云南省曲靖市市麒麟区第六中学高一物理下学期期末试卷含解析

云南省曲靖市市麒麟区第六中学高一物理下学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.（单选）如右图所示，一条小船位于200m宽的河正中A点处，从这里向下游100m处有一危险的急流区，当时水流速度为4m/s，为使小船避开危险区沿直线到达对岸，小船在静水中的速度至少为（

）A．m/s

B．m/s

C．2m/s

D．4m/s参考答案：C2.（单选）一小孩从公园中的滑梯上加速滑下（滑梯不完全光滑），如图所示，对于其机械能变化情况，下列说法中正确的是（）A．重力势能减小，动能不变，机械能减小B．重力势能减小，动能增加，机械能减小C．重力势能减小，动能增加，机械能增加D．重力势能减小，动能增加，机械能不变参考答案：解：小孩从公园中的滑梯上加速滑下：（1）没有发生弹性形变，不具有弹性势能．（2）小孩有一定的质量，加速滑下，速度变大，动能变大．（3）小孩有一定质量，从滑梯上滑下，高度不断减小，重力势能减小．（4）小孩在下滑过程中与滑梯摩擦生热，一部分机械能转化成内能，导致机械能总量减小．故选：B．3.某质点从A点做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为，经时间到达B点，立即加速度大小变为，方向与相反；又经时间后回到出发点A，则以下说法中不正确的是（）A质点从A运动到B，再从B运动到A，这两个过程中位移大小相等B.质点从A运动到B，再从B运动到A，这两个过程中平均速度大小相等C.质点从A运动到B，再从B运动到A，这两个过程中加速度大小之比为1:3D.质点回到出发点A时的速度为零参考答案：D4.结合图片中交代的情景及数据，以下判断不正确的是（）A．高速行驶的磁悬浮列车的加速度可能为零B．轿车时速为100km/h，紧急刹车距离为31米（可视为匀减速至静止），由此可得轿车刹车阶段的加速度为a=12.5m/s2C．位于点燃火药的炮膛中的炮弹的速度、加速度可能均为零D．根据图中数据可求出刘翔在110m栏比赛中通过全程的平均速率为v=8.42m/s参考答案：C【考点】加速度；平均速度．【分析】平均速度是某段时间或某段位移内的速度，瞬时速度等于某个位置或某个时刻的速度；加速度大小等于单位时间内速度的变化量．【解答】解：A、当磁悬浮列车匀速行驶时，加速度为零．故A正确．B、根据2ax=v2得：m/s2．故B正确．C、位于点燃火药的炮膛中的炮弹的初速度为零，但是加速度不为零．故C错误．D、平均速度等于位移与时间的比值，则．故D正确．本题选错误的故选：C．5.（单选）如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行。初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带。若从小物块上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v—t图象（以地面为参考系）如图乙所示。已知v2>v1，则A、t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B．t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C．0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D．0～t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.将一质量为m=1kg的物体从离平地h=20m的高处，以速度v0=10m/s水平抛出，不计空气阻力,在物体从抛出到落地过程中重力的平均功率为___________w；物体刚要落地时重力的瞬时功率为___________w(g取10m/s2)。参考答案：_100__________

___200_____7.在研究某物体的运动规律时，打点计时器打下如图所示的一条纸带．已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，相邻两计数点间还有四个打点未画出．由纸带上的数据可知，打E点时物体的速度v＝________，物体运动的加速度a＝________(两空计算结果均保留两位有效数字)．参考答案：8.月球绕地球转动的周期为T，轨道半径为r，由此可得地球质量的表达式为，若地球半径为R，则其密度表达式是．（万有引力常量为G）参考答案：，【考点】万有引力定律及其应用．【分析】根据万有引力提供向心力，结合轨道半径和周期求出地球的质量，通过地球的体积求出密度．【解答】解：根据得，M=．地球的密度故答案为：，9.一辆质量为2t的汽车在水平路面上保持60kw的功率行驶，其匀速行驶的速率为108km/h，则此汽车受到的阻力为

N；若此汽车保持同样功率在倾角为300的斜面上行驶，则其能够达到的最大速度为

m/s，设汽车在斜面上受到的阻力为车重的0.5倍。参考答案：2000N

3

10.电火花计时器是高中物理中重要的实验仪器，常用于研究纸带的运动问题．（1）电火花计时器所采用的电源是

（填“交流电4～6V，频率50HZ”、“交流电220V，频率50HZ”、四节干电池）．（2）某同学在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上依次确定出A、B、C、D、E五个计数点．其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有4个打点未标出．各点到A点距离分别为AB=2.88cm，AC=7.20cm，AD=12.96cm，AE=20.16cm，如图由纸带上的数据，算出打D点时小车的瞬时速度是

