2021年贵州省贵阳市高考物理适应性试卷（一）

2021年贵州省贵阳市高考物理适应性试卷（一）（2月份）

1.居里夫妇发现了放射性元素针（P。），其衰变的核反应方程为3°PoTgHe+第6pb,

方程中a和8的值分别为（）

A.2、4B.4、2C.1、0D.-1、0

2.一足够长的直导线固定在光滑水平面内，导线中通有如图所示的

恒定电流，一硬质金属环在该平面内运动，初速度为的方向与电

流方向垂直。下列判断正确的是（）

A.金属环中感应电流的方向始终沿逆时针方向

B.金属环所受合力始终保持不变

C.金属环做匀速直线运动

D.金属环最终停止在该水平面上

3.如图，把小钢球从固定在水平地面上的斜面顶端A点以速度v水平抛出，经过时间

，落在斜面AB中点。若将小钢球以速度2口仍从A点水平抛出，不计空气阻力，则

小钢球（）

A.落在斜面上A、8之间某点，下落时间为2f

B.落在斜面上A、3之间某点，下落时间为et

C.落在B点右侧地面，下落时间为/t

D,落在斜面底端B点，下落时间为企t

4.如图，轻绳两端固定在一硬质轻杆上的A、8两点，在轻

绳中点。系一重物。现将杆顺时针在竖直面内慢慢旋转,

使。4从水平位置转到到竖直位置的过程中，绳OB

的张力治和功的大小变化情况是）

A.4先增大后减小，&一直减小

B.匕先减小后增大，降一直增大

C.先减小后增大，a先增大后减小

D.汉先增大后减小，&先减小后增大

5.图1中理想变压器原、副线圈的匝数比为%：n2=22：3,原线圈接在如图2所示

的正弦交流电源上，副线圈与压敏电阻R（所受压力尸越大，阻值越小）、灯泡心相

连，已知输电线的等效电阻晶的阻值为3。，灯泡的电阻值恒为150,额定电压为

24闭合开关S,测得灯泡两端的电压低于额定电压，为使灯泡能正常发光，应

图1

A.逐渐增大F,使R=150B.逐渐减小尸，使R=30。

C.逐渐增大尸，使R=450D.逐渐减小F,使R=600

6.2020年12月17日凌晨，“嫦娥五号”携带1731克月壤成功回家，标志着我国第

一次地外天体采样返回任务顺利完成。假设人类不断把月壤运回地球。经过较长时

间后，月球和地球仍可视为均匀球体，月地中心间的距离保持不变，与之前相比（）

A.月球与地球之间的万有引力变大

B.月球绕地球运动的周期变小

C.月球绕地球运动的向心加速度变大

D.月球表面的重力加速度变大

7.如图，圆的半径为R,A8为圆的直径，。为圆心，'、、、

一匀强电场平行于圆所在平面，把质量为机、带电荷心o\

量为q的正点电荷自A点由静止释放，仅在电场力作・•..:

用下从圆周上C点穿出，此过程中电场力做功为卬。、、■•/

、-----♦

已知AC与A3间的夹角为6=60°,则下列说法正确

的是（）

A.该匀强电场的场强大小为警

B.该匀强电场的场强大小为9

C.A、8两点间的电势差是A、C两点间的2倍

D.将该点电荷从A点移到圆周上任意一点，其中电场力做功的最大值为1.5W

第2页，共19页

8.一足够长的光滑斜面固定在水平面上，质量为1kgIE/J

8

的小物块在平行斜面向上的拉力F作用下，以一定6

初速度从斜面底端沿斜面向上运动，经过时间片物块

2

沿斜面上滑了1.2M。小物块在尸作用下沿斜面上滑

过程中动能和重力势能随位移的变化关系如图线I01.2x/m

和口所示。设物块在斜面底端的重力势能为零，重力加速度g取106/$2。由此可

求出()

A.斜面的倾角为30。

B.力F的大小为10N

C.小物块的初速度大小为2m/s

D.若％时刻撤去拉力F,物块沿斜面上滑的最大距离为2.8m

9.某同学用如图所示的装置验证机械能守恒定律。一根细线系住小钢球，悬挂在铁架

台上，钢球静止于A点，光电门固定在4的正下方。在钢球底部竖直地粘有一轻质

遮光条，遮光条的宽度为d=8.0mm»

