2023届海南省海口市高一物理第一学期期末学业质量监测模拟试题含解析

2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）

1、一个做匀速圆周运动的质点在时间t内速度方向改变的角度为0,已知圆周运动半径为J下列关系正确的是

（）

A.T=。•t=

C.v=2zrr/fD.an=0r/t

2、关于牛顿运动定律，正确理解的是（）

A.作用力和反作用力大小相等，方向相反，合力为零

B.力是使物体产生加速度的原因，先有力的作用，然后才产生加速度

C.质量越大的物体惯性也越大

D.物体只有受到力的作用才会运动

3、如图所示，在倾斜的滑杆上套一个质量为，”的圆环，圆环通过轻绳拉着一个质量为"的物体，在圆环沿滑杆向下

滑动的过程中，悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，则（）

A.环只受三个力作用B.轻绳对物体的拉力小于物体的重力

C.物体做匀加速运动D.环一定受四个力作用

4、下列物理量中，既有大小又有方向的是

A.质量B.时间

C.路程D.加速度

5、一质量为机的小球，用轻绳悬挂于。点。小球在水平力F的作用下从最低点尸点缓慢地移到。点，如图所示，则

此过程中力尸和绳子拉力7的变化判断正确的是（）

OR

Q

A.尸变小,7变小B.尸变小，T变大

C.尸变大，7变小D.尸变大，7变大

6、滑滑梯是小孩子很喜欢的娱乐活动。如右图所示，一个小孩正在滑梯上匀速下滑，则。

A.小孩所受的重力与小孩所受的弹力大小相等

B.小孩所受的重力与小孩所受的摩擦力大小相等

C.小孩所受的弹力和摩擦力的合力与小孩所受的重力大小相等

D.小孩所受的重力和弹力的合力大于小孩所受的摩擦力大小

7、如图所示，水平作用力尸将一个物体压紧在竖直墙上静止不动，下列说法正确的是O

A.作用力尸跟墙面对物体的支持力是一对平衡力

B.物体对墙面的压力跟墙面对物体的支持力是一对作用力与反作用力

C.物体所受的重力与墙面对物体的摩擦力是一对平衡力

D.物体对墙面的摩擦力与物体受到的重力是一对作用力与反作用力

8、野外求生时必须具备一些基本常识，才能在享受野外探险刺激的同时，保证最基本的安全。如图所示，为一野外求

生人员进入河中岛的情境。已知河宽80m,水流速度为3m/s,人在静水中游泳的速度为5m/s,P为河正中央的小岛，

。为河边一位置，OP垂直河岸，人要从河边某处游到小岛P处，则该人员运动的（）

80m'.P

_1_________

野外求生人仍所在河岸

A.最短位移为40m

B.最短位移为50m

C.最短时间为10s,应从0点左侧30m处开始游动

D.最短时间为8s,应从。点左侧24m处开始游动

9、如图所示，用两根绳子OA、OB悬挂重为G的物体，开始时绳OA水平，现将OA绳顺时针缓慢转过90。，且物体

始终保持静止，绳OA的拉力为八，绳OB的拉力为A,则在此旋转过程中（）

G

A.八先增大后减小B.Ti先减小后增大

C.72逐渐减小D.7、逐渐增大

10、如图甲所示，倾角为。的足够长的传送带以恒定的速率小沿逆时针方向运行。f=0时，将质量”?=lkg的物体（可

视为质点）轻放在传送带上,物体相对地面的v-t图像如图乙所示。设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g=10m/s\

则（）

A.传送带的速率v（»=10m/s

B.传送带的倾角〃=30。

C.物体与传送带之间的动摩擦因数"=0.5

D.0~2.0s内物体在传送带上留下的痕迹为6m

11、快递分拣常常利用传送带运送货物.现在分拣员把一质量为2版的货物轻放在水平传送带左端，传送带以恒定的

速度vo=2机/s向右运行，传送带左右两端距离为4雨，货物与传送带之间动摩擦因数为0.5,g取10机/$2,货物可作质点

处理，则货物到达右端的时间f和速度y分别是（）

A.t=2.2sB.Z=1.6s

C.v=2m/sD.v=Sm/s

12、如图所示，当小车水平向右加速运动时，物块M相对静止于车厢后竖直壁上.当小车的加速度增大时，（）

1

.O...

