2022年湖北省武汉市江岸区中考物理五调试卷（附答案详解）

2022年湖北省武汉市江岸区中考物理五调试卷

单选题（本大题共12小题，共36.0分）

如图所示的四种光现象中，由光的反射形成的是（）

雨后的彩虹

透过树丛的光束

2.下列四幅图中关于声现象的描述错误的是（）

乒

乓

A.球.＞将正在发声的音叉轻触系在细绳上的乒乓球，乒乓球被弹开是

X

C.大象的发声频率是14〜24Hz,有时用我们人类听不到的次

声波进行交流

D.摩托车的消声器是通过防止噪声产生来控制噪声

如图所示，在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，把水加

热至沸腾一段时间后，塞子受到水蒸气的压力会冲出去。

下列说法正确的是（）

A.塞子冲出去前，试管内气体压强变小

B.塞子冲出去时，管口周围出现的白雾是空气液化成小

水珠形成的

C.塞子冲出去后，水蒸气的内能增大

D.这个实验虽然简单，却基本展示了蒸汽机的工作原理

4.关于能源与信息，下列说法正确的是（）

A.风能、水能、石油都是可再生能源

B.太阳核心每时每刻都在发生核聚变，释放大量的能量

C.5G信号比4G信号频率更高，传播速度更快，可以传输更多的信息

D.核能需要利用核反应堆等装置释放，是二次能源

5.2022北京冬奥会上，跳台滑雪运动员由高处加速滑------------

下从跳台跃向空中，如图所示，在即将到达跳台起

跳点时，运动员双腿弯曲，用力蹬地顺势跃向空中，

然后为了减小空气阻力的影响，他上身前倾，双臂

后摆，整个身体就像飞机一样，向前滑翔，最终运

动员随滑雪板稳稳地落在地面上。下列说法正确的是（）

A.由高处加速滑下过程中，运动员的运动状态不变

B.运动员到达起跳点时用力蹬地，跃向空中，说明力可以改变物体的运动状态

C.在空中，运动员滑翔时不受力

D.在空中滑翔时，由于运动员背上的空气流速小于滑雪板下面的空气流速，从而

产生向上的升力

6.小明利用托盘天平和量简测量硫酸铜溶液的密度，其部分操作过程如图所示。下列

说法错误的是（）

A.天平不能直接测量潮湿物品和化学药品的质量

B.量筒中液体的体积是40cm3

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C.硫酸铜溶液的密度是2.4x103kg/m3

D.如果按照乙甲丙的顺序实验会使测量结果偏大

7.小明利用如图所示的器材探究液体内部压强特点，容器中间用隔板分成横截面积相

同的左右两部分，隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭，在容器左右两侧倒入体积不

同的水后，橡皮膜向左凸起，如图甲所示，在容器左右两侧分别倒入水和某种液体

A.由图甲可初步得出结论：同种液体，深度越深，压强越大

B.由图乙可判断出右侧液体密度小于水的密度

C.若测得图甲中左右两侧橡皮膜中心所处的深度分别为12cm、15cm,则左右两

侧水对容底部压强之比为4：5

D.若测得图乙中左右两侧橡皮膜中心所处的深度分别为12cm、15cm,则右侧液

体密度为OSg/cnr3

8.如图所示的摩天轮是武汉的一个地标建筑一“东湖之

眼”，直径达49.9米，有28个座舱，游客可以通过它君到

・-•

东湖的别样之美。若小明随座舱在竖直平面内匀速转动，Ei

•/

则下列说法正确的是（）

A.以座椅为参照物，小明是运动的

B.从最高点转动到最低点的过程中，小明的重力势能变大

C.从最高点转动到最低点的过程中，小明的动能变大

D.从最低点转动到最高点的过程中，小明的机械能变大

9.关于家庭电路和安全用电。下列说法正确的是（）

kW・b

MU4也

♦相电段表

lj«IUv，(Wh)，

~T~

A.图甲的连接方式符合安全用电的原则

B.图乙的方式使用螺丝刀式电笔接触火线，筑管会发光

C.图丙空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路造成的

D.图丁接在该电能表上的用电器同时工作时总功率不能超过4400W

10.如图所示是小灯泡L和定值电阻R的U-/图象，下列说法正确的是（）

A.将L和R串联在电源电压为6V的电路中，则此时L的电阻为100

B.将L和R串联在某电路中，若此时电流为0.74,则电源电压为12V

C.将L和R并联在电源电压为5U的电路中，则此时干路电流为0.7A

D.将L和R并联在电源电压为2U的电路中，则此时R的电阻为50

11.利用如图所示的电路探究通过导体的电流与导体电阻的

关系，测量数据如表格所示，下列说法错误的是（）

实验次数1234

电阻R/。2015105

电流0.200.260.40

A.将定值电阻由200换为15。，滑动变阻器接入电路的阻值变小

B.第1次和第3次实验，滑动变阻器的功率之比为1：2

C.要完成第4次实验，需要换用最大阻值更大的滑动变阻器

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D.由表格中数据可知，当导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体电阻成反

