2023福建版物理高考第二轮练习-选择题专项练(二)

2023福建版物理高考第二轮专题

选择题专项练（二）

一、单项选择题:在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.在一次利用无人机投送救援物资时，距离水平地面高度。处,无人机以速度小水平匀速

飞行并释放一包裹，不计空气阻力,重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.包裹在空中飞行的时间为上

%

B.包裹落地时的速度大小为+2gh

2

c.包裹释放点到落地点的水平距离为M

2g

D.包裹下落过程中机械能不断增大

2.（2022山东淄博三模）图甲是某天文台展示的每隔2h拍摄的某行星及其一颗卫星的照

片。小齐同学取向左为正方向，在图甲照片上用刻度尺测得行星球心与卫星之间的距离

L如图乙所示。已知该卫星围绕行星做匀速圆周运动，在图甲照片上测得行星的直径为

25,已知引力常量为6=6.67*10山、1112健2。下列说法正确的是（）

。。Oh

OO2h

OO4h

OO6h

OO8h

OO10h

OO12h

OO14h

O°24h

O。26h

O。28h

Oo30h

Oo32h

甲

时刻"L/cm

02.59

25

47.07

68.66

89.66

1010

129.66

148.66

24-2.59

26-5

28-7.07

30-8.66

32-9.66

乙

A.该行星的近地卫星的环绕周期为24h

B.该行星的近地卫星的环绕周期为32h

C.该行星的平均密度为5x10-3kg/m3

D.该行星的平均密度为5xl（）5kg/m3

3.（2022浙江温州三模）图甲是某款可以无线充电的手机置于相应充电盘上的情境，图乙

是其原理图。受电线圈和送电线圈分别存在于手机和充电盘中，当手机静止置于充电盘

上时，将两线圈构成装置视为理想变压器。已知送电线圈和受电线圈的匝数比小：

m=20：l,Ri=80&,当人间接220V的正弦式交变电流时，手机电池获得的电压为5

V,充电电流为1A,则下列说法正确的是（）

O

受

电AW.

