宁夏吴忠市青铜峡市中学高三上学期第二次月考物理试题

青铜峡市高级中学20202021年（一）高三年级10月考试物理学科试卷一.选择题（本题共14小题，共45分。在每小题给出的四个选项中，第111题只有一项符合题目要求，每小题3分，第1214题有多项符合题目要求，每小题4分。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）1.物体做匀加速直线运动,已知第1s末的速度是6m/s,第2s内的平均速度是8m/s,则下列说法正确的是A.物体零时刻的速度是3m/sB.物体的加速度是4m/s2C.任何1s内的速度变化都是2m/sD.前2s内的平均速度是7m/s【答案】B【解析】【详解】物体做匀加速直线运动，所以第2s内的平均速度等于1.5s时刻的瞬时速度，所以，根据加速度定义式得物体的加速度：，根据v=v0+at得，v0=vat=61×4m/s=2m/s，故A错误，B正确；加速度为4m/s2，知任何1s内速度的变化为4m/s，故C错误；前2s内的位移：，则平均速度：，故D错误．所以B正确，ACD错误．2.在日常生活及各项体育运动中，有弹力出现的情况比较普遍，如图所示的情况就是一个实例．当运动员踩压跳板使跳板弯曲到最低点时，下列说法正确的是()A.跳板发生形变，运动员的脚没有发生形变B.运动员受到的支持力，是运动员的脚发生形变而产生的C.此时跳板对运动员的支持力和运动员的重力等大D.此时跳板对运动员的支持力大于运动员的重力【答案】D【解析】【详解】A．根据力的作用的相互性，跳板和运动员都会受到力的作用，所以都会发生形变，故A错误；B．弹力是由施力物体发生形变引起并指向受力物体的，故运动员受到的支持力，是跳板发生形变而产生的；故B错误；C．因为人受重力和支持力作用而弹起，故支持力一定要大于重力；故C错误，D正确．故选：D．3.质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上。用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示。用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A.F逐渐变大，T逐渐变大 B.F逐渐变大，T逐渐变小C.F逐渐变小，T逐渐变大 D.F逐渐变小，T逐渐变小【答案】A【解析】【详解】对结点O进行受力分析，如图所示由题意知O点缓慢向左移动，即在过程中O点始终处于平衡状态，有两式联立可得因此在O点缓慢向左移动的过程中，夹角θ增大，F、T均变大。故选A。4.如图所示，物块A、B质量相等，在恒力F作用下，在水平面上做匀加速直线运动．若物块与水平面间接触面光滑，物块A的加速度大小为a1，物块A、B间的相互作用力大小为F1；若物块与水平面间接触面粗糙，且物块A、B与水平面间的动摩擦因数相同，物块B的加速度大小为a2，物块A、B间的相互作用力大小为F2，则以下判断正确的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】水平面光滑，对物块A和B整体受力分析有解得对B受力分析有，联立上式解得水平面粗糙，对A和B整体受力分析有解得对B受力分析有联立上式解得A.与分析不符，不符合题意B与分析不符，不符合题意C.与分析不符合，不符合题意D.与分析符合，符合题意5.如图所示，PQ为圆的竖直直径，AQ、BQ、CQ为三个光滑斜面轨道，分别与圆相交于A、B、C三点．现让三个小球（可以看作质点）分别沿着AQ、BQ、CQ轨道自端点由静止滑下到Q点，运动的平均速度分别为v1、v2和v3．则有：A.v2＞v1＞v3B.v1＞v2＞v3C.v3＞v1＞v2D.v1＞v3＞v2【答案】A【解析】【分析】设任一斜面的倾角为θ，圆槽直径为d，根据牛顿第二定律得出加速度与θ的关系，由运动学求出时间与θ和d的关系，由数学知识分析时间关系，然后分析平均速度．【详解】设任一斜面的倾角为θ，圆槽直径为d．根据牛顿第二定律得到：a=gsinθ，斜面的长度为x=dsinθ，则有：x=at2得，可见，物体下滑时间与斜面的倾角无关．则有t1=t2=t3．根据可知，因x2＞x1＞x3，可知v2＞v1＞v3，故选A.6.如图所示，质量均为m的A、B两小球用两轻弹簧连接悬挂于天花板上并处于静止状态，已知重力加速度为g。