A.M所受的静摩擦力增大B.M对车厢的作用力增大

C.M仍相对车厢静止D.M受到的合外力为零

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）

13、（6分）某学生做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验。实验时把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂钩码，每增加一只

钩码均记下对应的弹簧伸长的长度x,数据记录如下表。

钩码个数01234567

弹力尸/N01.02.03.04.05.06.07.0

弹簧伸长的长度x/cm02.003.986.027.979.9511.8013.50

⑴根据表中数据在图甲中作出尸一x图线；（）

（2）根据F-x图线可以求得弹簧的劲度系数为N/m；

（3）一位同学做此实验时得到如图乙所示的f一x图线，说明此同学可能出现了哪种错误？o

14、（10分）某实验小组用如图所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知重力加速度为g,打点计时器所接的

交流电的频率为50Hz,滑轮足够光滑，力传感器可测出轻绳中的拉力大小。实验步骤如下：

①按图所示，安装好实验器材，但不挂祛码盘;

②垫高长木板右侧，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；

③挂上硅码盘，调节木板左侧定滑轮，使牵引动滑轮的细线与木板平行；

④祛码盘中放入祛码，先通电，再放车，由打出的纸带求出小车的加速度并记录传感器示数；

⑤改变祛码盘中祛码的质量，重复步骤④，求得小车在不同合力作用下的加速度。

根据以上实验过程，回答以下问题：

（1）对于上述实验，下列说法正确的是O

A.必须要测出祛码和祛码盘的总质量

B.传感器的示数等于小车受到的合力

C.小车向左加速时，硅码处于失重状态

D.祛码和祛码盘的总质量应远小于小车的质量

（2）如图（甲）是在实验中得到的一条纸带，相邻计数点间还有四个计时点没有画出，如图（乙）是以传感器的示数

尸为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的。一尸图象。

单位:an

11.10,130915.121,7.10,9.13111.09,1

0123456

（甲）（乙）

①小车的加速度大小为m/s2；打下计数点2时，小车的速度大小为m/s（结果保留两位有效数字

②若实验过程中，交流电的实际频率比50Hz稍大一些，则①中计算所得的小车加速度应比小车的实际加速度（选

填“大”或“小”

③分析（乙）图时，该小组用量角器测得图线与横坐标的夹角为仇通过计算式空求得图线的斜率为h则小车的质

△F

量为_______

（3）本实验中，随着硅码质量的增加，测得的小车加速度也会增加，当硅码和祛码盘的质量远大于小车的质量时，小

车的加速度大小约为O

A.2gB.1.5gC.gD.0.5g

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）

15、（12分）如图所示，某幼儿园要做一个滑梯，底边长度为6m。滑梯斜面与儿童裤料之间的动摩擦因数为0.4。设

最大静摩擦力等于滑动摩擦力，为使小孩能从滑梯斜面上滑下，滑梯至少要多高？

B

________c

/////////////////////////////////////

16、（12分）如图所示，光滑水平面上放有光滑直角斜面体，倾角，=30。，质量M=2.5kg.平行于斜面的轻质弹簧上端

固定，下端与质量，"=1.5kg的铁球相连，静止时弹簧的伸长量Mo=2cm.重力加速度g取10m/s2.现用向左的水平力尸

拉着斜面体向左运动，铁球与斜面体保持相对静止，当铁球对斜面体的压力为0时，求：

（1）水平力尸的大小；

⑵弹簧的伸长量AZo

17、（12分）如图甲所示，一根轻质且伸长量不计的细长绳两端系在竖直墙上4、。两点，绳上8点下端挂两个各为

G=10N的重物，AB.80绳和墙的夹角a=30。，p=60°,

⑴求图甲中A3、30两段绳中的拉力。、乃各是多大；

（2）如把图甲改成图乙，B、C两点处各悬挂G=10N的重物，AB.CZ）绳和墙的夹角仍是a=30。，p=60°,求8c绳中

的拉力心多大；8c绳与竖直方向的夹角提多大。

甲

乙

参考答案

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）

1、B

【解析】线速度等于做圆周运动的物体单位时间内走过的弧长；角速度等于做圆周运动的物体单位时间内转过的角度;

