辽宁省抚顺中学2022年高考仿真卷物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3,请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.如图所示，电路中所有原件完好，当光照射到光电管上时，灵敏电流计中没有电流通过，可能的原因是（）

A.入射光强较弱

B.入射光频率太高

C.电源正负极接反

D.光照射时间太短

2.如图甲所示，一倾角〃=30。的斜面体固定在水平地面上，一个物块与一轻弹簧相连，静止在斜面上。现用大小为尸

=kta为常量，r，的单位均为国际标准单位）的拉力沿斜面向上拉轻弹簧的上端，物块受到的摩擦力后随时间变

化的关系图像如图乙所示，物块与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2,则下列判断正确的

是（）

甲乙

A.物块的质量为2.5kg

B.k的值为1.5N/S

c.物块与斜面间的动摩擦因数为且

5

D.f=6s时，物块的动能为5.12J

3.20世纪中叶以后，移动电话快速发展.移动电话机（）

A.既能发射电磁波，也能接收电磁波

B.只能发射电磁波，不能接收电磁波

C.不能发射电磁波，只能接收电磁波

D.既不能发射电磁波，也不能接收电磁波

4.取水平地面为重力势能零点。一物块从某一高度水平抛出，在抛出点其动能是重力势能的4倍。不计空气阻力，该

物块落地时的位移方向与水平方向夹角的正切值（）

A.0.25B.0.5C.1D.2

5.如图所示，A、B、C、。四个小球质量分别为〃?、4m,2m、3m,用细线连着，在A和C之间细线上还串接

有一段轻弹簧，悬挂在光滑定滑轮的两边并处于静止状态。弹簧的形变在弹性限度内重力加速度大小为g,则下列说

法正确的是（）

4gXOD

A.剪断c、。间细线的一瞬间，小球C的加速度大小为3g

3

B.剪断C、。间细线的一瞬间，小球A和8的加速度大小均为亍g

C.剪断4B间细线的一瞬间，小球C的加速度大小为零

D.剪断。球上方细线的一瞬间，小球A和B的加速度大小均为零

6.如图所示，在倾角为30°的光滑斜面上，一质量为机的小车在沿斜面向下的外力尸作用下下滑，在小车下滑的过

程中，小车支架上连接着小球（质量为机）的轻绳恰好水平。不计空气阻力作用，已知重力加速度为g,则外力厂的

A.2mgB.3mgC.4mgD.5mg

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7.如图所示，半径为gr的圆弧8。与倾角为。的斜面相切于8点，与水平地面相切于C点，与圆&轨道相切于。

2

点，圆心0卜。2和。在同一水平直线上，圆02的半径为r。质量为，〃的质点从斜面上某位置由静止释放，刚好能在

圆轨道内做完整的圆周运动。不计一切阻力，重力加速度为g。则质点（）

A.释放点距离地面的高度为5r

B.在C时对轨道压力为弓小g

C.从圆弧BQ9进入圆O2轨道的瞬间，前后向心加速度之比为5：2

D.从圆弧8。进入圆。2轨道的瞬间，前后角速度之比为2：5

8.如图所示。在MN0P中有一垂直纸面向里匀强磁场。质量和电荷量都相等的带电粒子a、b、c以不同的速率从。

点沿垂直于PQ的方向射入磁场。图中实线是它们的轨迹。己知。是PQ的中点。不计粒子重力。下列说法中正确的

是（）

A.粒子c带正电，粒子a、b带负电

B.射入磁场时粒子c的速率最小

C.粒子a在磁场中运动的时间最长

D.若匀强磁场磁感应强度增大，其它条件不变，则a粒子运动时间不变

9.宽度L=3m的匀强磁场，磁感应强度5=0.2T,一单匝正方形金属框边长ab=/=lm,每边电阻/金属框以v=10m/s

的速度匀速穿过磁场区，其平面始终保持与磁感线方向垂直，规定逆时针方向为电流的正方向，金属框穿过磁场区的

过程中，金属框中感应电流/和附边两端的电压。的图线正确的是（）

—

XXXXX

o

xxxxfrx

b'-------1c

xxxxx

10.如图所示为多用电表原理示意图，所用电流表的表盘刻度共100格，满偏电流为4=100mA,满偏电压为

U.=1V,电源的电动势为£=1.5V,内阻r=0.5Q,直流电压挡的量程为0~50V,则下列判断正确的是（）

A.黑表笔应该接红表笔接方

B.定值电阻&的阻值为500Q

C.选择开关接2,刻度盘正中间的刻度值为15Q

D.选择开关接3,若指针与电流表第25格刻度线重合，则通过小的电流为50mA

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）图1为拉敏电阻的阻值大小随拉力变化的关系。某实验小组利用其特性设计出一电子测力计，电路如图2

