人教版2022年高中物理牛顿运动定律必考考点训练

（每日一练）（文末附答案）人教版2022年高中物理牛顿运动定律必考考点训练

单选题

1、处于竖直平面内的某圆周的两条直径4?、切间夹角为60。，其中直径4?水平，力〃与缪是光滑的细杆，穿

过细杆的两个小球分别从4点和。点由静止释放，它们下滑到〃点的时间分别是力、t2,则力：打是（）

A.1：1B.2：1C.V3:V2D.V2：V3

2、如图，一倾角为6=37。的足够长的斜面固定在水平地面上。当£=0时，滑块以初速度。=10m/s沿斜面向

上运动，已知滑块与斜面间的动摩擦因数为〃=05重力加速度g取lOm/s?,sin37°=0.6,cos37°=0.8,下

列说法正确的是（）

A.滑块上滑的距离小于5m

B.t=ls时,滑块速度减为零，然后静止在斜面上

C.t=2s时,滑块恰好又回到出发点

D.t=3s时，滑块的速度大小为4m/s

3、中国航天员王亚平在天宫一号空间实验室进行太空授课演示质量的测量实验。实验通过舱壁打开的一个支

架形状的质量测量仪完成。测量过程如图所示，航天员甲把自己固定在支架一端，航天员乙将支架拉到指定位

置释放，支架拉着航天员甲由静止返回舱壁。已知支架能产生恒定的拉力白光栅测速装置能测出支架复位时

的速度/和所用的时间t,最终测出航天员甲的质量，根据提供的信息，以下说法正确的是（）

A.宇航员在火箭发射过程中处于失重状态

B.航天员甲的质量为千

C.天宫一号在太空中处于超重状态

D.太空舱中，不可以利用弹簧测力计测拉力的大小

4、如图，质量相等的小球A和小球B通过轻弹簧相连，A通过轻质绳系于天花板上，系统静止，重力加速度

为统则当剪断轻绳的瞬间，下列说法正确的是（）

oA

i

oB

A.小球B的加速度大小为gB.小球B的加速度大小为g

C.小球A的加速度大小为gD.小球A的加速度大小为2g

5、一质量为距2.0kg的小物块以一定的初速度冲上一倾角为37。足够长的斜面，某同学利用传感器测出了小物

块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，并用计算机作出了小物块上滑过程的"力图线，如图所示

2

(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取lOm/s?)。贝IJ()

A.小物块冲上斜面过程中加速度的大小是5.0m/l

B.小物块与斜面间的动摩擦因数是0.25

C.小物块在斜面上滑行的最大位移是8m

D.小物块在运动的整个过程中，损失的机械能是6.4J

6、图示为河北某游乐园中的一个游乐项目“大摆锤”，该项目会让游客体会到超重与失重带来的刺激。以下

关于该项目的说法正确的是（）

A.当摆锤由最高点向最低点摆动时，游客会体会到失重

B.当摆锤由最高点向最低点摆动时，游客会体会到超重

C.当摆锤摆动到最低点时，游客会体会到明显的超重

D.当摆锤摆动到最低点时，游客会体会到完全失重

7、武直-10（如图所示）是中国人民解放军第一种专业武装直升机，提高了中国人民解放军陆军航空兵的航空

突击与反装甲能力。已知飞机的质量为团只考虑升力和重力，武直-10在竖直方向上的升力大小与螺旋桨的

转速大小的平方成正比，比例系数为定值。空载时直升机起飞离地的临界转速为他，此时升力刚好等于重力。

3

当搭载质量为三的货物时，某时刻螺旋桨的转速达到了2沏，则此时直升机在竖直方向上的加速度大小为(重力

加速度为g)()

