河北省秦皇岛卢龙县联考2024届九年级物理第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析

河北省秦皇岛卢龙县联考2024届九年级物理第一学期期中学业水平测试模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单选题1．关于热量、内能和温度的关系，下列说法正确的是（）A．物体吸收了热量，它的温度一定升高，内能一定增加B．物体的温度升高，它的内能一定增加，物体一定是吸收了热量C．物体的内能增加了，它的温度一定升高，物体一定是吸收了热量D．物体没有吸收热量，物体的内能也可能增加2．关于电流，下列说法正确的是A．只有正电荷的定向移动，才能形成电流B．只有自由电子定向移动，才能形成电流C．正电荷定向移动的方向规定为电流的方向D．负电荷定向移动的方向规定为电流的方向3．由欧姆定律公式可知（）A．同一导体两端的电压跟通过导体的电流成正比B．导体两端的电压为零时，因为没有电流通过，所以导体电阻为零C．导体中的电流越大，导体的电阻就越小D．导体的电阻大小，可以用它两端的电压与通过它的电流的比值来表示4．如图所示，在探究“串联电路电压的关系”时，闭合开关S，电压表V1的示数为2.5V,V2的示数是1.5V，则电压表V3的示数是A．1V B．1.5VC．2.5V D．4V5．有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1800W，乙的额定功率为1200W．两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是（）A．甲电热水壶两端的电压较高 B．电流通过甲电热水壶做功较快C．通过两个电热水壶的电流相等 D．相同时间内，两个电热水壶消耗的电能一样多6．一根铝导线的电阻为R，现在要使它接入电路中后电阻大于R，可采取的措施有A．减小这根导线两端的电压B．增大通过这根导线的电流C．将这根导线拉长后接入电路D．将这根导线对折后接入电路7．下列说法中正确的是（）A．串联电路各处的电流也可能不相等B．通过两灯的电流相等，则两灯一定是串联的C．并联电路中各支路中的电流一定相等D．并联电路中干路中的电流一定大于任一支路中的电流8．小明用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”，a、b为长度一样的镍铬合金丝，b比a的横截面积大.关于此实验，下列说法不正确的是A．小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越小B．本实验主要探究方法有控制变量法和转换法C．为了更明显比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表D．利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积、长度、材料的关系二、多选题9．小明同学对如图所示的电路进行了以下分析判断，其中正确的是（）A．S1、S2都闭合时，三只灯泡均发光，是并联B．S1、S2都闭合时，电流表A2测量的是通过L2和L3的电流C．S1、S2都断开时，电流表A2的示数等于电流表A1的示数D．S1、S2都断开时，三只灯泡均发光，是串联10．如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向b端移动，则在移动过程中（）A．电压表V的示数变小，电流表A1的示数变小B．电压表V的示数不变，电流表A2的示数不变C．电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积变小D．电压表V的示数与电流表A1和A2的示数差的比值变大三、填空题11．如图甲所示，闭合开关S前，滑动变阻器的滑片P应滑到_____端（选填“a”或“b”）；闭合开关S，调节滑动变阻器，电流表A的示数如乙图所示，通过灯L的电流为___A．12．如图甲电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如图乙所示，a电流表的读数应为_____A，通过L2的电流是_____A。13．省城合肥即将在西南城区建成潭冲河湿地公园，主要以潭冲河为基础，打造大型生态湿地公园，通过魅力水岸、绿色海绵、诗意田园三个景观组团，建成“城市中央公园”。湿地公园的建成将大大减弱周围地区的“热岛效应”。这是利用了水的_____________大的特性。14．在图所示的电路的○里适当的电表符号，使之成为正确的电路________．15．在连接电路时，开关应该处于______状态，滑动变阻器的滑片P的位置如图所示，如果要求滑动变阻器接入电路后，不移动滑片P，就可以直接闭合开关，则应将______和______接线柱接入电路。16．一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其v-t图像如下，在第10s时速度达到20m/s，通过的路程为120m．设汽车在行驶过程中所受阻力不变，大小为，那么在0～10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功是__________焦耳．若发动机的转化效率为80%，则需要燃烧______千克汽油才能使发动机做这么多功．（已知汽油的热值大约为5×107J/kg）四、作图、实验探究题17．请按以下要求连接实物图：L1和L2串联，电压表测L1两端电压，电流表测电路中的电流（电路中的电流不超过0.5A）。（_______）18．作出图中压力F的力臂l。（_______）19．（10分）（2017•烟台卷）下面是小明和小红的“测量滑轮组的机械效率”实验报告．实验名称：测量滑轮组的机械效率实验步骤：（1）用弹簧测力计测量钩码所受的重力G并填入表格．（2）按如安装滑轮组，分别记下钩码和弹簧测力计的位置．（3）拉动弹簧测力计并读出拉力F的值，用刻度尺测出的钩码上升的高度h和弹簧测力计移动的距离s，将这三个量填入表格．（4）算出有用功W有、总功W总、机械效率η并填入表格．（5）改变钩码上升的高度，重复上面的实验，记录并计算实验数据．实验记录：实验结论：在忽略绳子的重力和摩擦的情况下，滑轮组的机械效率与所提升物体的重力和高度无关．请你评价小明和小红的实验报告．（1）指出实验步骤中存在的错误和不足；（2）从理论上分析说明他们实验结论的局限性．五、计算题20．（6分）如图所示，电源电压为12V，开关闭合后两灯均发光，电流表A2的示数为2A，通过L1的电流为3A。求：(1)A1的示数是多少？(2)电灯L1两端的电压（即V的示数）是多少？21．（6分）.如图所示电路中，闭合开关，电流表A1的读数为1.2A，电流表A2的读数为0.4A．则通过灯L1和L2的电流分别是多少安培？