【详解】由题意可知，角速度口=一，线速度u==周期丁=子=子，向心加速度怎=5r.故本题选

B

【点睛】本题考查学生对描述圆周运动基本物理量的掌握情况，难度不大

2、C

【解析】A.两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在两个物体上，不能合成，故A错误；

B.力是使物体产生加速度的原因，具有瞬时性，有力就产生加速度.故B错误；

C.质量越大的物体惯性也越大，故C正确；

D.如果物体不受力或受平衡力作用，物体保持静止或匀速直线运动状态，故D错误

3、D

【解析】AD.对环进行受力分析可知，环受到重力、轻绳对它拉力、滑杆对它的支持力和摩擦力共四个力作用，A

错误，D正确；

BC.物体受到重力和轻绳的拉力，因为悬挂物体的轻绳始终处于竖直方向，故二力平衡，物体做匀速运动，BC错误。

故选D。

4、D

【解析】ABC.质量、时间、路程都是只有大小没有方向的标量，故ABC三项错误；

D.加速度是既有大小又有方向的矢量，故D项正确。

5、D

【解析】对物体受力分析并合成如图：

因为物体始终处于平衡状态，故G'始终等于G,大小和方向均不发生变化。在物体缓慢偏离竖直位置的过程中细线

与竖直方向的夹角逐渐变大，画出平行四边形如图所示，可以看出：力厂逐渐变大，绳子的拉力也逐渐变大，故D正

确，ABC错误；

故选D。

6、C

【解析】AB.小孩在滑梯上受力如图所示，设滑梯斜面倾角为，，贝！h

FN=mgcosO

Ff=mgsin0

所以AB错误；

CD.小孩在重力、弹力和摩擦力三个力作用下处于平衡状态，其中任意两个力的合力一定与第三个力大小相等，故C

正确。

故选C。

分卷II

7、ABC

【解析】AC.对物体受力分析，物体受重力、作用力尸、墙面对物体的支持力、墙面对物体的摩擦力，物体处于平衡

状态，则作用力厂跟墙面对物体的支持力是一对平衡力，物体所受的重力与墙面对物体的摩擦力是一对平衡力，故AC

两项正确；

B.据作用力与反作用力的概念知，物体对墙面的压力跟墙面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，故B项正确；

D.物体受到的重力竖直向下，物体对墙面的摩擦力竖直向下，则物体对墙面的摩擦力与物体受到的重力不是一对作用

力与反作用力，故D项错误。

8、AD

【解析】AB.由题意可知，人在静水中的速度大于水流速度，则人可以垂直河岸沿0P运动到尸点，即最短位移为40m,

故A正确，B错误；

CD.当人在静水中的速度方向垂直河岸时，所用时间最短即为

40。

。=ys=8s

应从O点左侧

“=丫水=3x8m=24m

处开始游动，故c错误，D正确。

故选AD。

9、BC

【解析】对点。受力分析，如图

通过作图，可以看出绳04的张力。先变小后变大，72逐渐减小；

A.八先增大后减小，与结论不相符，选项A错误；

B.A先减小后增大，与结论相符，选项B正确；

C.4逐渐减小，与结论相符，选项C正确；

D.4逐渐增大，与结论不相符，选项D错误；

故选BCo

10、AC

【解析】A.由图知，物体先做初速度为零的匀加速直线运动，速度达到传送带速度后（在f=1.0s时刻），由于重力沿

斜面向下的分力大于摩擦力，物块继续向下做匀加速直线运动，从图像可知传送带的速度为vo=lOm/s,故A正确；

BC.在0~1.0s内，物体摩擦力方向沿斜面向下，匀加速运动的加速度为：

mesin0+umscos6.八八

a=—---------2-----=gsin，+/zgcos0

1m

由图可得：

a,==1Om/s2

在L0~2.0s,物体的加速度为：

mssin0-Limecos0._八

a—------------------=gsin，-4gcos6

2m

由图可得：

2

a2==2m/s

-M

联立解得：〃=0.5,6=37。，故B错误，C正确；

D.根据“面积”表示位移，可知O~LOs物体相对于地的位移:

x.=—x!0xlm=5m

12

传送带的位移为：

X2=vo^i=lOxlm=lOm

物体对传送带的位移大小为：

蚀=W-F=5m

方向向上。L0~2.0s物体相对于地的位移:

传送带的位移为：

X4=vo6=lOxlm=lOm

物体对传送带的位移大小为：

%=.v3-x4=1m

方向向下，故留下的痕迹为5m,故D错误。

故选：AC.