现在B上再施加一竖直向下的大小为mg的力，在力刚作用于B球的瞬间（）A.B球加速度大小为，A球加速度大小为B.B球加速度大小为2g，A球加速度大小为C.B球加速度大小为0，A球加速度大小为gD.B球加速度大小为g，A球加速度大小为0【答案】D【解析】【详解】在B上再施加一竖直向下的大小为mg的力前，上方的弹簧对整体的拉力是2mg，下方的弹簧对B球拉力是mg，在B上再施加一竖直向下的大小为mg的力后瞬间，上方弹簧的拉力和下方的弹簧拉力不变，球A受重力，上方弹簧的拉力及下方弹簧的拉力，合力为故加速度为0，对B，受到重力，向上的拉力，及向下的拉力，根据牛顿第二定律可知解得故选D。7.如图所示，一水平的浅色长传送带上放置一质量为m的煤块(可视为质点)，煤块与传送带之间的动摩擦因数为μ.初始时，传送带与煤块都是静止的．现让传送带以恒定的加速度a开始运动，当其速度达到v后，便以此速度做匀速运动．经过一段时间，煤块在传送带上留下了一段黑色痕迹后，煤块相对于传送带不再滑动，关于上述过程，以下判断正确的是(重力加速度为g)()A.μ与a之间一定满足关系B.煤块从开始运动到相对于传送带静止经历的位移为C.煤块从开始运动到相对于传送带静止经历的时间为D.黑色痕迹的长度为【答案】C【解析】【详解】A.要发生相对滑动，传送带的加速度需大于煤块的加速度，即，则有：故选项A不符合题意；

BC.当煤块的速度达到时，经历的时间：经过的位移：故选项B不符合题意，C符合题意；D.此时传送带的位移：则黑色痕迹的长度：故选项D不符合题意．8.如图，在水平桌面上放置一斜面体P，两长方体物块a和b叠放在P的斜面上，整个系统处于静止状态．若将a和b、b与P、P与桌面之间摩擦力的大小分别用f1、f2和f3表示．则（）．A.f1=0，f2≠0，f3≠0 B.f1≠0，f2≠0，f3=0C.f1≠0，f2=0，f3=0 D.f1≠0，f2≠0，f3≠0【答案】B【解析】【详解】对a物体分析可知，a物体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因此a受到b向上的摩擦力；f1≠0；再对ab整体分析可知，ab整体受重力、支持力的作用，有沿斜面向下滑动的趋势，因此b受到P向上的摩擦力；f2≠0；对ab及P组成的整体分析，由于整体在水平方向不受外力，因此P不受地面的摩擦力；f3=0；故故选C．【点睛】本题考查静摩擦力的分析和判断，要注意明确静摩擦力随物体受到的外力的变化而变化；同时明确静摩擦力产生的条件，从而分析是否存在摩擦力；同时注意整体法与隔离法的正确应用．9.如图所示，质量为M的长平板车放在光滑的倾角为α的斜面上，车上站着一质量为m的人，若要平板车静止在斜面上，车上的人应当（）A.匀速向下奔跑B.以加速度向下加速奔跑C.以加速度向下加速奔跑D.以加速度向上加速奔跑【答案】C【解析】车静止不动，受到重力、支持力、正压力和沿斜面向上的摩擦力，摩擦力的大小等于Mgsinθ,以人为研究对象，，C对；10.如图所示，A、B两物体叠放在一起，以相同的初速度上抛（不计空气阻力）．下列说法正确的是A.在上升和下降过程中A对B的压力一定为零B.上升过程中A对B的压力大于A物体受到的重力C.下降过程中A对B的压力大于A物体受到的重力D.在上升和下降过程中A对B的压力等于A物体受到的重力【答案】A【解析】解：以A、B整体为研究对象：在上升和下降过程中仅受重力，由牛顿第二定律知加速度为g，方向竖直向下．再以A为研究对象：因加速度为g，方向竖直向下，由牛顿第二定律知A所受合力为A的重力，所以A仅受重力作用，即A和B之间没有作用力．故选A．【点评】本题是整体法和隔离法的应用，整体跟部分的运动情况相同，可以通过计算整体的加速度来确定部分的加速度，再对部分进行受力分析，得出最终结论．11.如图所示，质点沿曲线从A向B做减速运动，则质点在运动路线上C点时合外力的方向可能正确的是（）A.F1 B.F2 C.F3 D.F【答案】A【解析】【详解】当合力的方向与速度方向不在同一条直线上时，物体做曲线运动，曲线运动轨迹特点是轨迹夹在合力与速度方向之间，合力大致指向轨迹凹的一向；根据该特点知，只有方向、可能，又由于质点做减速运动，所以合外力与速度之间的夹角是钝角，所以合外力的方向正确的是，故A正确，B、C、D错误；故选A。12.地面上有质量为M的重物，用力F竖直向上提它，力F和物体加速度a的函数关系如图所示，则下列说法正确的是A.图中直线的斜率表示物体的质量MB.图中A点对应的值为物体重力的大小C.图中延长线与纵轴交点B的数值的绝对值等于该地的重力加速度D.