所示。所用器材有：

拉敏电阻RF，其无拉力时的阻值为500.0C

电源E1（电动势3V,内阻不计）

电源E2（电动势6V,内阻不计）

毫安表mA（量程3mA,内阻100C）

滑动变阻器飞（最大阻值为5（）（）。）

滑动变阻器R?（最大阻值为300Q）

电键S,导线若干。

现进行如下操作:

①将拉敏电阻处于竖直悬挂状态并按图连接好电路，将滑动变阻器滑片置于恰当位置，然后闭合电键S。

②不挂重物时缓慢调节滑动变阻器的滑片位置，直到毫安表示数为3mA,保持滑动变阻器滑片的位置不再改变。

③在RF下施加竖直向下的拉力尸时，对应毫安表的示数为/,记录厂及对应的/的值。

④将毫安表的表盘从1mA到3mA之间逐刻线刻画为对应的F的值，完成电子测力计的设计。

请回答下列问题：

（1）实验中应该选择的滑动变阻器是（填或"R?”），电源是（填“EJ，或，电2"）；

（2）实验小组设计的电子测力计的量程是N.

12.（12分）图（甲）是演示简谐运动图像的装置，它由一根较长的细线和较小的沙漏组成。当沙漏摆动时，漏斗中

的细沙均匀流出，同时匀速拉出沙漏正下方的木板，漏出的细沙在板上会形成一条曲线，这条曲线可以理解为沙漏摆

动的振动图像。图（乙）是同一个沙漏分别在两块木板上形成的曲线（图中的虚线表示）。

（1）图（乙）的P处堆积的细沙比。处（选填“多”、“少”或“一样多，）

（2）经测量发现图（乙）中08=。，方，若木板1的移动速度内=3m/s,则木板2的移动速度也=。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，薄木板在外力厂的作用下带着小物块一起沿粗糙水平面向右匀速运动，薄木板的质量M=5kg,

小物块的质量机=lkg,小物块位于薄木板的最右端，薄木板和小物块与水平地面的摩擦因数分别为川=0.5、/2=0.2。

从某时刻开始，外力尸大小不变方向相反的作用在薄木板上，g^lOm/s2.求：

⑴外力F的大小；

（2）忽略薄木板的高度，当小物块静止时，距薄木板的右端L=15.5m,则两者一起匀速运动的速度是多少？

14.（16分）如图所示，倾斜轨道AB的倾角为37。，CD、EF轨道水平，AB与CD通过光滑圆弧管道BC连接，CD

右端与竖直光滑圆周轨道相连.小球可以从D进入该轨道，沿轨道内侧运动，从E滑出该轨道进入EF水平轨道.小

球由静止从A点释放，已知AB长为5R,CD长为R,重力加速度为g,小球与斜轨AB及水平轨道CD、EF的动摩

擦因数均为0.5,sin37*0.6,COS37F.8,圆弧管道BC入口B与出口C的高度差为1.8R.求：（在运算中，根号中的

数值无需算出）

（1）小球滑到斜面底端C时速度的大小.

⑵小球刚到C时对轨道的作用力.

（3）要使小球在运动过程中不脱离轨道，竖直圆周轨道的半径IV应该满足什么条件？

15.（12分）如图所示，半径为R的扇形A05为透明柱状介质的横截面，圆心角NAO5=60。。一束平行于角平分线

OM的单色光由OA射入介质，折射光线平行于08且恰好射向M（不考虑反射光线，已知光在真空中的传播速度为c）。

①求从AMB面的出射光线与进入介质的入射光线的偏向角；

②光在介质中的传播时间。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.根据光电效应方程

hv=Wa+Ekm

可知光电管能否产生光电效应与入射光的强度没有关系，A错误；

B.若入射光频率太高，则一定大于金属的极限频率，故一定可以发生光电效应，电流计中可能电流通过，B错误；

C.电源正负极接反时，光电管加上反向电压，光电子做减速运动，可能不能到达阳极，电路中不能形成电流，C正

确；

D.光电管能否产生光电效应与光照时间没有关系，D错误。

故选C。

2、D

【解析】

A.当。=0时，则可知：

Ff=mgsinO=5N

解得：

m=1kg

故A错误；

B.当f=2s时，由图像可知：

F/=()