比

12.如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器R。的最大电阻是250。当开关国闭合、

S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电压表示数是U1，%的功率是P1；当

开关52闭合、S1和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，电压表示数是和

/?3的功率之和是L6勿；当开关S1、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时,

值的功率是PJ已知/?2：R3=3：1,U1：U/=3：2,Pl：B'=l：36,下列结

论错误的是（）

A.该电路的最大功率是24.3WB.7?2的阻值是30。

C.电流表的最大示数是2.14D.电源电压是9V

二、填空题（本大题共2小题，共6.0分）

13.2022年3月23日，中国空间站“天宫课堂”再度开课，如图甲所示，航天员翟志冈I、

王亚平、叶光富再次担任“太空教师”进行太空授课。

甲乙丙

（1）如图乙所示的太空抛物实验，由北京冬奥会吉祥物冰墩墩登场助教。王亚平将

冰墩墩抛出后，以空间站为参照物，冰墩墩沿原有方向匀速前进到叶光富手中。抛

出后的冰墩墩还能继续运动是因为冰墩墩具有。

（2）如图丙所示的悬浮实验台采用了自动喷气控制，当实验台受到外力向左移动，

为了使实验台返回原来的位置，则实验台应向（填“左”或“右”）喷出气体,

这是利用了物体间力的作用是的。

14.（1）如图甲所示，把两个发光二极管极性相反地并联起来，并与手摇发电机串联。

转动摇把，线圈在磁场中做运动，产生感应电流，我们会观察到（填

字母序号）

A.只有红灯一直亮

B.只有黄灯一直亮

C两灯都一直亮

D两灯交替发光

（2）如图乙所示。表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分。它在磁场

中的按箭头方向运动时，能产生感应电流的是（填序号）。

三、实验探究题（本大题共5小题，共28.0分）

15.在探究水沸腾时温度变化的特点的实验中，a、b两组同学在同一间教室里，分别用

如图甲所示的相同装置进行实验，其中a组同学烧杯中水的质量为100g。当水温达

到90。（：时，每隔0.5min记录一次温度，并根据实验数据分别绘制了如图乙所示的图

像。（不考虑水量和热量损失）

（1）水沸腾时形成大量气泡上升、（填“变大”变小”或“不变”），到水面

破裂开来。水在沸腾过程中，不断吸热，温度;

（2）分析图乙中的图像可知，b组同学烧杯中水的质量为0；

（3）a组同学烧杯中的水每分钟吸收的热量为。

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16.小明使用焦距为lOan的凸透镜探究凸透镜成像的规律。

(1)如图所示的光屏上得到了烛焰清晰的像，生活中的(填“放大镜”“投影

仪”或“照相机”)就是利用这一原理制成的；

(2)若保持图中凸透镜的位置不变，把蜡烛向凸透镜向左移动一段距离，要想在光

屏上再次得到清晰的像，应该把光屏向(填“左”或“右”)移动一段距离；

(3)若保持图中蜡烛、凸透镜和光屏的位置不变，仅将凸透镜换为焦距为8cm的凸

透镜进行实验，为了使光屏上也能得到清晰的像，可以在蜡烛和凸透镜之间故一个

合造的("凸”或“凹”)利用这个原理可以矫正_____(填“近视眼”或

“远视眼”)。

17.如图所示是探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验情境。

--•••,■•'■­..-/--------

ABCDEF

实验步骤ABCDEF

弹簧测力计示数F/N3.63.43.23.0

(1)步骤E中弹簧测力计的示数为N。

(2)分析步骤4、B、C、D,可以得出：浮力大小跟有关。

(3)请在步骤C中画出圆柱体的受力示意图。

(4)若实验中使用相同规格的容器、相同体积的水和盐水，则步骤E、F中，两种液

体对容器底部的压力之比为。

18.某同学利用如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡的额定电压为2.5人正

常发光时灯丝电阻约为100,所用滑动变阻器的规格是“2O0O.5A”。

(1)该同学接错了一根导线,请你在这根导线上打“X”，并补画出正确的那根导线；

(2)正确连接电路后闭合开关，小灯泡不发光，电流表和电压表均无示数，则电路

中发生的故障可能是(“小灯泡断路”“小灯泡短路”或“滑动变阻器断

路”)；

(3)当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是/;