m/s（保留三位有效数字）．（3）用打点计时器测定小车的速度，当使用的电源频率高于50Hz时，如果仍按50Hz来计算，则测得的速度将比真实值

（填“偏大”、“偏小”或“无影响”）．参考答案：（1）交流电、50HZ；

（2）0.648；（3）偏小．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】（1）电磁打点计时器用振针打点，使用低压交流电；而电火花计时器用电火花打点，使用220V交流电；（2）（3）利用匀变速直线运动中的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求解D点的瞬时速度，结合该原理分析电源频率变化导致的误差情况．【解答】解：（1）电火花打点计时器，电源采用的是交流电220V，频率50HZ；（2）电源频率为50Hz，每两个相邻的计数点之间还有4个计时点未标出，故每两个计数点间的时间间隔为0.1s；打下D点时小车的瞬时速度等于CE段的平均速度，故vD=m/s=0.648m/s；（3）当使用的电源频率高于50Hz时，则打点周期偏小，如果仍按50Hz来计算，根据v=，在代入数据时，t的代入值偏大，故v的测量值偏小；故答案为：（1）交流电、50HZ；

（2）0.648；（3）偏小．11.小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线上的切线，PQ为U轴的垂线，PN为I轴的垂线，随着所加电压的增大，小灯泡的功率增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）；小灯泡的电阻增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）；对应P点小灯泡的电阻为．参考答案：解：由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=；因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故可知，电压增大时，功率也将增大；故答案为：增大；增大；12.（3分）如图所示，在同一平面上的AC、BD两杆，以角速度w分别绕相距L的A、B两轴转动，若DCAB＝DDBA＝60°，则此时两杆交点M的速度大小为 。

参考答案：wL13.某同学在做研究平抛运动的实验时，忘记记下斜槽未端小球重心的位置，图中的4点为小球运动一段时间后的位置，他便以A点作为坐标原点，以水平方向和竖直方向分别为x、y轴建立直角坐标系，得到如图所示的图象，则由图可知抛出点的坐标为[

cm,

cm]。参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在距离地面5m处将一个质量为1kg的小球以10m/s的速度水平抛出，若g＝10m/s2。求：（1）小球在空中的飞行时间是多少？（2）水平飞行的距离是多少米？（3）小球落地时的速度？参考答案：（1）1s，（2）10m，（3）m/s............（2）小球在水平方向上做匀速直线运动，得小球水平飞行的距离为：s＝v0t＝10×1m＝10m。

（3）小球落地时的竖直速度为：vy＝gt＝10m/s。

所以，小球落地时的速度为：v＝m/s＝10m/s，

方向与水平方向的夹角为45°向下。

15.在上图中，根据通电螺线管上方小磁针N极的指向，标出电源的“十”“一”极。参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16.一个内壁光滑置于竖直平面内的圆环及基座质量为M，一个质量为m的小球沿环壁作圆周运动，而圆环及基座保持静止，如图所示。小球运动至环最高点A时速度为v，求：（1）小球至A点时，地面对环及基座的支持力大小。（2）至B点时，地面对环及基座的支持力大小和摩擦力的方向。（重力加速度为g）参考答案：（1）根据牛顿第二定律及向心加速度公式，小球在A处时：对圆环及基座：，ks5u解得：（2）当小球到达B处时，受力如图，圆环对小球的支持力水平向左，故小球对基座环的反作用力水平向右，所以地面对基座的支持力，地面的摩擦力水平向左。17.一光滑的圆锥体固定在水平桌面上，其轴线沿竖直方向，母线与轴线间的夹角为，如图所示，一条长度为的绳（质量不计），一端固定在圆锥体的顶点处，另一端拴着一个质量为的小物体（物体可视为质点），物体以速率绕圆锥体的轴线做水平面内的匀速圆周运动。（1）当时求绳对物体的拉力T1；（2）当时求绳对物体的拉力T2。参考答案：临界速度为V0=√√3gl/6<V0T118.（12分）一物块质量m=1kg静止置于光滑水平面上，受到一个如图所示的力F的作用在水平面内运动，力F是一个周期性变化的力，规定向东为力F的正方向，求：（1）第1s内和第2s内的加速度大小（2）t=8.5s时物块离开出发点的位移大小．参考答案：（1）第1s内和第2s内的加速度大小分别为2m/s2，1m/s2（2）t=8.5s时物块离开出发点的位移大小24.25m考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由牛顿第二定律求加速度；根据速度公式求速度；分段先求加速度，再由位移公式求出各段的位移大小和方向，最后加在一起即可求总位移．解答：解：（1）由图象知：a1===2m/s2a2==1m/s2（2）1s末速度υ1=a1t1=2m/s2s末速度υ2=υ1﹣a2t2=1m/s3s末速度υ3=υ2+a1t3=3m/s4s末速度υ4=υ3﹣a2t4=2m/s依此得：υ8=4m/s=5m