说明此时刻E=5N,贝!J：

k=2.5N/m

故B错误；

C.后来滑动，则图像可知：

Ff—6N=/jmgcosO

解得：

2百

"二r

故C错误；

D.设力时刻开始向上滑动，即当：

F=+mgsinO

即:

风=6N+5N

解得：

t}=4.4s

即4.4s时刻物体开始向上滑动，6s时刻已经向上滑动了，则合力为:

=kt-Ff-mgsinO

即：

F^=kt-\W

根据动量定理可得：

FA+FZ

------a--A/^nv-O

2

即：

2±1X(6-4.4)=1XV

解得：

v=3.2m/s

即当Z=6s时所以速度大小为3.2m/s,则动能为：

112

E=”2=”*32J=512J

故D正确；

故选D。

3、A

【解析】

移动电话能将我们的声音信息用电磁波发射到空中，同时它也能在空中捕获电磁波，得到对方讲话的信息.

【详解】

因为移动电话能将我们的声音信息用电磁波发射到空中，同时它也能在空中捕获电磁波，得到对方讲话的信息.所以

移动电话的声音信息由空间的电磁波来传递，移动电话既能发射电磁波，也能接收电磁波，故A正确，BCD错误。

故选A。

【点睛】

本题需要掌握移动电话的电信号通过电磁波进行传递，知道移动电话既是无线电的发射台，又是无线电的接收台.

4、A

【解析】

取水平地面为重力势能零点，设抛出时物体的初速度为％,高度为心，物块落地时的竖直方向的速度大小为1，落地

速度与水平方向的夹角为a,位移方向与水平方向的夹角为夕，根据题有

~mvo=4mgh

解得

vQ=4Sgh

竖直方向有

1，,

—mvy=mgh

解得

Vy=

根据几何关系得

tana=

%

代匕.、％解得

tana=0.5

又根据速度夹角正切值与位移夹角正切值的关系有

tana=2tanf3

解得

tan§—0.25

故A正确，BCD错误。

故选A.

5、C

【解析】

AB.开始时，弹簧的弹力为5/〃g,剪断间细线的一瞬间，弹簧的弹力不变，则小球C的加速度大小为

5mg—2mg

a=——2-------=].5g

2m

48的加速度为零，故AB错误；

C.同理可以分析，剪断A8间细线的一瞬间，小球C的加速度大小为0,故C正确；

D.剪断C球上方细线的一瞬间，弹簧的弹力迅速减为零，因此小球A和8的加速度大小为g,故D错误。

故选C。

6、B

【解析】

小车和小球一起沿斜面加速下滑，二者有相同的加速度。对整体进行受力分析，由牛顿第二定律可得，在沿斜面方向

上有

F+2mgsin30°=2ma

对小球进行受力分析，小球受到水平拉力、重力的作用，其合力一定沿斜面向下，且大小

故加速度

a=2g

代入上式可得

F=3mg

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、BD

【解析】

A.质点刚好能在圆。2轨道做完整的圆周运动，在轨道的最高点

mv2

mg=-----

r

设释放点离地高度为h,根据机械能守恒定律

.7r12

mgn-mg--+—mv

解得

〃=4r

A错误；

B.设质点在C点速度为L，轨道对质点的支持力为N0,由机械能守恒有

mgh=

根据牛顿第二定律

N°-mg=m—―

2.5r

解得

”，21

%=—>ng

21

由牛顿第三定律可知，质点在C时对轨道压力为了，监，B正确；

C.质点从圆弧进入圆。2轨道的瞬间，速度不变，由线速度与角速度关系

v

a>=­

R

可知

组=2

①后5

C错误；

D.质点从圆弧进入圆02轨道的瞬间，速度不变，向心加速度

V2

a=—

R

可知

。前=2

。后5

D正确。

故选BD»

8、AC

【解析】

A.带电粒子在磁场中受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则可知粒子c带正电，粒子a、5带负电，A正确;

B.洛伦兹力提供向心力

V2

qvB=m—

R

解得

丫=幽

m

根据几何关系可知粒子。运动的半径最小，所以粒子。的速率最小，B错误；

C.粒子在磁场中运动的周期为

_27rR271m

1=-----=------

vqB

粒子a在磁场中轨迹对应的圆心角最大，大小为180°,所以粒子。在磁场中运动的时间最长，为半个周期，C正确;