(4)当小灯泡两端电压为3.0V时，通过小灯泡的电流可能为(填

“0.23A”“0.24A”“0.274”或“0.304”)。

19.如图所示是我国建造的“蓝鲸1号”半潜式钻井平台，该平台是目前全球最先进的

可在深海开采可燃冰的巨型设备。(海水密度取水的密度)

平

台

立

柱

浮

箱

(1)为执行某次任务，“蓝鲸1号”向东航行15km,到达预定作业区域，所用时间

为307n讥，在这一过程中“蓝鲸1号”的平均速度为多少千米每小时？

(2)“蓝鲸1号”平台下方有四根长方体立柱，用于连接平台与浮箱，每根立柱的底

面积为200^2、高为22m。该平台在海面上通常有两种工作状态：在海上航行时,

浮箱有0.1的体积露出水面，此时“蓝鲸1号”的总质量为m；在开采作业时，为了

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增强抗风能力，向浮箱内部的压载水舱注入1.6万吨的海水，使浮箱整体潜入水面

以下一定深度，此时立柱露出水面的高度为7机，求在海上航行时，“蓝鲸1号”的

总质量小为多少千克？(忽略左右立柱之间起固定作用的连接横杆的体积)

(3)某次开采作业需要将一根长度为10m,质量为300kg且质量分布均匀的圆柱体

钢管吊起。如图乙所示，钢管的一端固定在平台上的。点，另一端通过绳索提供始

终竖直向上的拉力F将其缓慢吊起，则绳索至少需要提供多大的拉力？将钢管由水

平位置缓慢拉至竖直位置，绳索的拉力至少需要多少功？

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：力、塔式太阳能电站利用平面镜对太阳光的反射，属于光的反射现象，故

A符合题意。

8、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而

成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，故B不符

合题意；

a海市蜃楼是一种由光的折射产生的现象，是由于空气的密度不均匀而引起的，故c

不符合题意；

。、透过树丛的光束是由于光沿直线传播形成的，故。不符合题意。

故选：Ao

水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的

折射。

平面镜成像是由于光的反射形成的。

影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的。

光的直线传播是光在同一均匀介质中的传播，光的反射是光照射到物体表面又返回的现

象，光的折射是由于光从一种介质斜射入另一种介质或在不均匀介质中传播时，传播方

向发生变化的现象，它们之间有本质的区别，要注意区分。

2.【答案】B

【解析】解：4将正在发声的音叉轻触系在细绳上的乒乓球，乒乓球被弹开，这是由于

音叉在振动导致的，故A正确；

A将钢尺一端紧按在桌面，另一端伸出桌边的长度越长，拔动时钢尺的振动频率越低，

音调越低，故B错误；

C.人耳能听到的声音频率范围为20Hz〜20000Hz,大象的发声频率是14〜24Hz,即大

象发出的是次声波，所以人类是听不到的，故C正确；

。.摩托车的消声器是通过防止噪声产生来控制噪声，即在声源处控制噪声，故。正确。

故选：B。

(1)声音是由物体振动产生的；

(2)物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关；物体振动

越快，音调就越高；物体振动越慢，音调就越低；

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(3)频率低于20Hz的声波是次声波，人们不能听到次声波；