(1)该同学取小钢球在最低点A处的重力势能为零，在离开最低点一定高度〃处由

静止释放钢球，测量钢球到达最低点的瞬时速度，并根据测得的数据计算出小球释

放时的重力势能及运动到最低点时的动能。表格是其中三组数据：

挡光时间(ms)释放点处重力势能(/)最低点处动能(/)

14.6980.01100.0111

24.6590.01100.0112

34.6190.01100.0113

(2)由表中的第1组数据可估算出小钢球下落的高度〃约为m(重力加速度g

取10m/s2,结果保留两位有效数字)；

(3)该同学根据表中三组数据的动能与重力势能近似相等，得出：小钢球在释放后，

摆动整个过程近似满足机械能守恒。这一推断证据(选填“充分”或“不充

分”)，理由是。

10.某同学为了测量一个量程为(0〜3U)的电压表的内阻(约几千欧)，实验中可供选择

的实验器材有：

a.待测电压表

b.多用电表

c.滑动变阻器：最大阻值2000。

d.滑动变阻器：最大阻值100

e.电阻箱：最大阻值9999.90,阻值最小改变量为0.10

/.电阻箱：最大阻值999.9。，阻值最小改变量为0.10

g.电池组：电动势约6匕内阻可忽略

儿开关，导线若干

图2

(1)他先用多用电表的欧姆挡进行了正确的测量，其指针位置如图1所示，得到待

测电压表的内阻为n,此时待测电压表的指针也偏转了。已知多用电表欧姆

挡表盘中央刻度值为“15”，表内电池电动势为1.5心则待测电压表的示数为

H结果保留两位有效数字)。

(2)为了更准确地测量该待测电压表的内阻即，该同学设计了图2所示的电路图，

按照这位同学设计的实验方法，回答下列问题：

第4页，共19页

①要使测量更精确，除了选用电池组、导线、开关和待测电压表外，还应从提供

的滑动变阻器中选用（选填"C”或"d”）,电阻箱选用（填“e”或

“尸）。

②断开开关S,按图2连接好电路，实验步骤如下：

4把滑动变阻器R的滑片P滑到«端；

8.将电阻箱的阻值调到零；

C.闭合开关S；

D移动滑动变阻器R的滑片P的位置，使待测电压表的指针指到3y的位置；

£保持滑动变阻器R的滑片尸位置不变，调节电阻箱岛的阻值使待测电压表指针指

到1.5V,读出此时电阻箱网的阻值，此值为待测电压表内阻灯的测量值；

F.断开开关S。

（3）用图2电路测得的待测电压表内阻的测量值R湖和真实值R互相比，R测

R鼠填“>"或“<"）。

11.质量为，小长为L的木板A静止在光滑水平地面上，木板上表面中点处放有质量为

2加的小物块8（可视为质点），A与B之间的动摩擦因数为现给A施加一个很大

的瞬间水平冲击力，使4获得水平向右的初速度，最终B恰好滑到A的最左端与A

一起向右运动，重力加速度为g。求：

（1）4、B相对滑动时，8与A的加速度大小之比;

（2）4在水平冲击力作用下获得的初速度大小。

B

12.如图所示，在x轴的上方存在磁感应强度大小为8°、方向垂直纸面向里的匀强磁场。

位于X轴下方的离子源C发射质量为机、电荷量为q的一束负离子，其初速度大小

范围为0〜、后几。这束离子经电势差为u的电场加速后，从小孔0(坐标原点)处垂

直X轴和磁场射入磁场区域，最后打到x轴上。在x轴上2d〜3d区间水平固定放置

一探测板，假设每秒射入磁场的离子总数为N。，打到x轴上的离子数均匀分布，己

知［/=嘤，d=翳，不计离子重力。

2qqB。

(1)求初速度为0和代孙的离子经电场加速后，进入磁场时的速度大小打、v2；

(2)求离子束从小孔。射入磁场后，每秒打在探测板上的离子数M

(3)若每秒打在探测板上的离子被全部吸收,求探测板受到的平均作用力的大小F.