V

线

圈V

手机3

—

鲁充电盘

a----线圈

甲乙

A.所有手机都能用该充电盘进行无线充电

B.必端输入恒定电流，也能对手机进行无线充电

C.Ri、R2两端的电压之比为1:20

D.充电时，受电线圈〃两端的输出电压为10V

4.如图所示,平行于纸面的匀强电场中有四个点ABCO恰好构成一个矩形,初始时A、B

点的电势夕A=SB=0,A、C点间的电势差UAC=10V。现保持电场不变，让矩形以A点为轴

在纸面内顺时针转过60°。已知矩形的A3边长为百cm,BC边长为1cm,则下列说法

正确的是（）

Ar......................\B

D'—....................-'C

A.电场强度大小为10V/m,方向垂直于AB

B.转动前。点的电势为10V

C.转动后UAB=0

D.转动后UAC=20V

二'多项选择题:每小题有多项符合题目要求。

5.（2022湖北恩施预测）避险车道是指在长陡下坡路段行车道外侧增设的供速度失控（刹

车失灵）车辆驶离正线，安全减速的专用车道,末端设有防撞设施。如图所示，某避险车道

长度为100m,与水平地面的夹角为37°,一辆货车在行驶过程中刹车失灵，驶入避险车

道，货车进入避险车道后牵引力为0,受到的阻力是车重力的20%,假设货车以20m/s的

速度冲上避险车道，重力加速度g取10m/s1以水平地面为零重力势能面,sin

37°=0.6,cos37°=0.8,贝U（）

A.货车在避险车道上的加速度大小为6m/s2

B.货车将在避险车道上向上滑行25m

C.驶入该避险车道的速度为40m/s时,货车恰好不与防撞设施相撞

D.当货车动能等于重力势能时，在避险车道上运动了10m

6.（2022山东烟台模拟）如图甲所示,在某均匀介质中S、S2处有相距L=12m的两个沿y

轴做简谐运动的点波源5、S2两波源的振动图像分别如图乙和图丙所示。两列波的波

速均为2m/s,P点为距Si5m的点，则（）

S,PS

I*.J2

A.两列简谐波的波长均为2m

B.P点的起振方向向下

C.P点为振动加强点,若规定向上为正方向，则f=4s时P点的位移为6cm

DS、S2之间（不包含S、S2两点），共有6个振动减弱点

7.如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场分布在正方形必〃区域内，。点是cd边的中点，一

个带正电的粒子仅在磁场力的作用下，从。点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形

内，经过时间to刚好从c点射出磁场，现设法使该带电粒子从。点沿纸面与Od成30°角

的方向，以大小不同的速率射入正方形内，那么下列说法正确的是（）

A.若该带电粒子在磁场中经历的时间是%o,则它一定从cd边射出磁场

B.若该带电粒子在磁场中经历的时间是|fo,则它一定从ad边射出磁场

C.若该带电粒子在磁场中经历的时间是出o,则它一定从次边射出磁场

D.若该带电粒子在磁场中经历的时间是砧,则它一定从帅边射出磁场

8.（2022广东汕头二模）如图甲所示,边长为/的正方形金属线圈仍〃随水平传送带一起

以恒定速度的运动，边界尸。与MN垂直于传送带，其间存在竖直方向的匀强磁场。线圈

在图示位置开始计时，直到时边刚离开磁场，其速度与时间的关系如图乙所示，且线圈在

传送带上始终保持"、cd边平行于磁场边界,重力加速度为g。则（）

A.fl~12时间内线圈所受安培力大于摩擦力

B./1~/2和f2~/3时间内线圈所受摩擦力方向相反

C.边界PQ与MN的距离为叱竽3+/

D.线圈与传送带间的动摩擦因数为粤乎

答案：

1.B解析包裹脱离无人机后做平抛运动,在竖直方向做自由落体运动，则有〃=»户,得

Z=J^,A错误。包裹落地时，竖直方向速度为V.y=g/=gJ^=落地时速度为

v=7vo2+vy2—J、？+2g/i,B正确。包裹在水平方向上做匀速直线运动，所以水平距

离为x=v(/=vo后,C错误。包裹下落过程中只有重力做功，则其机械能守恒,D错误。

2.C解析由题意可知，卫星绕行星做匀速圆周运动的周期为T=48h,照片上行星的半径

n3

为R=1cm,卫星绕行星做匀速圆周运动的轨道半径r=10cm,由开普勒第三定律有鼻=

白解得该行星的近地卫星的环绕周期为7b=||"Uh,故A、B错误;由端;二加停)),

得m$产唱3■，行星体积为丫三兀叱,则行星密度为p=—^~=言3=5x1()3kg/nR故C正

确,D错误。

3.D解析不是所有手机都能进行无线充电，只有手机中有受电线圈的手机，利用电磁感

应才能进行无线充电，故A错误;变压器工作原理是互感现象,a。端输入恒定电流,则受电

线圈无磁通量变化,不会产生电流，不能对手机进行无线充电，故B错误;当a、。间接220

V的正弦式交变电流时，充电电流为1A,根据乜=%=工，可知送电线圈的电流为

；2九120

1

=2.72=0.05A,Ri、R2两端的电压之比为竺=±故C错误;送电线圈两端的电压为

20，2区21

受电线圈cd两端的输出电压为。”=5=/2卡2+。电,曳=电,联立解得&=5

出n2

。，。2=10丫,故》正确。

4.D解析由题知初始时A、B点的电势9A=0B=O,则说明为等势线,A、。点间的电

势差UAC=10V,则说明电场线的方向垂直于A8向下，由UAC=UBC=EdBC,解得E=10

V/cm,A错误;由于UAC=UBC=UAO=SA-9O,UAC=10V，3A=0,则夕o=-10V,B错误;由题知保

持电场不变，让矩形以A点为轴在纸面内顺时针转过60°,则UAB'=&Z4B'=10Xbxsin

60°V=15V,C错误;由题知保持电场不变，让矩形以A点为轴在纸面内顺时针转过

60°，则UAC'=E<Z4C'=10x2V=20V,D正确。

5.BC解析由牛顿第二定律可得/ngsin0+f=ma,又因为/=20%〃?g,联立解得a=8m/s2,A

错误;由运动学公式可得$=鱼=—m=25m,故货车将在避险车道上向上滑行25m,B

2a2x8

正确;/=100m,由运动学公式得最大速度vo-V2a/=40m/s,故驶入该避险车道的速度为

40m/s时，货车恰好不与防撞设施相撞,C正确;根据动能定理可得-"gs'sin

根据题意有mgs'sin夕三/nv2,联立解得＜=—m,故当货车动能等于重力势能时，在

避险车道上运动了券m,D错误。

6.BC解析两列简谐波的波长均为A=vT=2x2m=4m,故A错误。由波源Si形成的波

首先传到P点，因Si起振方向向下，则P点的起振方向向下，故B正确。P点到两波源的

距离之差为2m,等于半波长的奇数倍，因两波源的振动方向相反，可知P点为振动加强

点;由S形成的波传到P点的时间为竺=§s=2.5sj=4s时由Si在尸点引起振动的位移

v2

为4cm;同理，由&形成的波传到P点的时间为3.5s,f=4s时由&在P点引起振动的位

移为2cm,则r=4s时P点的位移为6cm,故C正确。Si、S2之间（不包含Si、S2两点），共

有5个振动减弱点（到两波源的距离之差为半波长的偶数倍），分别在距离S2m、4m、

6m、8m、10m的位置，故D错误。

7.AC解析粒子从。点沿纸面以垂直于cd边的速度射入正方形内，经过时间fo刚好从

c点射出磁场，假设粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T,则有带电粒子从0

点沿纸面与04成30°角的方向射入正方形内，若粒子从cd边射出磁场，如图甲所示，由

几何关系可知粒子的轨迹圆心角为8=300°，则粒子在磁场中经历的时间为

t}=^-T=-T=-x2to=-to,A正确;如图乙所示,假设粒子轨迹刚好与ad边相切，可知图中圆

360663

心角为。2=60°,则有72=空丁T=4/x2f0=包,粒子如果从ad边射出磁场,粒子在磁场中

360663

的时间一定小于*B错误;如图丙所示,假设粒子轨迹刚好与必边相切，可知图中圆心角

为例=150°,则有/3=四一7=三T=三x2fo=%,如图丁所示,假设粒子轨迹刚好与历边相

36012126

24

切，可知图中圆心角为仇=240°,则有u=°OT=-T=-x2to=-to,于%）v%o%）Dov%,