(4)减弱噪声的途径：在声源处，在传播过程中，在人耳处。

本题通过探究实验和生活现象考查了声音的产生、音调跟频率的关系、次声波、减弱噪

声的途径等，是比较基础的习题。

3.【答案】D

【解析】解：4塞子冲出前，随着不断对试管加热，试管内水的温度升高，并不断汽化

成水蒸气，体积一定，水蒸气不断增多，所以试管内气体压强不断增大，故A错误；

8.塞子冲出去时，管口周围出现的白雾是水蒸气液化成小水珠形成的，故8错误；

C.塞子冲出去后，水蒸气的内能会转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减小，故C错误；

。.在四冲程的热机中，做功冲程是内能转化为机械能的冲程，试管内水蒸气的内能转化

为塞子的机械能，与做功冲程相同，故该实验基本展示了蒸汽机的工作原理。故。正确。

故选D。

(1)燃料燃烧时将燃料的化学能转化为水和水蒸气的内能，水和水蒸气的内能增大，温

度升高，然后水蒸气的内能通过做功将内能转化为塞子机械能。

(2)蒸汽机的工作原理是把高温、高压蒸气的内能转化为机械能。

此题结合木塞冲出的实验考查了能量转化关系，知道做功和热传递都可以改变物体的内

能，此题是考查的知识点较为全面，要结合相关的知识点进行分析解答。

4.【答案】B

【解析】解：4核能、化石燃料属于不可再生能源，石油属于化石燃料，故4错误；

8.太阳的能量来自核聚变，故8正确；

C.5G信号频率更高，能够传输更多的信息，从而提高信息传输效率，但5G信号和4G信

号都属于电磁波，传播速度都等于光速，故C错误；

。.核能可以直接从自然界获得，是一次能源，故。错误。

故选：B。

(1)化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不

可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，

所以它们属于可再生能源；

(2)太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氮原子核，释放出核能；

(3)5G信号使用的电磁波频率更高，“传输的信息更多”；

(4)二次能源是指一次能源经过加工转换以后得到的能源，一次能源是指直接从自然界

获得的能源；比如风力发电过程中，风能是一次能源，由风能转化而来的电能是二次能

源；题目中核物质是直接从大自然中获取的，核能属于一次能源。

本题考查能源的分类、太阳能、信息传递以及核能的有关知识，难度不大。

5.【答案】B

【解析】解：4由高处加速滑下过程中，运动员的速度变大，故其运动状态发生改变，

故A错误：

区运动员到达起跳点时用力蹬地，对地面施加作用力的同时，也受到地面的反作用力，

从而跃向空中，使其运动状态发生了变化，所以说明力可以改变物体的运动状态，故8

正确；

C.运动员在空中滑翔时，除受到重力的作用外，还受到空气阻力的作用，故C错误；

D在空中滑翔时，由于运动员背上的空气流速大于滑雪板下面的空气流速，使得运动员

背上的大气压强小于滑雪板下面的大气压强，从而产生向上的升力，故。错误。

故选：B。

(1)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说

明运动状态不变；

(2)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；

(3)地球附近的一切物体都受到重力的作用；

(4)液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方，压

强越小；流速越小的地方，压强越大。

此题考查流体压强和流速的关系、力的作用效果、惯性、减小压强的方法物体运动状态

变化的判断等，是一道综合性较强的题目，属中考常见题型，难度中等。

6.【答案】C

【解析】解：

4、天平不能直接测量潮湿物品和化学药品的质量，因为潮湿物品和化学药品会损害托

盘，导致天平不平衡，故A正确；

B、由图丙可知，量筒中硫酸铜溶液的体积为U=40mL=40cm3,故3正确；

C、由图甲可知，烧杯和硫酸铜溶液的总质量为mi=50g+20g+10g+2.4g=82.4g

由图乙可知，剩余硫酸铜溶液的质量为？712=20g+10g+5g+1.0g=36.0g

量筒中硫酸铜溶液的质量为m=m1-m2=82.4g-36.0g=46.4g

硫酸铜溶液的密度为p=£=言黑=1.16g/cm3=1.16x103kg/m3,故C错误；

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。、如果按照乙、甲、丙的顺序实验，会有一部分硫酸铜溶液附着在烧杯壁上，倒入量

