2022-2023学年辽宁省六校高三上学期期中联考物理试卷及答案

高三物理试卷共高三物理试卷共9页第6页物理试题考试时间：90分钟 满分：100分第Ⅰ卷（48分）一、选择题（12481～8题只有一项符合题目要求，每小题4分；第9～12题有多项符合题44分，选对但不全的得2分，有选错、多选或不选的得0分。）ETC站的时间。下列图像中，可以描述汽车利用该系统通过收费站的是（）A． B． C． D．如图所示碰碰车围有橡胶做成的缓冲装置可以减小碰撞中的撞击力。某次两车相向而行，相撞前的速度大小均为1.5m/s，碰撞过程作用时间约为两车碰撞时认为动量守恒每辆碰碰车和的总质量约为100kg。两车碰撞过程中的平均作用力大小约为（ ）A．750N B．375N C．125N 质点做平抛运动的初速度为v1，3s末时的速度为v2。下列四个图中能够正确反映抛出时刻1s、2s末、3s末速度矢的示意图是（ ）A．B．C．D．mab30°角的轻细线挂在天花板上，b30g球的支持力大小为（）A．2 mg mg mg D． mg如图所示为1687年出版《自然哲学的数学原理中一幅经典图牛顿设想：把物体从高山上水平抛出，若速度一次比一次大，落地就一次比一次远当抛出速度足够大时即达到特定速（临界速度物体就不会落回地面下列说法正确的是（ ）增大抛出速度就会减小地球对物体的引力B．增大抛出速度是因为物体惯性增加而运动更远C．不计空气阻力，物体质量越大，该临界速度越大10N的钩码，测出的力随时间的变化规律如图所示。则下列分析不正确的是（ ）t1t2，钩码处于失重状态t3t4，钩码处于超重状态1停在3楼3停在1楼1909b响，下列说法正确的是（）abababab2R的光滑圆环固定在竖直平面内，AB、CD垂直的两条直径，C、DOmPPO正下方𝑅Ag（）AB2RBA、B2mg汽车在研发过程中都要进行性能测试，如图所示为某次测试中某型号汽车的速度v与牵引力F大小倒数的v1图像，vm表示最大速度。已知汽车在F水平路面上由静止启动，ab平行于v轴，bc反向延长过原点O。已知阻力定，汽车质量为2×103kg，下列说法正确的是（ ）ab20sbc汽车额定功率为50kWD．汽车能够获得的最大速度为m＝1kgA1.2sBvtg＝10m/s2，则可知（）货物与传送带间的动摩擦因数为B．A、B3.2mC．AB12.8JD．AB4.8J+q的小物体xxx中0~ll~l及l~lxl处相切，xlx处速度恰好为零，说法正确的是（ ）Ox的过程中由于摩擦产生的热量为q(3)2lC．1、2、3的关系为3132D．小物体运动过程中的最大动能为q(12)k2mAmBA.现对BB1g5至与A分离，重力加速度为g，则物块A、B分离时（ ）mg5𝑘A3𝑚𝑔5𝑘物块的速度大小为𝑔√3𝑚5 𝑘弹簧弹性势能的减少量为第Ⅱ卷（非选择题52分）二、实验题（136148分14分。）其中桌面与细线已调至水平。乙乙关于本实验，下列说法正确的是 A．必须用天平测出砂和砂桶的质量B．砂和砂桶的总质量必须远小于小车的质量C．应当先释放小车，再接通电源纸若小车的加速度大小a与力传感器示数F的关系如图乙所示则小的质量为 kg。（结果保留两位有效数字）不断增加砂桶中砂的质量重复实验发现小车的加速度最后趋近于某一数值。若当地的重力加速度大小为g，则经理论分析可知，该数为 。O。实验步骤如下：1A点的平均位置；22B1A1落点的平均位置；3NOOM、OP、ON的长度。上述实验除需测量线段OMOPON的长度外还需要测量的物量有( ) 。A．小球1和小球2的质量m1、m2B．BhC．A、BD12r当所测物理量满足表达式 （用所测物理的字母表示）时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律。若测得各落点痕迹到O点的距离OM＝2.68cm，OP＝8.62cm，ON＝并知小球12的质量比为则系统碰撞前总动量p与碰撞后总动量p′的百分误差＝ （结果保留两位有效数字）。所示，4图中圆弧为圆心在斜槽末端B的1圆弧使小球1仍从斜槽上A点由静止滚下重复实验步骤1和2的操作得到两球落在圆弧上的平均位置为M′分别为则验证两球碰撞过程中动量守恒的表达式为 （所测物理量的字母表示）。4三、计算题（本题共4小题，共38分。解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）15．（6Av0m＝1kg（可视为质点BBOC＝37°BCCA、BCH＝0.6h＝0.15R＝0.7g＝1m/s（sin37°＝0.cos37°＝0.8）v0C16.（8）m＝1kg37°上(Ft1＝1s时撤Fv－tg＝10m/s.求：Ft＝4s（10ABCR半圆形轨道，BCBCm电的小滑块从BC上的DA点后落到BC上的PAg，不计空气阻力．DBx1；Avmn1vmn。（14）2LAB区域内存在水E﹣t4mP1ABAx（0＜x≤L）的位置．t＝0mP2v0AABP1后以1vPPAB20 1 2 2电量保持不变P1t＝𝐿时，P