11、AC

【解析】该体是牛顿第二定律应用的传送带模型，根据该题型的分析解答方法，运用牛顿第二定律和运动规律求解即

可

【详解】对放上传送带的货物受力分析，应用牛顿第二定律可得：Rng=ma,解得：货物开始运动时的加速度

a=5m/s。由速度位移公式可得：诏-0=23「解得：货物加速到与皮带速度相等时滑过的距离芭=（）.4加＜4加，

所以货物在传送带上先加速后匀速.货物到达右端的速度丫=%=2%；货物到达右端的时间

vx-x,24-0.4..

t=~n+——L=1+—r-$=2.2S.故AC两项正确，BD两项错误

av052

12、BC

【解析】小车向右做匀加速直线运动，物体M相对小车静止，加速度与车的加速度相同，分析物块的受力情况根据牛

顿第二定律研究摩擦力、弹力

【详解】以物块为研究对象，受力如图所示：

Mg

对物块，由牛顿第二定律得：N=Ma,a增大，N增大，由牛顿第三定律可知，M对车厢的压力：N，=N增大；M对车

厢壁的压力增大，物块受到的最大静摩擦力增大，物块不可能沿壁下滑，M仍相对于车厢静止，在竖直方向，M所受

合外力为零，由平衡条件得：f=Mg,M所受的静摩擦力不变；M受到的合外力不为零；竖直方向的力不变，水平方

向的增大，所以车厢对M的力增大，故AD错误，BC正确；故选BC

【点睛】本题运用正交分解研究物体在水平方向运动的问题，要正确分析受力情况，作出力图是基础，注意明确物体

静止在竖直面上时，重力与摩擦力平衡

二、实验题(本题共16分，答案写在题中横线上)

③.超出了弹簧的弹性限度

【解析】根据描点法可得出对应的E-X图象，如图所示

(2)[2]根据胡克定律可知，图象的斜率表示劲度系数，则可知:

AF7

kN/m=50N/m

(3)[3]图可知，当力达到某一值时，图象发生了弯曲，说明此时已超出了弹簧的弹性限度。

14、①.C②.2.0③.0.41④.小⑤.C@.D

【解析】(1)IUAD.小车受到的拉力，可以直接由力传感器测出，所以不需要满足祛码和硅码盘的总质量远小于小车

的质量，故不需要测出祛码和祛码盘的总质量，故AD错误；

B.对小车受力分析，可知小车受到的合力等于力传感器示数的两倍，故B错误；

C.小车向左加速，则祛码和祛码盘向下加速，即重力大于轻绳的拉力，故祛码等于失重状态，故C正确。

故选C

(2)①⑵由于两计数点间还有四个点没有画出，故相邻计数点的时间间隔为T=O.ls,根据：

代入数据得：

7.10+9.13+11.09-1.10-3.09-5.12〜.，

a=------------------------------xlO-=2.0m/s2

9x0.12

[3]依据中时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，则打计数点“2”时小车的速度大小为：

3.09+5.122

%=-------------*10=0.41m/s

22x0.1

②[4]若交流电的实际频率大于50Hz,打点计时器打点的时间间隔小于0.02s,计数点间的时间间隔小于0.1s,计算加

速度时所用时间f偏大，加速度的测量值小于真实值，即计算结果与实际值相比偏小；

③⑸对必尸图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，对小车根据牛顿第二定律有：

2F=ma

变形得：

2「

a=­r

m

由题知该图象的斜率为心则有：

k=-

m

解得：

m=—2

k

故C正确，ABD错误。

故选C。

(3)[6]设小车的加速度为%则祛码和祛码盘向下加速为2a,对小车，根据牛顿第二定律有：

2F=Ma

对祛码和祛码盘，根据牛顿第二定律有：

mg-F=m-2a

联立解得:

a=一=._g_

2，，+"2+%

22m

由上可知，当祛码和硅码盘的质量远大于小车的质量时，即