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文档简介
江苏扬州中学2023-2024学年高二上数学期末联考模拟试题
注意事项:
1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。
4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.已知三棱锥P—ABC的各顶点都在同一球面上,且K4,平面ABC,若该棱锥的体积为38,AB=2,AC=1,
3
ZBAC=G0°,则此球的表面积等于()
A.5万B.8乃
C.167TD.20万
2.复数z=(l-2i)2的虚部为()
A.4iB.4
C.-4iD.T
3.若直线/:y=x+m与圆C:(x—iy+(y—犷=4只有一个公共点,则机的值为()
A.72B.+V2
C.2A/2D.+2V2
4.下列推理中属于归纳推理且结论正确的是。
A.由4=2〃—1,求出Sy/,82=22,83=32,…,推断:数列{/}的前,项和S“="
B.由/(x)=xcosx满足/(—x)=—/(x)对VxeH都成立,推断:/(x)=%cosx为奇函数
C.由半径为r的圆的面积S=%/,推断单位圆的面积5=乃
D.由(1+1)2>2、(2+1『>2?,(3+了>23,…,推断:对一切“wN*,(n+1)2>2"
5.若指数函数丁=炉(a>0且awl)与三次函数y=三的图象恰好有两个不同的交点,则实数。的取值范围是()
2222
6.曲线上+乙=1与曲线^^+工_=1(4<9)的。
25925—k9-k
A.长轴长相等B.短轴长相等
C.离心率相等D.焦距相等
7.已知正三棱柱ABC-A4G中,A3=2,A4=1,点。为A3中点,则异面直线与所成角的余弦值为
()
A3B看
42
C.—D.-
32
8.设夕是两个不同的平面,/是一条直线,以下命题正确的是
A.若/_La,a_L/?,贝!|/u/?B若11la,a110,贝!|/u/?
C若/_L%a//〃,贝!D.若///a,a_L〃,贝!
9.已知函数八可及其导函数/'(力,若存在/使得/&)=/'(不),则称「是“外的一个“巧值点”.下列选项中
没有“巧值点”的函数是0
A./(x)=x2B./(x)=lnx
C./(x)=e-vD./(x)=cosx
10.若函数/(%)=依-Inx在区间(l,y)单调递增,则k的取值范围是()
A.[l,+oo)B.(1,+oo)
C.[2,+oo)D.(-OO,-2)
11.如图在AABC中,ABC^90,AC=26C=2,在NABC内作射线与边AC交于点D,则使得DCcDB
的概率是()
11
A.-B.—
32
3
C.-D.-
34
12.命题d—2>。”的否定是Q
A.Vx>1,x2-2<0B.Vx<1,x2-2>0
CBx<l,X2-2<0D.3%>1,x2-2<0
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13.如图是一个无盖的正方体盒子展开图,A,B,C,。是展开图上的四点,则在正方体盒子中,AO与平面A3C
所成角的正弦值为.
22
14.已知。为坐标原点,A、5分别是双曲线C:土-乙=1的左、右顶点,M是双曲线。上不同于A、5的动点,
43
直线AM、与>轴分别交于点P、Q两点,贝!叶|。。=
15.已知焦点为尸的抛物线的方程为y2=4x,点0的坐标为(3,4),点P在抛物线上,则点尸到y轴的距离与到点
Q的距离的和的最小值为.
16.《九章算术》中的“两鼠穿墙题”是我国数学的古典名题.“今有城墙厚若干尺,两鼠对穿,大鼠日一尺,小鼠也
日一尺.大鼠日自倍,小鼠日自半……”题意是:“两只老鼠从城墙的两边相对分别打洞穿墙.大老鼠第一天进一尺,
以后每天加倍;小老鼠第一天也进一尺,以后每天减半……”则小老鼠第三天穿城墙尺;若城墙厚40尺,则至
少在第天相遇
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17.(12分)在AABC中,已知屋3、:分别是三内角A、B、C所对应的边长,且〃+c2—1=税.
(I)求角A的大小;
(II)若b=1,且4ABC的面积为述,求一
4
18.(12分)分别求出满足下列条件的椭圆的标准方程:
(1)焦点在y轴,短轴长为2,离心率为走;
2
(2)短轴一端点P与两焦点片(-2,0),乙(2,0)连线所构成的三角形为等边三角形
19.(12分)如图,在三棱锥A—BCD中,△BCD是边长为2的等边三角形,AB=AC,。是3c的中点,OA±BD
A
(1)证明:平面ABC,平面3CZ>;
(2)若三棱锥A—BCD的体积为石,E是棱AC上的一点,当AC=fAE时,二面角E-30-C大小为60。,求f
的值
20.(12分)如图,是半圆。的直径,C是半圆上一点,M是的中点,,平面ABC,且24=2石,AB=4,
NABC=30°.
c
(1)求证平面”LC;
(2)求三棱锥拉一45c体积.