筒中的硫酸铜溶液体积偏小，由密度公式可知，测量的密度值会偏大，故。正确。

故选：Co

(1)潮湿物品和化学药品会损害天平托盘；

(2)由图丙可知量筒中液体的体积：

(3)天平左盘物体的质量等于右盘祛码的质量加上游码在标尺上对应的刻度值，由图甲

可知烧杯和硫酸铜溶液的总质量，由图乙可知剩余硫酸铜溶液的质量，据此可知量筒中

硫酸铜溶液的质量，利用密度公式计算出硫酸铜溶液密度；

(4)按照乙甲丙的顺序实验会有一部分硫酸铜溶液附着在烧杯壁上，倒入量筒中的硫酸

铜溶液体积偏小，根据密度公式分析测量结果的误差。

本题是液体密度测量的实验，主要考查量筒的读数、天平的实验和读数、实验步骤的设

计以及密度的计算，是一道常考实验题。

7.【答案】C

【解析】解：4由图甲可知，右侧水面到橡皮膜的深度大于左侧水面到橡皮膜的深度，

由「=。9九可知，右侧水对橡皮膜的压强大于左侧水对橡皮膜的压强，使得橡皮膜向左

凸起，故由图甲可初步得出结论：同种液体，深度越深，压强越大，故A正确；

B.由图乙可知，右侧液面到橡皮膜的深度大于左侧水面到橡皮膜的深度，且橡皮膜相平,

则此时两侧液体对橡皮膜的压强相同，由「=。。九可得，右侧液体密度小于水的密度，

故3正确；

C.若测得图甲中左右两侧橡皮膜中心所处的深度分别为12cm、15cm,因橡皮膜到容器

底的高度未测出，无法得出左右两侧水对容底部压强之比，故C错误；

。若测得图乙中左右两侧橡皮膜中心所处的深度分别为12cm、15cm,因为橡皮膜相平,

由「=pgh可得，两侧液体对橡皮膜的压强为：P水=P液”