参考答案一、单选题1、D【解题分析】A、物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体的熔化和液体的沸腾过程，故A错误．B、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，故B错误；C、物体内能增加，可能是吸收了热量，但它的温度不一定升高，例如晶体的熔化过程，故C错误．D、物体没有吸收热量，但外界对物体做功，物体的内能也可能增加，故D正确．点睛：温度表示物体的冷热程度，在微观角度看表示了大量分子无规则运动的剧烈程度；热量是指在热传递过程中传递的能量，只有在热传递过程中才能提到热量；内能是分子动能（大量分子做无规则热运动的剧烈程度）和分子势能（分子间作用力）的总和．2、C【解题分析】

电荷的定向移动形成电流，可以是正电荷，也可以是负电荷；也可以是正、负电荷同时向相反方向移动形成；物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向。故ABD错误，C正确。3、D【解题分析】

A．电压是形成的电流的原因，不会随电流的变化而变化，故A不符合题意；BCD．导体电阻的大小，取决于导体的长度、材料、横截面积，与导体两端电压和通过电流无关，可以用它两端的电压与通过它的电流的比值来表示，故BC不符合题意，D符合题意。故选D。4、D【解题分析】

由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测L1两端的电压，电压表V2测L2两端的电压，电压表V3测电源的电压，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电压表V3的示数即电源的电压为：U3=U1+U2=2.5V+1.5V=4V。故选：D。5、B【解题分析】A.因为两个电热水壶的额定电压相同，且两个电热水壶都正常工作，即在额定电压下工作，所以甲、乙电热水壶两端的电压相等，故A错误；B.都正常工作时，甲的额定功率大，所以电流通过甲电热水壶做功较快，故B正确；C.都正常工作时，甲的额定功率大，根据，通过甲电热水壶的电流大，故C错误；D.都正常工作时，甲的额定功率大，根据可知，相同时间内，甲电热水壶消耗的电能多，故D错误；故选B．点睛：要理解用电器在额定电压下工作时的功率才是额定功率，正常工作即代表在额定电压下工作，再者要理解功率是表示做功快慢的物理量，所以功率大即代表做功快．6、C【解题分析】

影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积，并且与长度成正比，与横截面积成反比；要改变导体的电阻大小，就要从以上三个因素入手考虑．【题目详解】AB.导体的电阻大小与导体两端的电压和通过它的电流大小无关。故A、B错误。C.将导线拉长后，导体的材料不变，长度变长，横截面积变小，由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比所以导体的电阻会变大。故C正确。D.将导线对折后，导线的材料料不变，但长度变小，横截面积变大，由于导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以导体的电阻会变小。故D错误。故选C.7、D【解题分析】

A．在串联电路中，电流处处相等，故A错误；B．若两灯的规格相同，并联时通过两灯的电流也相等，所以，通过两灯的电流相等，两灯不一定是串联的，故B错误；CD．因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流一定大于任一支路中的电流，但各支路电流与支路中的电阻有关，所以各支路中的电流不一定相等，故C错误，D正确。故选D。8、D【解题分析】