XXXXXX

Bo

XXzX「、XXX

/♦、

/、

/、

XXXX-

\072tf3dx

:U

13.一定质量的理想气体在p-V图象中的等温变化图线如图

所示，A、8是双曲线上的两点。则下列说法正确的是(

A.气体在状态4的内能一定大于在状态B的内能

B.图中AOAC和AOBD的面积一定相等

C.气体从状态A变化到状态8的过程中，气体的内能一定增加

D.气体从状态A变化到状态B的过程中，气体吸收的热量等于气体做的功

E.气体从状态A变化到状态B的过程中，气体分子单位时间内对器壁单位面积上

的碰撞次数减少

第6页，共19页

14.一容器壁不导热的封闭容器，被不导热的隔板分成A、

B两室，两室内有同种理想气体，隔板与器壁密封良A5B

好，且可无摩擦地左右移动。开始时，A、B两室的

温度分别为以=27℃,tB=37?,体积之比为32：

31,隔板处于平衡状态。现用卡销将隔板锁住，同时使48室的温度均各升高10汽。

(i)试通过计算判断撤去卡销后，隔板移动的方向：

(4)撤去卡销后，隔板重新达到平衡时，A、B两室的体积分别为匕'、VB',温度分

别为二'、77。设黑=的，铐=心，求七与七的比值。

15.一列简谐横波在介质中沿x轴传播，其中x=12cm和x=18cm处的质点的振动图

像分别如图(a)、图(b)所示。线，可获得关于这列简谐横波的确

定的和可能的信息是()

A.此波的周期是12s

C.此波的波长可能是4.8cmD.此波的波长可能是6cm

E.此波的传播速度可能是2cm/s

16.一个半径为R的半圆柱形底璃砖的截面如图所示，。为圆心，A8为半圆的直径，

一束宽度为eR的单色平行光垂直于AB从空气射入玻璃砖，中心光线过。点，光

束中的光线射出玻璃砖时最大的折射角为60。。已知光在真空中的传播速度为加

(i)求此玻璃砖的折射率；

3)若一束细光线在。点左侧，距离。点为且R处垂直于AB从下方入射，求此光

线从射入玻璃砖到射出的时间。

B

第8页，共19页

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：根据质量数守恒可得氨核的质量数为：h=210-206=4,电荷数：a=