D.洛伦兹力提供向心力

V2

qvB=m—

R

解得粒子运动半径

/?=—

qB

f2兀m

磁感应强度B增大，可知粒子。运动的半径减小，所以粒子运动的圆心角仍然为180",结合上述丁=「「可知粒子

qB

运动的周期改变，所以粒子。运动的时间改变，D错误。

故选AC。

9,AD

【解析】

线框刚进入磁场，川边切割磁感线，根据右手定则或楞次定律，可以判断出感应电流的方向为逆时针（为正方向），

电流的大小为

,EBLv

RR

代入数据解得

/=1A

此时ab边两端的电压

3/_/?=0.5V

线框全部进入磁场，穿过线框的磁通量为零没有感应电流，但就和cd两条边同时切割磁感线，产生感应电动势，相

当于两节电池并联

Uab=BLv=2.0V

最后线框穿出磁场，必边切割磁感线，相当于电源，根据右手定则或楞次定律判断出感应电流的方向为顺时针（为负

方向），电流大小为

,EBLv

1=——=-----

RR

代入数据解得

/=1A

此时ab边两端的电压

3

乙=/•产L5V

故AD正确，BC错误。

故选AD。

10、AC

【解析】

A.多用电表的电流是从红表笔流进电表，从黑表笔流出电表，从电流的流向可以看出〃应该接黑表笔，选项A正确;

B.4和电流表G串联形成一个新的电压表

U=U/1网、

改装后U=5OV,代入数据解得

=490。

选项B错误；

C.当选择开关接2时，"、。之间为多用电表的欧姆挡，则有

2凡+尺卜

联立解得

段,=15Q

选项C正确；

D.选择开关接3时，电流表满偏电流为100mA,总共100格，当指针指在第25格的时候，对应的示数为满偏电流

的四分之一，即通过%的电流为25mA,所以D错误。

故选AC。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、&E|200

【解析】

(1)⑴[2]毫安表示数为3mA时，由闭合电路的欧姆定律，有

E

3mA

1OO+5OO+7?

若选电源E2,则滑动变阻器电阻为14(X)Q,两个滑动变阻器均达不到，所以只能选电源E-此时滑动变阻器电阻为

400C,只能选R1。

(2)[3]毫安表示数为1mA时，拉力最大，由闭合电路的欧姆定律，有

-------------------=1mA

100+400+4

由图1有

2

Z?F=(5+0.1F)X10Q

解得拉力最大值为200N。电子测力计的量程200N,

12、多4m/s

【解析】

(D⑴在图(乙)的p处时，沙摆的速度最小，在。处时，沙摆的速度最大，所以堆积的细沙比Q处多；

(2)[2]根据单摆周期公式：

它们在同一地点，且摆长相同，则周期相同，设为T,OB段经历的时间是：

t、=2T

0'8段经历的时间为：

t2=1.57

设板长为L,则:

t}=—=2T

匕

力=—=1.57'

%

比较可得：

4”,

v2=—Vj=4m/so

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

22

13、(l)30N；(2)v0=ym/s

【解析】

⑴两者一起匀速运动，由平衡条件有

F=pi(M+m)g=30N

（2）外力尸反向后，小物块脱离长木板在水平面上做减速运动，加速度

a产丝”=“吆=2m/s2

m

0-

设初速度为y。，有%0=为一的，1，得

再=及，”为

'42

薄木板也做减速运动，加速度

%=2泮=Um/s2

由于。2＞山，所以薄木板的速度先减到零，有与选=X2,0=为-42f2,得

x=日f=%

222’211

然后薄木板向左加速运动，加速度

a产士铲=1WS2

有巧=；%&―式，小物块距薄木板右端的距离

L=X1-X1+X3

解得

22,

v0=ym/s

14、（1）（2）6.6mg,竖直向下（3）0.927?

【解析】

试题分析：（1）设小球到达C点时速度为v,a球从A运动至C过程，由动能定理有

mg（5Rsin37°+1.87?）-叩琢cos37°-5R=gm1（2分）

可得匕=j5.6g7?（1分）

（2）小球沿BC轨道做圆周运动，设在C点时轨道对球的作用力为N,由牛顿第二定律

2

N-mg=m*,（2分）其中r满足r+rsin53"=1.8R（1分）

r

联立上式可得：N=6.6mg（1分）

由牛顿第三定律可得，球对轨道的作用力为6.6mg,方向竖直向下.（1分）

（3）要使小球不脱离轨道，有两种情况：

情况一：小球能滑过圆周轨道最高点，进入EF轨道.则小球b在最高点P应满足机殳2mg（1分）

小球从C直到P点过程，由动能定理，有-〃根gR—加8-2/?'=