A．此实验中，小灯泡越亮，说明电路中的电流越大，表示接入的合金丝电阻越小，故A正确，不符合题意；B．两根电阻丝的材料一样，横截面积不同，运用控制变量法，可以探究导体的电阻大小和横截面积、长度的关系；运用转换法，电阻的大小通过比较小灯泡的亮度来判断；所以，本实验主要探究方法有控制变量法和转换法，故B正确，不符合题意；C．为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表，根据电流的大小来判断电阻的大小，故C正确，不符合题意；D．根据控制变量法可知，探究导体电阻大小和材料的关系，应改变导体的材料，而由题知a、b两合金丝的材料相同，所以，不能探究导体电阻大小和材料的关系，故D错误，符合题意．二、多选题9、BC【解题分析】

A．S1、S2都闭合时，灯泡被短路，不会发光，故A错误；B．S1、S2都闭合时，L2和L3并联，电流表A2测量的是通过L2和L3的电流，故B正确；C．S1、S2都断开时，和L2串联，电流处处相等，电流表A2的示数等于电流表A1的示数，故C正确；D．S1、S2都断开时，没有电流通过L3，故D错误。故选BC。10、BCD【解题分析】

由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路的电流，电流表A2测R1支路的电流，电压表V测电源两端的电压；A．因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故A不符合题意；B．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R1的电流不变，即电流表A2的示数不变，故B符合题意；C．将滑动变阻器的滑片P向b端移动，变阻器R2接入电路中的电阻变大，由可知，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路的电流变小，即电流表A1的示数变小，则电压表V的示数与电表A1示数的乘积变小，故C符合题意；D．因电压表V的示数不变、电流表A1示数变小、电流表A2示数不变，所以，电流表A1和A2示数差变小，则电压表V的示数与电流表A1和A2示数差的比值变大，故D符合题意。故选BCD。三、填空题11、b0.3【解题分析】

[1][2]闭合开关前滑动变阻器的滑片应滑到接入电路阻值最大处，根据电路图滑动变阻器的滑片P应滑到b端接入电路阻值最大．电流表A的示数如乙图所示，电流表使用量程为0～0.6A，分度值为0.02A，通过灯L的电流为0.3A．12、0.300.9【解题分析】

[1]根据图示可知两灯并联，a电流表测支路电流，b电流表测干路电流，a电流表偏转较大，则其应当选择的是小量程，则读数为0.30A；[2]由题中图示可知，b电流表测干路电流，干路电流为1.2A，则L2电流为。13、比热容【解题分析】由于水的比热容较大，相同质量的水和沙石，在吸收相同的热量时，水的温度升高的少；所以湿地公园的建成减弱了周围地区的“热岛效应”。14、【解题分析】

由电路图可知，下面的圈串联在干路中，一定是电流表。左边的圈与灯泡串联，也同样是电流表。中间上面的圈与灯泡L1并联，所以为电压表。如图所示：【题目点拨】电流表要串联接入电路，电压表要并联接入电路。结合电路图可逐一进行验证，得出答案。15、断开AC（D）【解题分析】

[1]在连接电路时，开关应该处于断开状态，这样可起到保护电路的作用；[2][3]由图知道，如果要求滑动变阻器接入电路后，不移动滑片P，就可以直接闭合开关，则应使其阻值处在最大位置，故应将A和C（或D）接线柱接入电路，此时接入电路的电阻丝的有效部分PA正好是最大的。16、0.02【解题分析】

[1]由题图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度，根据二力平衡条件可得，此时牵引力：则汽车的功率为：因汽车的功率恒定不变，故在0-10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功：[2]由可得：由可得，需要燃烧汽油质量是：四、作图、实验探究题17、【解题分析】

电源是由两节干电池串联组成的，电源电压为3V，所以电压表选0～3V的量程。电路中的电流不超过0.5A，电流表选0-0.6A的量程，先将两节干电池串联，从电源的正极依次连接灯泡L1、灯泡L2、电流表、开关回到电源的负极，最后把电压表并联在L1的两端，如图所示：18、【解题分析】

已知O点为支点，从O点向压力F的延长线做垂线，垂线段的长度就是该力的力臂l，如下图所示：。19、（1）有用功和总功计算错误；在研究滑轮组机械效率与物体的重力关系时，小明和小红没有改变提升物体的重力大小；（2）研究滑轮组机械效率与所提升物体高度的关系时，原实验只使用了一个滑轮组做了实验；研究滑轮组机械效率与所提升物