84-82=2,故A正确，BCD错误。

故选：Ao

根据电荷数守恒和质量数守恒得出氨核的电荷数和质量数。

解决本题的关键知道核反应过程中电荷数、质量数守恒，以及知道核子数等于质量数。

2.【答案】D

【解析】解：A、根据安培定则可知，金属环处的磁场的方向垂直于水平面向下，当金

属环向右运动时，穿过环的磁通量减小，根据楞次定律可知，金属环中感应电流的方向

始终沿顺时针方向，故A错误；

8、金属环在水平方向向右运动时，磁通量减小，根据“来拒去留”可知，所受的安培

力将阻碍金属圆环远离通电直导线；金属圆环运动过程中只有安培力做功，速度逐渐减

小，同时距离导线越远，电流产生的磁场越小，所以金属环距离导线越远，则金属环受

到的安培力越小，故8错误；

CD,金属环在水平方向向右运动时，磁通量减小，根据“来拒去留”可知，所受的安

培力将阻碍金属圆环远离通电直导线，即安培力垂直直导线向左，安培力使金属环在垂

直导线方向做加速度减小的减速运动，直至速度减为零，最终停止在该水平面上，故C

错误，。正确。

故选：Do

金属环周围有磁场，金属环向右运动，磁通量减小，根据楞次定律判断感应电流的方向，

根据“来拒去留”可知，所受的安培力与运动方向相反，使金属环在垂直导线方向做减

速运动，直至速度减为零。

此题考查法拉第电磁感应定律的应用及楞次定律的应用，在解答的过程中要注意离导线

电流越远处的磁场越小。

3.【答案】C

【解析】解：设A点到地面的高度为〃，到B点水平方向的距离为人小球从A点抛出

后做平抛运动，小球落在斜面48中点时，根据平抛运动的规律，水平方向：f=a，

竖直方向：T=|gt2。若将小球以速度2V从A点水平抛出，运动时间仍为f时，水平方

向：=2vt=x,竖直方向下落高度仍为可知，若将小球以速度2V从A点水平抛

出，经过时间f时，小球在8点正上方，因此小球最终将落在B点右侧地面。设小球从

开始到落地时间为t',根据平抛运动规律有：h=[gt'2,联立解得：，=夜《，故C正

确，AB。错误。

故选：Co

利用平抛运动规律将小球运动分解为竖直和水平方向两个分运动，依据题意列方程，再

假设物体运动时间不变时，求水平位移，判断小球是否落地，最后根据竖直方向运动确

定第二次运动时间。

本题考查平抛运动规律，一定要学会用运动的分解去研究平抛，本题中假设运动时间不

变，判断小球正好在8点正上方是解题关键。

4.【答案】A

【解析】解：合力大小不变，等于，阳，方向不变，两个分力的夹角不变，根据三角形

由图可知，当0A从水平位置转到到竖直位置的过程中，汉先增大后减小，FB一直减小。

故A正确，BCD错误。

故选：A。

由题意可以判断重物处于动态平衡的状态，作出受力分析图之后，利用重力不变，分析

另外两个力的变化。可作圆，将重力作为圆的一条弦，由此便于求出另外两个力的变化。

本题考查共点力平衡，属于动态分析的题目，要求学生作图进行分析，难度中等偏高。

5.【答案】D

第10页，共19页

【解析】解：根据图2可知，交流电的最大值=220V2IZ,有效值Ui=詈=鬻厂=

220匕根据替=詈,解得/=据^

u2n2

闭合开关S,测得灯泡两端的电压低于额定电压，说明灯泡与压敏电阻并联后的阻值偏

小，要使阻值增大，故需增大压敏电阻阻值，

当灯泡正常发光时，根据串并联电路可知：&分得的电压（/'=4-4=30V-24U=

6V,流过的电流F=~=^A=2A,流过压敏电阻的电路故灯泡与压敏电阻并联后的阻

值为/R=/2-号=24-^4=0.44,故R=+=高。=600,故ABC错误，£＞正确；

RL15IR0.4

故选：Do

根据理想变压器的特点求得副线圈两端的电压，结合串并联电路的电压和电流间的关系

求得流过压敏电阻的电流，即可求得电阻。

电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再

确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法.

6.【答案】BC

【解析】解：A、设月球质量为〃?，地球质量为M,月球与地球之间的距离为r,根据

万有引力定律得：地球与月球间的万有引力为尸=等，由数学知识可知，当〃，与M相

等时，它们的乘积最大，它们的质量之差越大，，〃与用的乘积就越小，假设人类不断

把月壤运回地球。经过较长时间后，，"减小，M增大，即它们的质量之差越来越大故它

们之间的万有引力将减小，故A错误.

BC、月球绕地球运动，根据万有引力提供向心力饕=m笄r=ma得：7=2兀岛

a*,因为M增大，r不变，则月球绕地球运动的周期T变小；月球绕地球运动的向

心加速度a变大。故BC正确。

D、设质量为mi的物体绕质量为〃?的月球表面附近做匀速圆周运动，月球的半径为R,

密度为p,表面的重力加速度为历，根据州普=巾191及巾=23兀/?3得：g[=

G严雪，因为〃?减小，所以历变小，故。错误。

故选：BC.

根据万有引力定律，表示出地球与月球间万有引力，根据地球和月球质量的变化求出地

球与月球间万有引力的变化，根据万有引力提供向心力，万有引力等于重力，得出周期、

向心加速度、重力加速度的表达式，从而分析判断.

本题主要考察学生对万有引力提供向心力的表达式的掌握情况，以及利用数学知识解决

物理问题的能力。

7.【答案】BD

【解析】解：AB、根据电场力做功特点得

W=qE-2Rcos60°,解得E=*故B正

确，A错误；

C、因为4c垂直于2C,B、C在同一等势

面上，所以A、8两点间的电势差等于A、

C两点间的电势差，故C错误；

D、电场强度方向沿AC方向，所以。点电

势最低

0M=Rcos600=0.5/?

MD=0.5R+R=1.5/?