则：P水gh水=p^gh液,

则右侧液体密度为：?液=宇=1。"窗2cm=0.85/cm3,

故。正确。

故选：Co

(1)影响液体压强的因素：液体的密度和深度，要探究液体压强与液体深度的关系，则

要保证液体密度相同；深度不相同，液体密度越大压强越大；

(2)压强的大小通过橡皮膜的凸出程度来表示；

(3)根据(2)利用P液酒/次=P水gh水,即可求得液体的密度。

此题是探究液体压强是否跟液体密度、液体深度有关”的实验，考查了控制变量法在实

验中的应用，同时考查了学生对实验的评估。

8.【答案】D

【解析】解：

A、以座椅为参照物，小明和座椅之间没有发生物体位置的变化，所以小明是静止的，

故A错误；

8、从最高点转动到最低点的过程中，质量不变，高度越来越小，重力势能变小，故8

错误；

C、从最高点转动到最低点的过程中，质量不变，速度不变，小明的动能不变，故B错

误；

。、从最低点转动到最高点的过程中，质量不变，高度越来越大，重力势能变大；速度

不变，小明的动能不变，机械能为动能和势能的和，所以机械能增大，故。正确。

故选Do

(1)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生

变化，则运动，不发生变化，则静止；

(2)物体处于静止或匀速直线运动状态时，运动状态不变；

(3)动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动能

和势能的和。

此题考查运动和静止的相对性、物体运动状态的判断、机械能的变化等，难度不大。

9.【答案】D

【解析】解：4如图甲，开关与灯泡串联，并且开关应该连接火线，图中开关连接的是

零线，故A错误；

A使用测电笔时，正确的握法应该是手要与测电笔的笔尾接触，笔尖接触火线；使火线、

测电笔、人体、大地形成回路，窟管才会发光，图中手没有接触笔尾金属体，故B错误；

C.在家庭电路中空气开关“跳闸”，可能是由于发生了短路，也可能是用电器总功率过

大，故C错误；

。如图丁，额定电压为220V,能长时间正常工作的最大电流为204则最大总功率为P=

U/=220UX204=4400〃，故。正确。

故选：D。

第14页，共24页

(1)为保证安全，电路设计时要求开关应接在火线和用电器之间；

(2)使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，息管发光，

表明检测的是火线；

(3)电流过大的原因：一是短路；二是用电器的总功率过大；

(4)电能表上所标“10(20)4”中，10A是指电能表的标定电流，204是指电能表平时工

作允许通过的最大电流，220U是指电能表的工作电压，利用P=U/求出电路中同时使

用的用电器的最大电功率。

本题考查了安全用电的注意事项，要掌握，本题在现实生活中具有现实意义，是一道好

题。

10.【答案】B

【解析】解：4定值电阻的阻值一定，通过的电流和其两端电压成正比，则倾斜直线代

表定值电阻的U-/图像，而曲线则代表灯泡L的U—/图像；

将L和R串联在电源电压为6U的电路中，串联电路各处电流相等，串联电路总电压等于

各部分电压之和，

根据串联电路规律可知，通过小灯泡和定值电阻的电流相同，且小灯泡和定值电阻两端

电压之和等于电源电压，由图可知当/=0.44时，UL=2V,UR=4V,

根据欧姆定律可得则此时灯L的电阻为&=牛==50,故A错误；

8.由图可知，当/B=0.74时，4-=5乙URB=7V,电源电压U=ULB+URB=5V+7V=

12V,故B正确；

C.将L和R并联在电源电压为51/的电路中，并联电路各支路两端电压相等，并联电路干

路电流等于各支路电流之和，

根据并联电路规律可知，小灯泡和定值电阻两端电压相同且等于电源电压，通过小灯泡

和定值电阻的电流之和等于干路电流，即/干=〃+//?,

由图可知，当电源电压为51/时，1LC=0.771,IRC=0.5A,则此时干路电流为/于=/LC+

IRC=0.54+0.7A=1.24故C错误；

D由图可知，当电源电压为2U时，URD=2V,IRD=0.2A,则此时定值电阻阻值为：R=

等=恁=10。，故。错误。

1RD。24

故选：B。

4定值电阻的阻值一定，通过的电流和其两端电压成正比，则倾斜直线代表定值电阻的

U—/图像，而曲线则代表灯泡L的U—/图像；

将L和R串联在电源电压为6V的电路中，根据串联电路规律可知，通过小灯泡和定值电

阻的电流相同，且小灯泡和定值电阻两端电压之和等于电源电压，由图可知此时灯泡两

端的电压和通过灯泡的电流，根据欧姆定律计算此时灯泡的电阻；

8、根据串联电路电流特点结合图像可知通过电路的电流为0.7A时，灯泡和电阻两端的

电压，根据串联电路电压规律计算电源电压；

C.将L和R并联在电源电压为51/的电路中，根据并联电路规律可知，小灯泡和定值电阻

两端电压相同且等于电源电压，通过小灯泡和定值电阻的电流之和等于干路电流，由图

可知，当电源电压为5U时，通过灯泡的电流和通过定值电阻的电流，进一步计算此时

的干路电流；

。、由图可知，当电源电压为2P时，定值电阻两端的电压和通过定值电阻的电流，根据

欧姆定律计算定值电阻的阻值.

本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解

题的关键。

11.【答案】C

【解析】解：4、要探究通过导体的电流与导体电阻的关系，应控制导体两端电压不变，

将定值电阻由200换为150,即定值电阻的阻值减小，由串联电路电阻等比例分压可知，

滑动变阻器接入电路的阻值变小，故A正确；

8、因第1次和第3次实验，定值电阻两端电压不变，由串联电路的电压特点可知，滑动

变阻器两端电压也不变，由「=〃可得，两次实验中滑动变阻器的功率之比等于电流之

比，即匕：P3=/1：/3=0.20？1：0.404=1：2,故8正确；

C、要完成第4次实验，即定值电阻的阻值减小，由串联电路电阻等比例分压可知，滑

动变阻器接入电路的阻值变小，故C错误；

。、由表中数据可知，当导体两端电压一定时;电流与电阻乘积是个定值，即通过导体

的电流/与导体电阻R成反比，故。正确。

故选：Co

(1)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当

换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压

原理确定滑动变阻器接入电路的阻值变化；

(2)定值电阻两端电压不变，由由串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端电压也不变,

根据P=U/结合表中的电流值求出第1次和第3次实验，滑动变阻器的功率之比；

第16页，共24页

(3)定值电阻和滑动变阻器两端的电压保持不变，根据串联电路的分压原理，可知定值

电阻的阻值减小时，滑动变阻器接入电路的阻值的变化；

(4)根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。

本题探究通过导体的电流与导体电阻的关系，考查实验操作、控制变量法、欧姆定律的

应用、电功率的计算和分析数据归纳结论的能力。

12.【答案】A

【解析】解：BD、当开关Si闭合、S2和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，8和

滑动变阻器Ro的最大阻值串联，电压表测量此两端的电压，如图甲；

当开关S2闭合、Si和S3断开，滑动变阻器的滑片在最左端时，Ri、&、R3串联，电压表

测量&两端的电压，如图乙。

串联电路中各处的电流相等，由P=/2R可得，氏2、/?3的电功率之比为:

P2-P3=/2&：/2氏=/?2：尺3=3：1...①

7?2和&的功率之和是L6W，即「2+?3=1,6UZ……②

由①②解得：P2=1.2W,P3=0.41V,

当开关Si、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，%R2.色并联，电压表测

量电源电压，电流表测量8、的总电流，如图丙。

在甲图中，电压表示数是(A，%两端的电压是Ui，&的功率是Pi；

在丙图中，电压表示数是U,&两端的电压是U,%的功率是PJ

因为七：P/=1：36,

对于同一导体，电阻一定，由P=?可得，/=曲2=2，贝IJ：华=[,即：…沙

在甲中，&和滑动变阻器R。的最大阻值串联在电路中，

根据串联电路的电压规律可得，变阻器两端的电压为：u0=u-^u=lu,

OO

由串联分压可得，字则总电阻R=&Ro,

(70K5

因为品=250,所以总电阻R=：/?o=|x250=30。,

根据串联电路电阻的规律可得，&的阻值为：R[=/?-&=300-250=50,

在甲图中，电压表示数是U1，&两端的电压是U1，

在乙图中，电压表示数是七两端的电压是

11

已知Ui：U/=3：2,且则=

在乙图中，/?2和R3两端的总电压为：u2'+u3'=u-^u=lu,则有：

99Uz'+i

Ri、R2>R3串联在电路中，串联电路中电压比等于电阻比，且&=5。，

所以-U1'—=50_1

U2'+U3'R2+R3R2+R38

则：R2+R3=4on,

已知R2：危=3：1,则有：R2=son,R3=ion,

又因为P2=1.2W,P3=0.4W,

所以：「2=竽，即：1.2〃=更正

R23on

解得“'=6K,

同理可得：「3=竽，即：0.41〃=更包

sR3ion

解得名'=2V,

则：U2'+U3'=6V+2V=8U,

因为蒜=4,所以u/=iv,

则电源电压为：[/=[//+U2'+u3'=IK+8V=9V,故BO正确；

AC,甲乙都是串联电路，电阻大，电流小，丙图是并联电路，电阻小，电流大，电流

表测量％、%的电流。

在丙图中，通过三个电阻的电流分别为：/1=!=3=1.84,

rU9V八c4

/3=—=—=0.94,

$R3ion

电流表示数最大为：1=4+%=1.8/1+0.34=2.1A,

电路中并联电路电阻最小，电流最大，最大电流为:

I=I1+I2+I3=1,8A+0.3/1+0.94=34,

电路最大功率为：P=UI=9Vx3A=27W,

故A错误，C正确。

故选：Ao

(1)根据开关的状态和滑片的位置画出电路的等效电路，根据串联、并联电路的电流、

电压规律和电功率公式结合己知各量之间的比值求得电源电压和/?2的阻值；

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(2)当开关Si、S2和S3都闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，匕、/?2、并联在电路