物体向上运动的加速度a和力F成正比【答案】BC【解析】【详解】A．对物体根据牛顿定律可知FMg=Ma变形可得所以图中直线的斜率的倒数表示物体的质量M，选项A错误；B．当a=0时可得F=Mg所以图中A点对应的值为物体重力的大小，B选项正确；C．当F=0时，可得a=g图中延长线与纵轴的交点B的数值的绝对值等于该地的重力加速度，C选项正确；D．物体向上运动的加速度a和力F是线性关系但不是成正比关系，D选项错误．故选BC。13.如图所示，物块A叠放在木板B上，且均处于静止状态，已知水平地面光滑，A、B间的动摩擦因数μ=0.2，现对A施加一水平向右的拉力F，测得B的加速度a与拉力F的关系如图乙所示，下列说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2）A.当F＜24N时，A、B都相对地面静止B.当F＞24N时，A相对B发生滑动C.A的质量为4kgD.B的质量为24kg【答案】BC【解析】【详解】当A与B间的摩擦力达到最大静摩擦力后，A、B会发生相对滑动，由图可知，B的最大加速度为4m/s2，即拉力F＞24N时，A相对B发生滑动，当F＜24N时，A、B保持相对静止，一起做匀加速直线运动，故A错误，B正确．对B，根据牛顿第二定律得，aB＝＝4m/s2，对A，根据牛顿第二定律得，aA＝=4m/s2，F=24N，解得mA=4kg，mB=2kg，故C正确，D错误．故选BC．14.如图所示，在山体下的水平地面上有一静止长木板，某次山体滑坡，有石块从山坡上滑下后，恰好以速度v1滑上长木板，石块与长木板、长木板与水平地面之间都存在摩擦．设最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力的大小，且石块始终未滑出长木板．下面给出了石块在长木板上滑行的v－t图象，其中可能正确的是()A. B.C. D.【答案】BD【解析】【详解】A．由于石块与长木板、长木板与地面之间都有摩擦，故石块不可能做匀速直线运动，故A错误；BC．设石块与长木板之间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面之间的动摩擦因数为μ2，石块的质量为m，长木板的质量为M，当:μ1mg＞μ2(M＋m)g最终石块与长木板将一起做匀减速直线运动，此时的加速度为μ2g，由μ1mg＞μ2(M＋m)g可得：μ1mg＞μ2mg即石块刚开始的加速度大于石块与长木板一起减速时的加速度，即μ1g＞μ2g，也就是说图象的斜率将变小，故C错误，D．若石块对长木板向右滑动摩擦力小于地面对长木板的最大静摩擦力，则长木板将静止不动，石块将在长木板上做匀减速直线运动，故D正确；二.实验题（5分+10分=15分）15.(1)在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，以下说法正确的是_______________；A.弹簧被拉伸时，所挂钩码越多，误差越小B.用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C.用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D.用几根不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等(2)某同学做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用直尺测出弹簧的原长，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上钩码后测出弹簧伸长后的长度L，把作为弹簧的伸长量x，这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后画出的图线可能是图中的________。A.B.C.D.【答案】(1).B(2).C【解析】【详解】(1)[1]A．在悬挂钩码时，在不超出量程的前提下可以任意增加钩码的个数，故A错误；B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读出读数，故B正确；C．弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度减去弹簧的原长，故C错误；D．拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决定，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故D错误。故选B；(2)[2]实验中用横轴表示弹簧的伸长量x，纵轴表示弹簧的拉力F（即所挂重物的重力大小），由F=kx可知，不考虑弹簧重力时图象过原点；如果考虑弹簧自身的重力，不挂钩钩码时伸长量已经不为零，故ABD错误，C正确。故选C。16.“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图甲所示，已知打点计时器所用电源频率为50Hz，试回答下列问题。(1)实验中在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图乙所示，A、B、C、D、E、F、G这些点的间距如图中标示，其中每相邻两点间还有4个计时点未画出。根据测量结果计算：打C点时小车的速度大小为________m/s；小车运动的加速度大小为________m/s2。(结果保留三位有效数字)(2)平衡好摩擦力后，将5个相同的砝码都放在小车上，挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度。根据小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据作出的a­F图线如图丙所示，此图线不通过原点的主要原因是_____________。(3)某次在利用上述已调整好的装置进行实验时，保持砝码盘中砝码个数不变，小车自身的质量保持不变(已知小车的质量远大于砝码盘和盘中砝码的质量)，在小车上加一个砝码，并测出此时小车的加速度a，调整小车上的砝码数量，进行多次实验，得到多组数据，以小车上砝码的质量m为横坐标，相应加速度的倒数为纵坐标，在坐标纸上作出如图丁所示的m关系图线，实验结果验证了牛顿第二定律。如果图中纵轴上的截距为b，图线的斜率为k，则小车受到的拉力大小为________，小车的质量为________。【答案】(1).1.18(2).1.50(3).未计入砝码盘的重力(4).(5).【解析】【详解】(1)[1]由图可得相邻计数点间的时间间隔打C点时小车的速度大小[2]小车运动的加速度(2)[3]平衡摩擦力后，F=0时就产生了加速度，说明未计入砝码盘重力。(3)[4][5]根据题意，由牛顿第二定律得则则图象的纵轴上的截距和斜率解得小车受到的拉力大小小车的质量三、计算题（每题10分，共计40分）解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位17.如图所示，沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中，悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角，球和车厢相对静止，球的质量为1kg.(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)求：(1)车厢运动的加速度并说明车厢的运动情况；(2)悬线对球的拉力．【答案】（1）车厢运动的加速度大小为7.5m/s2，方向水平向右，车厢可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动．

（2）悬线对球的拉力为12.5N．【解析】【详解】（1）车厢的加速度与小球加速度相同，对小球进行受力分析，根据牛顿第二定律得：所以车厢的加速度大小为7.5m/s2，方向水平向右，所以车厢可能向右做匀加速运动，也可能向左做匀减速运动．

（2）由图可知：18.某同学表演魔术时，将一小型条形磁铁藏在自己的袖子里，然后对着一悬挂的金属小球指手画脚，结果小球在他神奇的功力下飘动起来。假设当隐藏的小磁铁位于小球的左上方某一位置时，金属小球偏离竖直方向的夹角也是，如图所示。已知小球的质量为，该同学(含磁铁)的质量为，求此时：(1)悬挂小球的细线的拉力大小为多少？(2)该同学受到地面的支持力和摩擦力大小各为多少？【答案】（1）．（2）；【解析】【详解】（1）对小球受力分析：重力、细线的拉力和磁铁的引力，设细线的拉力和磁铁的引力分别为和．根据平衡条件得：水平方向：竖直方向：解得：（2）以人为研究对象，分析受力情况：重力、地面的支持力、静摩