电场力做功的最大值为

W=qEx1.5/?=1.51V,故。正确。

故选：BD。

利用电场力做功特点求解场强大小；再根据电场强度与电势差间关系找到AB、AC间电

势差的关系；找到沿电场线方向距A最远的点，求出电场力做功的最大值。

在分析本题时注意电场力做功只与粒子运动的初末位置有关，与运动路径无关。

8.【答案】ABCD

【解析】解：A、根据Ep=mg/i=mgxsin。得：sind=-^~=„=所以斜面

倾角为0=30。，故A正确；

2

B、由匀变速直线运动的位移—时间关系可得：x=v0t+iat

代入数据解得加速度大小为：a=5gls2

物块受力如图1所示：

第12页，共19页

G

图1

根据牛顿第二定律可得：F一mgsinO=ma

解得：F=10N,故3正确；

C、根据&o=诏得初速度为：%==J^zn/s=2m/s；

。、若经过"后撤去拉力尸，小物块的机械能不变，此后重力势能增加、动能减小；

根据图象可知，"时刻的机械能为：E=Ek+Ep=8J+6J=14J

根据机械能守恒定律可得：E=mgx'sind

解得上升的最大距离为：=2.8m,故。正确。

故选：ABCDo

根据动能的计算公式求解初速度，根据重力势能的计算公式求解倾角；由匀变速直线运

动的位移-时间关系求解加速度大小，再根据牛顿第二定律求解力F大小；根据机械能

守恒定律求解上升的最大距离。

本题主要是考查功能关系，关键是能够分析能量的转化情况，知道重力势能变化与重力

做功有关、动能的变化与合力做功有关、机械能的变化与除重力以外的力做功有关。

9.【答案】0.14不充分小钢球在最低点的动能是不相同的，考虑到存在空气的阻力等，

这三组数据还不能充分说明整个的过程中机械能是守恒的；而且只有初末位置的机械能

近似相等，也不能说明整个的过程中机械能始终守恒

【解析】解：(1)小钢球通过最低点的速度：u晦=4黑：：0：冲型=l-7m/s

小钢球动能的增加量：△Ek=

可得小球的质量：加=等=、罗kg=0.00775kg

小钢球重力势能：Ep=mgh

小钢球下落的高度：仁意=0.0：：黑1产"614/n

(2)从表中三组数据的动能与重力势能近似相等，得出：小钢球在释放后，摆动整个过

程近似满足机械能守恒。这一推断证据是不充分的，这是由于三组数据中遮光条经过最

低点的时间是不相同的，说明小钢球在最低点的动能是不相同的，考虑到存在空气的阻

力等，这三组数据还不能充分说明整个的过程中机械能是守恒的；而且只有初末位置的

机械能近似相等，也不能说明整个的过程中机械能始终守恒。

故答案为：(1)0.14；(2)不充分，小钢球在最低点的动能是不相同的，考虑到存在空气

的阻力等，这三组数据还不能充分说明整个的过程中机械能是守恒的；而且只有初末位

置的机械能近似相等，也不能说明整个的过程中机械能始终守恒。

(1)根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球通过最低点的速度，根据动能的

表达式求出小球的质量，根据重力势能的表达式求出高度；

(2)根据实验的装置与实验的原理分析。

该题实验的设计新颖，要做好这种课本上没有的实验题目，关键是结合题目的要求，正

确理解实验的原理。

10.【答案】30001.0de>

【解析】解：(1)由题意知，电压表的内阻约为几千欧，而欧姆表的读数为倍率与示数

的积，那么可推断欧姆表使用的倍率为x100,则即=30x100。=30000。

欧姆表的内阻是等于值电阻，由题目要求知，该倍率下==15X100。=1500。,

测电压表内阻时，欧姆表与电压表形成一个回路，由串联电压与电阻的正比关系可知:

Uy_Ry

所以:

ERy+R^'

U=----3-0-0-0----x1Y.5rV-.Z=1Y.0V；

vy1500+3000

(2)①由题2可看出，是用半偏法测电压表内阻的，滑动变阻器采用分压接法，所以选

择最大阻值较小的滑动变阻器/而电压表的内阻为几千欧，故电阻箱选择最大阻值大

的电阻箱e；

②根据实验原理知道实验中要保证电压表与电阻箱的总电压不变，但实际上该电压是

变化的，当电阻箱电阻增加时，电压表与电阻箱的总电压略微增加，故调节电阻箱岛的

阻值使电压表指针指到1.5U位置，此时电阻箱的电压大于1.5心所以测量值大于真实值。

故答案为:(1)3000.1.0；(2)①d、e；(3)>

(1)根据欧姆表的读数规则读出电压表的内阻。欧姆表的内电阻等于中值电阻，根据闭

合电路欧姆定律列式求解电压表的示数；

(2)①采用电压表半偏法测量电压表内电阻，要保证电压表与电阻箱的总电压保持不变,

需要使电压表电阻远大于滑动变阻器的电阻，电阻箱最大电阻不能小于电压表电阻；从

而选择实验仪表；

②根据实验原理，知道实验中要保证电压表与电阻箱的总电压不变，但实际上该电压

第14页，共19页

是变化的，当电阻箱电阻增加时，电压表与电阻箱的总电压略微增加，故调节电阻箱Ro

的阻值使电压表指针指到1.5V位置，此时电阻箱的电压大于1.5V；则可明确实验结果；

本题考查了用半偏法测量电压表电阻，关键是明确实验原理，从实验原理角度选择器材、

分析误差来源；同时注意明确实验中对应的误差分析方法.