A..gC.2④.3g

多选题

8、如图所示，轻弹簧放在倾角37。的斜面体上，轻弹簧的下端与斜面底端的挡板连接，上端与斜面上6点对

齐，质量为勿的物块在斜面上的a点由静止释放，物块下滑后，压缩弹簧至c点时速度刚好为零，物块被反弹

后返回点时速度刚好为零，已知加长为长为芯重力加速度为贝

66cg,sin370=0.6,cos37°=0.8oU(

A.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5

B.物块接触弹簧后，速度先减小后增大

C.弹簧具有的最大弹性势能为0.5侬Z

D.物块在上述过程因摩擦产生的热量为O6mgL

9、如图所示，46两个木块靠在一起放在光滑的水平面上，已知瓶4＞爪8,第一次用水平力厂从左边推动两

木块一起运动，此时它们的加速度大小为由,加?间弹力大小为N],第二次将水平力尸反向，大小不变，从右边

推动两木块一起运动，此时它们的加速度大小为。2,间弹力大小为N2,则()

4

Fi—1一一~iF

ABAB<—

7777777777777777777777777577777777777777

A.%>a2B.=a2C.N、>N2D.<N2

10、如图所示，在水平上运动的箱子内，用轻绳力。、外在。点悬挂质量为2kg的重物，轻绳40、6。与车顶部

夹角分别为30。、60。。在箱子沿水平匀变速运动过程中，为保持重物悬挂点。位置相对箱子不动(重力加速度

为名),则箱子运动的最大加速度为()

A.郭.粤C.当D.包

填空题

11、(1)钢球由静止开始做自由落体运动，落地时的速度为40m/s,5=10m/s2o则它在最后1s内下落的高度

为m；

(2)动车车厢内悬吊着一个质量为小的小球，动车匀加速行驶时，悬线偏离竖直方向的角度为6并相对车厢

保持静止，重力加速度为北则动车的加速度大小为；

(3)如图所示，光滑斜面上有一个重力为70N的小球被轻绳拴住悬挂在天花板上，已知绳子与竖直方向的夹

角为45。，斜面倾角为37。，整个装置处于静止状态。sin37°=0.6,cos37°=0.8o则斜面对小球支持力的大小为

____No

If*"

12、如图(a),商场半空中悬挂的轻绳上挂有可以自由滑动的夹子，各个柜台的售货员将票据和钱夹在夹子

5

上通过绳传送给收银台。某时刻铁夹的加速度恰好在水平方向，轻绳的形状如图（b）,其左侧与水平夹角为

9=37°,右侧处于水平位置，已知铁夹的质量为例重力加速度为名不计铁夹与轻绳之间的摩擦，则铁夹的

加速度方向（填水平向右或水平向左），大小为o（sin37°=0.6,cos37°=0.8）

人教版2022年高中物理牛顿运动定律_023参考答案

1、答案：c

解析：

由几何关系得，力〃与水平面的夹角为30°,设圆周的半径为"