21.(12分)如图,在三棱柱A3C—A3iG中,面ABC,AB=BC=2BB1=2,ZABC=90°,。为5c的
中点
(1)求证:43〃平面ADG;
(2)若尸为AG中点,求4歹与平面ADG所成角的正弦值
22.(10分)在△△3c中,角A、B、C所对的边分别为a、b、c,角A、B、C的度数成等差数列,b=屈
(1)若3sinC=4sinA,求c的值;
(2)求最大值
参考答案
一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】由条件确定三棱锥P-ABC的外接球的球心位置及球的半径,再利用球的表面积公式求外接球的表面积.
【详解】由已知A5=2,AC=1,44c=60。,可得三棱锥的底面是直角三角形,ZACB=90°,由。平面ABC
可得收就是三棱锥外接球的直径,\=-x2xlxsin60°=—.V=-Sh^-x—xPA=,即B4=4,
△ABC223323
则PB=ylP^+AB2=2君,故三棱锥外接球的半径为石,所以三棱锥外接球的表面积为S=4兀R?=20乃
故选:D.
【点睛】与球有关的组合体问题,一种是内切,一种是外接.解题时要认真分析图形,明确切点和接点的位置,确定
有关元素间的数量关系,并作出合适的截面图,如球内切于正方体,切点为正方体各个面的中心,正方体的棱长等于
球的直径;球外接于正方体,正方体的顶点均在球面上,正方体的体对角线长等于球的直径.
2、D
【解析】直接根据.复数的乘法运算结合复数虚部的定义即可得出答案
[详解]解:z=(1—2i)-=1—4—4i=—3—4i,
所以复数z=(l-2i)2的虚部为T.
故选:D.
3、D
【解析】利用圆心到直线/的距离等于半径列方程,化简求得加的值.
【详解】圆。的圆心为(LL),半径为2,
直线/:x—y+〃z=O与圆C只有一个公共点,所以直线/与圆C相切,
|l-l+m||m|
所以=2=>/H=+2\/2.
41一3
故选:D
4、A
【解析】根据归纳推理是由特殊到一般,推导结论可得结果.
2
【详解】对于A,由4=2〃—1,求出d=12,邑=22,S3=3,
推断:数列{4}的前"项和,是由特殊推导出一般性的结论,
且S“=l+3+…+(2〃—1)=",故A正确;
B和C属于演绎推理,故不正确;
对于D,属于归纳推理,但“=6时,结论不正确,故D不正确.
故选:A.
5、A
3In
【解析】分析可知直线y=lna与曲线y=/(x)在(0,+。)上的图象有两个交点,令优=/可得出Ina=一二,令
X
3"InY
/(x)=——,问题转化为直线y=lna与曲线y=/(x)有两个交点,利用导数分析函数/(%)的单调性与极值,数
X
形结合可得出实数。的取值范围.
【详解】当x<0时,y=ax>0,丁=/<0,此时两个函数的图象无交点;
3InX
当%>0时,由优=冗3得xlna=31nX,可得lni=----,
x
4"1Y
令〃力=与一,其中%>0,则直线y=lna与曲线y=/(x)有两个交点,
X
J(x)=3(l”x),当o<x<e时,/。)>0,此时函数/(%)单调递增,
X
当%>e时,f'(x)<0,此时函数八%)单调递减,则〃X)max=/(e)=:,
且当尤>1时,/(%)=二—>0,作出直线y=lna与曲线y=/(x)如下图所示:
X
I,
ry=f(xf
33
由图可知,当0<lna<—时,即当11时,
指数函数>=/(。>0且awl)与三次函数y=%3的图象恰好有两个不同的交点.
故选:A.
6、D
【解析】分别求出两曲线表示的椭圆的位置,长轴长、短轴长、离心率和焦距,比较可得答案.
22
【详解】曲线工+匕=1表示焦点在X轴上的椭圆,长轴长为10,短轴长为6,
259
4
离心率为彳,焦距为8,
22
曲线^—+工=1(左<9)焦点在x轴上的椭圆,长轴长为2后二I,
25-k9-k
____4______________
短轴长为2kI,离心率为不耳,焦距为2425-4-(9-Q=8,
故选:D
7、A
【解析】根据异面直线所成角的定义,取AC中点为E,则NEDG为异面直线和所成角或其补角,再解三
角形即可求出
【详解】如图所示:
设AC中点为E,则在三角形ABC中,D,E为中点,。石为中位线,所以有£>E〃3C,
DE=3BC=1,所以NEDG为异面直线和G。所成角或其补角,在三角形中,DQ=2,QE=72,
所以由余弦定理有cos/EDG二00%:产2二,
故选:A.