中，根据欧姆定律求出通过各定值电阻的电流，根据并联电路的电流规律求得电流表的

最大示数，根据P=U/求得电路的最大功率。

本题考查欧姆定律和电功率公式的应用，确定开关在不同状态和滑片在不同位置时电路

的连接方式是关键。

13.【答案】惯性左相互

【解析】解：(1)抛出后的冰墩墩还能继续运动是因为冰墩墩具有惯性，仍会保持原来

的运动状态；

(2)实验台受到外力向左移动，为了使实验台返回原来的位置，则应使其再向右移动，

根据物体间力的作用是相互的，实验台应向左喷出气体，使其受到一个向右的反作用力，

才能回到原来的位置。

故答案为：(1)惯性；(2)左；相互。

(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。

(2)利用物体间力的作用是相互的这一原理来做出解释。

本题利用太空中的现象,考查了对惯性的理解,对力的作用的相互性的应用，难度不大。

14.【答案】切割磁感线C③④

【解析】解：(1)转动摇把，线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中会产生感应电流，

感应电流的方向是变化的，是交流电；由于发光二极管具有单向导电性，把两个发光二

极管极性相反地并联起来，由于线圈中的电流是交流电,所以两个发光二极管交替发光,

故选C；

(2)磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，③④中的导体做切割磁感线运动，所

以会产生感应电流；而①②中的导体运动的方向与磁感线方向相同或相反，没有做切

割磁感线运动，不会产生感应电流。

故答案为：(1)切割磁感线；C；(2)③④。

闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；发光二极

管只允许电流从二极管的正极流入，负极流出。

此题考查了电磁感应现象的理解、产生的电流是否是交流电的判断，属于基础题。

15.【答案】变大保持不变2001050/

【解析】解：(1)水沸腾时形成大量气泡上升，随着水的深度的减小，液体压强变小，

气泡体积变大，到水面破裂开来。

由图像可知，到达100冤后，继续吸热，但温度保持不变，则水在沸腾过程中，不断吸

热，温度保持不变。

(2)分析图乙中的图象可知，若a组同学烧杯中水的质量为100g,a、b初温相同，b的加

热时间是a的2倍，故b的质量是a的质量的2倍，则b组同学烧杯中水的质量为200g。

(3)a组同学将烧杯中的水从90汽加热至刚好沸腾的过程中，烧杯中的水吸收了的热量为

Q=cmAt=4.2x103J/(kg■℃)x0.1kgx(100℃-90℃)=4.2x103/

a组同学烧杯中的水每分钟吸收的热量为Qi=，=*警=1050/。

故答案为：(1)变大;保持不变；(2)200；(3)1050/。

(1)沸腾时，有大量气泡产生，不断有水蒸气进入气泡内，体积逐渐增大，最后破裂；

水沸腾过程中，吸收热量，温度不变；

(2)根据图乙中的图象可知，a、b初温相同，b的加热时间是a的2倍；

(3)相同的加热器加热，相同时间内水吸收的热量相同，根据=可求得水吸

收的热量。

本题考查水沸腾实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

16.【答案】照相机左凹近视眼

【解析】解：(1)如图所示，此时物距大于像距，物体位于二倍焦距之外，成倒立缩小

的实像，是照相机的成像原理。

(2)若保持图中凸透镜的位置不变，把蜡烛向凸透镜向左移动一段距离，物距增大，像

变小，像距也变小，要想在光屏上再次得到清晰的像，应该把光屏向左移动一段距离。

(3)若保持图中蜡烛、凸透镜和光屏的位置不变，仅将凸透镜换为焦距为8c/n的凸透镜

进行实验，焦距变小，折光能力变强，像成在光屏前方，为了使光屏上也能得到清晰的

像，可以在蜡烛和凸透镜之间故一个对光线具有发散作用的凹透镜，利用这个原理可以

矫正近视眼。

故答案为：(1)照相机；(2)左；(3)凹；近视眼。

(1)当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，其应用是照相机。

(2)凸透镜成实像时，物远像近像变小。

(3)凹透镜对光线有发散作用。近视眼是因为晶状体太厚或眼球太长，像成在视网膜的

前方。

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此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特

点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律。

17.【答案】3.2物体排开液体的体积4：5

【解析】解：(1)步骤E与步骤。中，同一物体物重相同，都浸没在水中，所受水的浮力

相同，所以，拉力相同，即步骤E中弹簧测力计的示数与步骤。中相同，为3.2N；

(2)据表可知，步骤B、C、。中，物体排开水的体积不同，弹簧测力计的拉力不同，根

据?浮=G一尸笈算出的浮力不同，分别为0.4N、0.6N、0.8N,所以能得出：浮力大小跟

物体排开液体的体积有关；

(3)步骤C中物体受到重力、水的浮力、弹簧测力计的拉力，三力平衡，圆柱体的受力示

意图如下：

£

F^=3.4N

八户浮=0.6N

fi

求7

“〉/，///.

C

、'G=4N

(4)实验中使用相同规格的容器、相同体积的水和盐水，步骤E、F是同一个物体分别浸

没在水和盐水中，

所以，V次+〃物=曝水+U物，步骤E、F中液体深度：h水=h盐水=h

根据“=P液gv排，

水和盐水的密度之比：

了浮水

。水_%_F水_4N-3.2N_4

P瓶水,林水尸盐水4N-3N5

妙献水

相同规格的容器，底面积相同，s次=s避求

步骤E、F中，两种液体对容器底部的压力之比：

日水=P水S=:一。」『4

。前水g"P处水5

o

j/=3.4N

八产浮=0.6N

故答案为：(1)3.2；(2)物体排开液体的体积；(3)心(4)4：5。

疟

'/1■////.

(:

G=4N

(1)对比步骤E与步骤。可知，同一物体物重相同，所受水的浮力相同，所以，拉力也相

同；

(2)步骤B、C、D中，物体排开水的体积不同，根据尸浮=6-尸投算出的浮力不同，能

得出结论：浮力大小跟物体排开液体的体积有关；

(3)步骤C中物体受到重力、水的浮力、弹簧测力计的拉力，三力平衡，根据力的关系画

受力示意图；

(4)根据题意易得：步骤E、F中水和盐水的深度相同，容器的底面积相同，根据尸=pS、

P=P股9无可知，两种液体对容器底部的压力之比等于液体的密度之比。

会根据控制变量法要求选择实验步骤或得出结论；在受力面积相同时，压力之比等于压

强之比，在深度相等时，液体的压强之比等于密度之比。

18.【答案】滑动变阻器断路0.60.27/1

【解析】解