根据牛顿第二定律得，小球在/〃上运动的加速度

&=/皿30。=权

根据

xAD=-ait/

2

得

，尸库

xCD=2R

小球在⑦上运动的加速度

•「co近

&=/in60=—g

根据

xCD=-a2t2

2

得

7

则

故选c。

2、答案：D

解析：

A.以沿斜面向下为正方向，上滑过程，由牛顿第二定律得

mgs\n0+jumgcosQ=mai

代入数据解得

=10m/s2

滑块向上的最大位移

诏100

"温=两"5m

A错误；

B.由于

嘤in6>fjmgzQsd

可知，滑块不可能静止在斜面上，B错误；

C.下滑过程，由牛顿第二定律得

建sind-pmgcQsd=ma2

代入数据解得

2

a2—2m/s

8

滑块向上运动到最高点的时间

2zkro)=12=ls

a.10

向下的运动

X=尹2g

所以

t2=A/5S

滑块恰好又回到出发点的总时间

t=tx+t2=(1+V5)s

C错误；

D.选取向下为正方向，t=3s时，滑块的速度为

v3=-v0+a：ti+a2t2=-10+10x1+2x2m/s-4m/s

D正确。

故选D。

3、答案：B

解析：

A.宇航员在火箭发射过程中，随火箭加速上升，具有向上的加速度，处于超重状态，A错误；

B.支架复位过程，航天员甲的加速度为

v

a=-

由牛顿第二定律可得

9

F=Ma

联立解得

Ft

M=—

v

B正确；

C.天宫一号在太空中处于失重状态，C错误；

D.太空舱中，可以利用弹簧测力计测拉力的大小，不受失重的影响，D错误。

故选Bo

4、答案：D

解析：

剪断轻绳的瞬间，弹簧长度不会发生突变，故B所受合外力仍为零，故B的加速度为零；剪断轻绳的瞬间A所

受的合力大小与剪断之前绳子拉力大小一致，由共点力平衡可知剪断绳子前，绳子的拉力为2mg,剪断轻绳的

瞬间，由牛顿第二定律可知，A的瞬时加速度大小为2g。

故选D。

5、答案：B

解析：

A.由小物块上滑过程的速度-时间图线，可得小物块冲上斜面过程中，加速度大小为

Av8

~~=~—8.0m/s

At1

A错误；

B.对小物块进行受力分析，根据牛顿第二定律有

10

mgsin37°+耳=max

FN-mgcos370—0

又

6=MN

代入数据解得

〃=0.25

B正确；

c.由小物块上滑过程的速度-时间图线可得，小物块沿斜面向上运动的位移

v8

x=­0t=-xl=4m

C错误；

D.小物块在运动的整个过程中，损失的机械能是

△E=2监=2〃mgcos37°-x=2x0.25x20x0.8x4=32J

D错误。

故选Bo

6、答案：C

解析：

当摆锤由最高点向最低点摆动时，先具有向下的加速度分量，后有向上的加速度分量，即游客先体会到失重后

体会到超重。当摆锤摆动到最低点时，具有方向向上的最大加速度，此时游客体会到明显的超重。

故选C。

11

7、答案：C

解析：

空载时直升机起飞离地的瞬间，升力刚好等于重力，设比例系数为左则有

k就=mg

当搭载质量为三的货物，螺旋桨的转速达到2劭时，竖直方向上由牛顿第二定律可得

mm

/一+百)9=(m+

其中升力

2

F=fc(2n0)

联立解得此时直升机在竖直方向上的加速度大小为

a=2g

故C正确，ABD错误。

故选C。

8、答案：AD

解析：

AD.物块由a点静止释放，压缩弹簧至c点，被反弹后返回6点时速度刚好为零，对整个过程应用动能定理得

/LL\

mgsindL—47ngeosJIL4--4--J=0

解得

〃=0.5

则整个过程因摩擦产生得热量为

12

（LL\

Q=p.mgcos6+-4--J=0.6mgL

故AD正确；

B.物块接触弹簧后，向下运动时，开始由于

mgsinO>47ngeos。+尸弹

物块继续向下加速，尸弹继续变大，当

mgsind</imgcosO+F弹

时，物块将向下减速，则物块向下运动时先加速后减速，向上运动时，由于在C点和6点的速度都为零，则物

块先加速后减速，故B错误；

C.设弹簧的最大弹性势能为Ep,物块由a点到c点的过程中，根据能量守恒定理得

Km

mgsind（乙+=四rngcos®（L+：）+£*p

解得

Eo—0.25mgL

故c错误。

故选ADO

9、答案：BD

解析：

AB.第一次用水平力?从左边推动两木块时，46的加速度大小相同，对整体分析，由牛顿第二定律得

F

ar=--------

mA+mB

13

同理，当水平推力尸作用于木块少的右端时，整体的加速度为

F

a2=--------

mA+mB

可知

故A错误B正确；

CD.第一次用水平力厂从左边推动两木块时，隔离6分析有

,mBF

M=mRaA=--------

mA+mB

当水平推力厂作用于木块8的右端时，隔离4分析有

mAF

N2=mAa2=--------

mA+mB

因为

mA>mB

可知

故C错误D正确。

故选

BD0

10、答案：BD

解析：

当箱子加速度向左时，当加速度完全由绳。力的拉力提供时，水平方向

TAOCOS300=ma

14

竖直方向

7^osin30=mg

联立解得最大加速度

a=Mg

当箱子加速度向右时，当加速度完全由绳。8拉力提供时，竖直方向

TBOs\n60°=mg

水平方向

TBOCOS60°=ma'

联立解得最大加速度

,V3

aF

故BD正确，AC错误。

故选BDO

11、答案：35gtand50

解析：

(1)[1]因为钢球由静止开始做自由落体运动，落地时的速度为4