】解：该反应中Au元素化合价由0价变为+3价、N元素化合价由+5价变为+2价，得电子化合价降低的反应物是氧化剂、失电子化合价升高的反应物是还原剂，在反应中氧化剂被还原、还原剂被氧化，A．通过以上分析知，Au是还原剂、硝酸是氧化剂，HCl体现酸性，故A错误；B．该反应中硝酸是氧化剂，被还原，故B正确；C．Au不活泼，但能被王水氧化，说明王水具有很强的氧化性，故C正确；D．HAuCl4中Cl元素化合价为﹣1价、H元素化合价为+1价，所以Au的化合价为+3价，故D正确；故选A．13.下列气体不可以用浓硫酸干燥的是A.H2

B.NH3

C.SO2

D.Cl2参考答案：B浓硫酸具有强氧化性及酸性，所以常温下还原性较强气体（例如HI）及碱性气体（例如氨气）不能用其干燥，答案为B14.下列各组物质性质的比较正确的是A．酸性：H3PO4>H4SiO4>H2CO3

B．熔沸点：H2O>H2S>H2SeC．离子半径：S2－>Cl－>K+

D．离子的氧化性：Na+>Mg2+>Al3+参考答案：C15..下列物质中有氧离子的是(

)A.氯酸钾

B.一氧化氮

C.氧化镁

D.水参考答案：C略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.现用质量分数为98%、密度为1.84g·cm-3的浓硫酸来配制500mL0.2mol/L的稀硫酸。可供选择的仪器：①玻璃棒，②烧瓶，③烧杯，④胶头滴管，⑤量筒，⑥容量瓶，⑦托盘天平，⑧药匙。请回答下列问题：(1)上述仪器中，在配制稀硫酸时用不到的仪器有______(填代号)。(2)配制溶液时，一般可以分为以下几个步骤：①量取②计算③稀释④摇匀⑤移液⑥洗涤⑦定容⑧冷却⑨初步振荡⑩装瓶贴签其正确的操作顺序为②①③______⑥_____④⑩(填序号)。(3)经计算，需浓硫酸的体积为______mL。现有①10mL、②50mL、③100mL三种规格的量筒，应选用的量筒是_______(填代号)。(4)在配制过程中，其他操作都准确，下列操作中错误且能使所配溶液浓度偏高的有____(填代号)①洗涤量取浓硫酸后的量筒，并将洗涤液转入容量瓶中②未等稀释后的硫酸溶液冷却至室温就转入容量瓶内③将浓硫酸直接倒入烧杯，再向烧杯中注入蒸馏水来稀释浓硫酸④定容时，加蒸馏水超过刻度线，又用胶头滴管吸出⑤转移前，容量瓶中含有少量蒸馏水⑥定容摇匀后，发现液面低于刻度线，又用胶头滴管加蒸馏水至刻度线⑦定容时俯视刻度线参考答案：(1)②⑦⑧

(2)⑧⑤

⑨⑦

(3)5.4

①

(4)①②⑦试题分析：本题考查一定体积物质的量浓度溶液的配制和误差分析。（1）根据浓溶液配稀溶液的实验步骤，实验时需要使用的仪器有：量筒、烧杯、玻璃棒、500mL容量瓶、胶头滴管，不需要的仪器是烧瓶、托盘天平、药匙，答案为②⑦⑧。（2）配制时的实验步骤为：计算→量取→稀释→冷却→移液→洗涤→初步振荡→定容→摇匀→装瓶贴签，正确的操作顺序为②①③⑧⑤⑥⑨⑦④⑩。（3）根据稀释前后H2SO4物质的量不变列式，1.84g/cm3V(浓H2SO4)×98%÷98g/mol=0.2mol/L×0.5L，V(浓H2SO4)=5.4mL，根据“大而近”的原则选择量筒，应选用10mL的量筒，答案选①。（4）根据公式cB=分析。①洗涤量取浓硫酸后的量筒，洗涤液转入容量瓶中，操作错误，硫酸物质的量偏大，所配溶液浓度偏高；②未等稀释后的硫酸溶液冷却至室温就转入容量瓶内，操作错误，由于浓硫酸溶于水放热，冷却至室温后溶液体积偏小，所配溶液浓度偏高；③将浓硫酸直接倒入烧杯，再向烧杯中注入蒸馏水来稀释浓硫酸，操作错误，若没有溶液溅出，所配溶液浓度无影响，若有溶液溅出，所配溶液浓度偏低；④定容时，加蒸馏水超过刻度线，又用胶头滴管吸出，操作错误，所配溶液浓度偏低；⑤转移前，容量瓶中含有少量蒸馏水，对实验结果无影响；⑥定容摇匀后，发现液面低于刻度线，又用胶头滴管加蒸馏水至刻度线，操作错误，溶液体积偏大，所配溶液浓度偏低；⑦定容时俯视刻度线，操作错误，溶液体积偏小，所配溶液浓度偏高；答案选①②⑦。点睛：配制物质的量浓度溶液的误差分析，根据公式cB=，由于操作不当引起nB偏大或V偏小，所配溶液浓度偏大；反之，所配溶液浓度偏小。难点是定容时的仰视、俯视的分析：仰视刻度线（如图），容器内液面高于刻度线，导致溶液体积偏大，所配溶液浓度偏小。俯视刻度线（如图），容器内液面低于刻度线，导致溶液体积偏小，所配溶液浓度偏大。三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.根据下列反应填空：Cl2+SO2+2H2O=H2SO4+2HCl氧化剂是__________；被氧化的元素是

；氧化产物是

。参考答案：Cl2

S

H2SO418.“绿色试剂”双氧水可作为矿业废液消毒剂，如要消除采矿业废液中的氰化物（如KCN），化学方程式为：KCN+H2O2+H2O=A+NH3↑（提示：KCN中N为-3价）（1）生成物A的化学式为________________________。（2）上述反应中，氧化剂是_________________，被氧化的元素是_________________。（3）在标准状况下有0.448L氨气生成，则转移的电子为_____________________mol。参考答案：(1)KHCO3

(2)H2O2

C（或碳）

(3)0.04【分析】（1）根据质量守恒定律来分析A的化学式；（2）得到电子的物质的氧化剂，元素的化合价升高时被氧化；（3）根据化合价的变化来计算转移的电子数。【详解】（1）由质量守恒定律可知，反应前后原子个数守恒，则A的化学式为KHCO3；（2）H2O2中氧元素化合价降低，得到电子，因此氧化剂是H2O2；元素的化合价升高时被氧化，该反应中只有C元素的化合价升高，故被氧化的元素是C（或碳）；（3）标准状况下有0.448L氨气生成，氨气的物质的量为0.448L÷22.4L/mol＝0.02mol，KCN中C元素由+2升高为+4，则转移电子的物质的量为0.02mol×（4-2）=0.04mol。【点睛】本题考查氧化还原反应，明确质量守恒定律及发生的化学反应、反应中元素的化合价变化是解答本题的关键。1