8、C
【解析】对于A、B、D均可能出现〃/,,而对于C是正确的
9、C
【解析】利用新定义:存在/使得/(%)=/'(%),则称/是/(%)的一个“巧点”,对四个选项中的函数进行一一的
判断即可
【详解】对于A,/(x)=x2,贝!!/'(x)=2x,令f=2x,解得了=0或x=2,即/'(%)=/(©有解,故选项A的
函数有“巧值点”,不符合题意;
对于B,/(x)=lnx,贝1|广(x)=L令lnx=L,令g(x)=lnx-L(x>0),则g(x)在x>0时为增函数,;g(l)=-l<0,
%%%
g(e)=l-->0,由零点的存在性定理可得,g(x)在(l,e)上存在唯一零点,即方程尸(幻=/(%)有解,故选项B的
e
函数有“巧值点”,不符合题意;
对于C,/(X)="",则f\x)=-,令e-x=-e-x,故方程无解,故选项C的函数没有“巧值点”,符合题意;
对于D,f(x)=cosx,则f\x)=-sinx,
令一sinx=cosx,
则sinx+cosx=0=>V2sinx+—=0=>x+—==-,A:eZ.
I4J44
...方程((x)=/(x)有解,故选项D的函数有“巧值点”,不符合题意
故选:C
10、A
【解析】函数在区间上单调递增,转化为导函数在该区间上大于等于0恒成立,进而求出结果.
【详解】由题意得:/'(%)=左一,20在区间(Ly)上恒成立,而y='e(O,l),所以01.
xx
故选:A
11、C
【解析】由题意可得NOC3=60°,根据三角形中“大边对大角,小边对小角”的性质,将DC<Z)5转化为求
NDBC<NDCB的概率,又因为NDC3=6O°,0<ZDBC<90,从而可得DC<£出的概率
【详解】解:在AABC中,ABC^90,AC=2BC=2,
所以4C3=6O,即NOC3=60°,
要使得DC<Q6,则ND5C</DCB,
又因为NOCB=60°,0<ZDBC<90,
则的概率是2=北=;
故选:C
【点睛】本题考查几何概型及其计算方法的知识,属于基础题
12、D
【解析】由含量词命题否定的定义,写出命题的否定即可
【详解】命题“\戊>1,2>0”的否定是:3x>l,X2-2<0,
故选:D.
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。
13、—##i72
22
【解析】先复原正方体,再构造线面角后可求正弦值.
B
【详解】
M
复原后的正方体如图所示,设A瓦。所在面的正方形的余下的一个顶点为M,
连接DM,则刀加,平面ABC,
故NZMB为AO与平面ABC所成角,而NDAB=45°,
故NDAB为AD与平面ABC所成角的正弦值为旺.
2
故答案为:注.
2
14、3
【解析】求得A3坐标,设出M点坐标,求得直线AM,BM的方程,由此求得P,Q两点的纵坐标,进而求得10Pl•|。己|.
【详解】依题意4-2,0),5(2,0),
设〃(知为),则4-。=1,焉-44媪
直线40的方程为了=—%(》+2),则力=卫、,
x0+24+2
直线aW的方程为y=』7(x-2),则y=二当,
x0-2x0-2
所以|。斗=|充卜普=3.
|o-1
故答案为:3
15、2^-1##-1+275
【解析】利用定义将所求距离之和的最小值问题,转化为忸盟+|PQ|-1的最小值问题.
【详解】焦点尸坐标为(L0),抛物线准线为%=-1,
如图,作24垂直于准线于A,交y轴于8,
\PB\+\PQ\=(\PA\-l)+\PQ\=\PF\+\PQ\-l>\FQ\-l=y[(3^^-l=245-l.
故答案为:2行-1
【解析】由题意知小老鼠每天打洞的距离是以1为首项,以!为公比的等比数列,大老鼠每天打洞的距离是以1为首
项,以2为公比的等比数列,即可算出小老鼠第三天穿城墙的厚度,再根据等比数列求和公式,构造等式,即可得解.
【详解】由题意知,小老鼠每天打洞的距离是以1为首项,以《为公比的等比数列,前九天打洞之和为
2
2
.••小老鼠第三天穿城墙的厚度为=(
大老鼠每天打洞的距离是以1为首项,以2为公比的等比数列,前〃天打洞之和为上2=2"一1,
1-2
二两只老鼠第〃天打洞穿墙的厚度之和为S〃=2"-1+2-13),且数列{S“}为递增数列,
g6-1+2-S6--1+2-g「=65-g又城墙厚4。尺,
所以这两只老鼠至少6天相遇.
故答案为:—;6.