AABx的值；𝑣0 2当1L＜x≤LP

离开AB区域时的速度大小．3 2EE试题试题高三答案一．选择题123456789101112CADBDCABACABDCDBD二．实验题13. (1)D (2)2.9 （2） 2214.（1）A（2）m1•OP＝m1•OM+m2•ON （3）2.2 %；2（4）m1 ＝m1 +m

每空2分15.（1）ABBvyvy＝gt代入数据，联立解得vy＝3m/s 分又因为此时小物块的速度方向与水平方向的夹角为θ＝37°，如图所示；则有分可得小物块的初速度v0＝4m/s； 分（2）小物块从A点至C点的过程中，由动能定理可得：分设物块在C点受到的支持力为FN，则有：分解得：FN＝142/3=47.3N牛顿第三定律得，物块在C点时对圆弧轨道的压力大小为47.3N 分16.(1)根据v－t图线知，匀加速直线运动的加速度的大小：a1＝20m/s2根据牛顿第二定律得：F－μmgcosθ－mgsinθ＝ma1 分匀减速直线运动的加速度的大小：a2＝10m/s2根据牛顿第二定律得：mgsinθ＋μmgcosθ＝ma2 分高三解得：F＝30N 分，μ＝0.5. 分(2)Fv1＝a2t2，解得t2＝2s； 分则物体沿斜面下滑的时间为t3＝t－t1－t2＝1s 分设下滑加速度为a3，由牛顿第二定律得mgsinθ－μmgcosθ＝ma3 分3解得：a＝2m/s23所以t＝4s时物体的速度：v＝a3t3＝2×1m/s＝2m/s，方向沿斜面向下 1分17.（1）Av，有分解得：分DA分由已知qE＝0.75mg解得：x1＝4R； 分（2）将重力和电场力合成力F，如图，设力F的方向与竖直方向的夹角为θ，则分高三vFv1Fv2，v1＝vsinθv2＝vcosθ滑块速度最小时，沿合力方向速度减为零，则 分分vmin＝v2 分解得：t1＝，vmin＝。18.（1mv0＝﹣mv0+4mv 分可得碰撞后小球P1获得的速v＝v0 分若t＝时，P2刚好从A离开AB区域，则有+＝分可得x＝分P2AqE＝ma1由（）2＝2ax 分1减速运动的位移大小为x1＝分则有高三+＝ 分可得x＝分所以当L<x<时，P2从A点离开的速度为vA＝ 分当x＝，P2返回A时速度恰好减为零，然后向右做加速