11.【答案】解：(1)水平面光滑，设8与A的加速度大小分别为的、a?，由牛顿第二定

律可得：

对A：2Kmg=ma2

对B：2/j,mg—2mar

所以，加速度之比为：%：a2=1：2

(2)设A的初速度为％,最后共速时速度为v,A与8组成的系统水平方向动量守恒，

以水平向右为正，根据动量守恒定律可得：mv0=3mv,

从A获取初速度到与8共速的过程，根据动能定理可得：2nmg\=\mvl-\mv2

解得：v0=J34gL

答：(1)力、8相对滑动时，8与4的加速度大小之比为1：2；

(2)4在水平冲击力作用下获得的初速度大小为同无。

【解析】(1)根据牛顿第二定律列式即可求解；

(2)4、8组成的系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒，根据动量守恒和动能定理

即可求解。

本题主要考查板块运动学问题，要注意判断系统最终为共速的状态，结合动量守恒定律

和动能定理求解速度。

12.【答案】解：(1)根据动能定理可得：

qU~-0,解得：vr=v0

2

qU=\mvl-im(V3v0),解得：v2=2v0；

(2)根据洛伦兹力提供向心力可得quB=my

解得轨迹半径：丫=翳

qb

则以速度%和速度。2进入磁场的离子的轨迹半径分别为：

q—d97"2~2d

即离子束从小孔O射入磁场打在x轴上的区间为(2d,4d)

则每秒打在探测板上的离子数N=等号No=：No；

4a-2d2

(3)恰好打在探测板右端的离子的速率为内,在磁场中运动轨迹的半径为「3=|d

打到x轴上的离子均匀分布，所以打在探测板上的离子的平均速度为：方=空

由动量定理可得：一Ft=N(0-m6)

联立解得：F=|Womvo«

答：(1)初速度为0和四北的离子经电场加速后，进入磁场时的速度大小分别为孙、2%；

(2)离子束从小孔。射入磁场后，每秒打在探测板上的离子数为：N。；

(3)若每秒打在探测板上的离子被全部吸收，则探测板受到的平均作用力的大小为

lNmv.

Ooo

【解析】(1)根据动能定理求解速度大小；

(2)根据洛伦兹力提供向心力得到离子的轨迹半径，再根据几何关系求解每秒打在探测

板上的离子数；

(3)打到x轴上的离子均匀分布，求出离子的平均速度，由动量定理求解探测板受到的

平均作用力的大小。

本题主要是考查带电粒子在磁场中的运动，关键是弄清楚离子的运动情况，结合受力情

况和匀速圆周运动的规律进行分析。

13.【答案】BDE

【解析】解：AC、从A到B气体做等温变化，温度不变，故气体的内能不变，故4c

错误；

8、三角形面积：S=9pl/,由题意可知，图线为等温曲线，由理想气体状态方程:即=C,

则：pV=CT,由于C是常数，温度T保持不变，则pV相等，两三角形的面积相等，

即Si=S2＞故8正确；

。、气体从A到8,体积增大，对外做功，由于内能不变，根据热力学第一定律4U=Q+W

可得，气体吸收的热量等于气体做的功，故。正确；

E、A到B的过程中，温度不变，分子平均运动速率不变，但是体积变大，分子变稀疏，

所以气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少，故E正确；

故选：BDE.

理想气体状态方程牛=C,其中C为常数，表示出面积即可判断大小，根据热力学第一

定律分析气体内能的变化；根据压强的微观解释分析气体分子单位时间内对器壁单位面

第16页，共19页

积上的碰撞次数。

本题主要考查了理想气体状态方程和热力学第一定律，明确温度是衡量气体内能的标度

即可。

14.【答案】解:(1)对A部分气体，初态％1，=(以+273)K=(27+273)K=300K

末态：PA2'=2=(£/)+△t+273)K=(27+10+273)K=310K

根据查理定律可得：詈=詈

TA1TA2

对于8部分气体，初态：PBI，=(%+273)K=(37+273)K=310K

末态：PB2，TB2=&+△t+273)K=320K

根据查理定律可得：詈=詈

31lB2

由于PAI=PBI

联立解得：PA2=^PB2

故撤去卡销后，隔板向8移动，

(2)再次达到平衡时，AB气体的压强相同，设为p,则

对A部分气体，根据理想气体状态方程可得：于=等=「自

对8部分气体，根据理想气体状态方程可得：等生=学=「心