4
三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17、(I)方帆感•:礴.二点==;(II)。=3・
【解析】(I)利用余弦定理和廿+°2—“2=Ac.得到关于角A的关系式,求解A
(II)再结合正弦面积公式得到三角形的边长的求解
【详解】解:(I)在△ABC中,b~+c2-a2=2bccosA
又人2+c2=«2+bc
:.COS
.......僦
»叫;也品…盘y三
(II)由S='》csinA==,得Z?c=3
244
Q/?=l:.c-3
18、(1)-^+x2=1
4
22
(2)-x---J1-----=1
1612
【解析】(1)设出椭圆方程,根据短轴长和离心率求出。=2,b=l,从而求出椭圆方程;短轴端点与焦点相连
所得的线段长即为。,从而求出匕,得到椭圆方程.
【小问1详解】
22
设椭圆方程为多+1=1(〃〉6〉0),
ab
则2匕=2,b=l,则£//-I♦虫,解得:。=2,
aaa2
2
则该椭圆的方程为上+必=1
4
【小问2详解】
22
设椭圆方程为j+与=1(4>。>0),
ab
由题得:。=2,a=2c=49则//=12,
22
则该椭圆的方程为土+匕=1
1612
19、(1)证明见解析
(2)3
【解析】(1)证得Q4J_平面结合面面垂直判定定理即可得出结论;
百Q+1)
3(Z+1)
(2)建立空间直角坐标系,利用空间向量求二面角的公式可得2进而解方程即可求出结果.
3+1+
、3。+1),
【小问1详解】
因为=。是的中点,
所以又因为。4_1班),且BCBD=B,BCu平面5C。,BDu平面3CZ),所以。4_L平面BCD,
因为QAu平面ABC,所以平面ABC,平面BCD
【小问2详解】
连接又因为△BCD是边长为2的等边三角形,
所以DOL3C,由(1)知O4J_平面3C。,所以AO,BC,ZX)两两互相垂直
以。为坐标原点,OA,0B,。。所在直线分别为x轴,y轴,z轴建立如图所示空间直角坐标系
设|。4|=w,则。(°,°,0),A(°,0>m),B(1,0,0),C(-1,0,0),。(0,6,0),
因为A—8CZ>的体积为,,所以gx2x=指,
解得|Q4|=3,即A(0,0,3),
AC=(-1,0,-3),;AC=.AE,0,3一;
设平面BCD的法向量为“=(x,y,z),BC=(-2,0,0),=(-1,6,0)
n-BC--2x=0
则L,取平面5CD的法向量为〃=(O,O,l)
n-BD=-x+J3y=0
m-BE=
设加=(X,X,Z])是平面5OE的法向量,贝卜
m.BD=+也必=0
取平面BDE的法向量m=
6(f+l)
3(?+l)
cos。=_11
T=2»解得f=3或"-(舍)
,+f+1),23
3+1+
〔3(7+1)J
20、(1)证明见解析(2)2
【解析】(1)依题意可得ACL3C,再由平面ABC,得到K4L5C,即可证明平面PAC;
(2)连接OM,可证〃巳4,即可得到0M,平面ABC,为三棱锥"-ABC的高,再根据锥体的体积公
式计算可得;
【详解】(1)证明:因为AB是半圆。的直径,所以AC,3c.
因为平面ABC,BCu平面ABC,所以
又因为4Cu平面尸AC,B4u平面尸AC,且ACcK4=A
所以平面PAC.
(2)解:因为NABC=30°,AB=4,所以5c=26,S曲=:•AHBCsinSO。=2石.连接OM.因为。、M
分别是AB,m的中点,所以〃出,0加=,八1=百.又?4,平面4台。.所以0加,平面48。.因此加为
2
三棱锥人―ABC的高.所以%_ABC=;X2百x0=2.
【点睛】本题考查线面垂直的证明,锥体的体积的计算,属于中档题.
21、(1)证明见解析
⑵-
9
【解析】(1)连接4。交AG于点。连接通过三角形中位线证明43〃。。即可;
(2)建立空间直角坐标系,利用向量法求解即可.
【小问1详解】
解法1:
如图,连接AC交AG于点。,连接QD,
A
因为在三棱柱ABC-4与G中,四边形ACGA是平行四边形,所以。是4c的中点,
因为。为8C的中点,所以在一43C中,A.B//OD,
因为43(2平面4。。1,0。匚平面4。。1,所以平面43〃平面ADG
解法2:
因为在三棱柱ABC—A与G中,相,面ABC,ZABC=90°,
所以3A,BC,§4两两垂直,故以3点为坐标原点,建立如图的空间直角坐标系,
因为|他|=忸。|=2忸周=2,
所以3(0,0,0),A(2,0,0),D(0,1,0),Q(0,2,1),4(2,0,1),
所以DA=(2「l,0),DC,=(0,1,1),网=(2,0,1),
设平面AD
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