山东省2023年中考物理模拟试卷及答案八

山东省2023年中考物理模拟试卷及答案汇总八一、单项选择题（满分20分，共10题，每题2分。每题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1．下列有关能源和信息的说法正确的是（）A．利用声呐系统探测海底深度，声呐发出的是次声波B．核电站是利用核裂变的能量来发电的C．“北斗”导航是利用超声波进行定位和导航的D．因为能量在转化过程中是守恒的，所以能源是“取之不尽，用之不竭”的2．毛泽东写的词《沁园春•雪》中“北国风光，千里冰封，万里雪飘”的景象所对应的主要物态变化是（）A．汽化和液化 B．凝固和凝华 C．汽化和升华 D．凝固和熔化3．大力发展核能是解决能源危机的主要出路之一。如图是核电站工作流程图，关于流程中各装置的能量转化，不正确的是（）A．核反应堆：核能转化为内能 B．蒸汽轮机：内能转化为机械能C．发电机：电能转化为机械能 D．电采暖：电能转化为内能4．声音由物体振动产生并以波的形式向四周传播。小明用图甲所示的实验装置将音叉发出的声音信号输入计算机，观察到计算机上的波形如图乙所示。下列有关音叉发出声音的说法与实际不符的是（）A．声音是通过空气传播到接收器的B．在传播过程中，声音的音调和音色保持不变C．在传播过程中，声音的响度保持不变D．接收器将变化的声音信号转变为变化的电流信号传输给计算机5．下列光现象与平面镜成像的原理相同的是（）A．透过树丛的光束 B．雨后的彩虹C．水中的倒影 D．海市蜃楼6．设计如图所示的实验，主要是为了探究下列哪个设备的工作原理（）A．发电机 B．电动机 C．通电螺线管 D．电磁继电器7．如图所示为探究阻力对物体运动的影响的实验装置。关于该实验，下列说法正确的是（）A．小车从斜面同一高度自由滑下时，到达水平面时的初速度相同B．小车在棉布水平面上运动过程中处于平衡状态C．小车在木板水平面上速度减小得最慢，此时它的惯性最大D．该实验可以得出力是维持物体运动的原因8．如图甲所示电路，闭合开关S后，两个灯泡都能发光，电流表A1和A2指针的位置均如图乙所示。则下列说法错误的是（）A．电流表A2的读数是0.3AB．灯泡L1和L2并联C．电流表A1一定连接“﹣”“3”接线柱D．通过灯泡L1的电流为1.5A9．人类最早的磁化技术出现在我国宋代。据《武经总要》记载，古人先将鱼形铁烧红，令铁鱼头尾指向南北，如图甲所示，然后将其放入水中冷却，依靠地磁场获得磁性，再将其放入水中漂浮，制成指南鱼，图乙中是它静止时的指向。下列判断不正确的是（）A．鱼形铁能被磁体吸引B．指南鱼漂浮在水中受到的浮力等于它受到的重力C．指南鱼鱼头应标注“N”D．指南鱼的腹部磁性最强10．某同学用石块、细线、弹簧测力计、烧杯、水和食盐等器材，进行如图所示的实验探究。下列说法正确的是（）A．石块在水中受到的浮力方向总是竖直向下的B．图乙中石块所受浮力和拉力的合力的大小等于它所受重力C．石块浸没在水中和浸没在盐水中所受的浮力之比是4：5D．石块浸没在水中时，排开水的体积为1.2×10﹣4m3二、多项选择题（满分15分，共5题。每题给出的四个选项中，有2～3个选项符合题目要求，全选对得3分，涡选得2分。错选或不选得0分）11．下列关于物理概念和规律的说法正确的是（）A．汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能B．由公式I=UC．使用机械既可以省力也可以省功D．指南针能指南是由于地磁场对指南针有力的作用12．如图甲是测量大气压强的实验装置，玻璃管长约1m，槽内装有水银。下列说法正确的是（）A．此装置是一个连通器B．第一次利用上述装置测出大气压强的科学家是帕斯卡C．在实验中，若玻璃管内混入少量空气，如图乙所示，所测的大气压值p0＝p气+p水银D．将此装置从山脚移到山顶，管内、外水银面的高度差变小13．小雨同学家购买了一款如图甲所示户外分体式燃气炉，准备去户外野炊。该燃气炉的部分铭牌如表所示，其中“功率4500W”是指气体燃料完全燃烧时燃气炉每秒放出4500J的热量。下列说法不正确的是（）【品名】XX牌分体式防风燃气炉【材料】不锈钢铜铸铝【规格】展开φ260×116mm折叠φ127×132mm【功率】4500WA．气体燃料在常温下是通过降低温度的方式液化存储在储气罐内B．用燃气炉给水加热的过程中，是通过热传递改变了水的内能C．使用过程中，罐体温度变低是因为燃料发生升华时要吸收热量D．在标准大气压下，用该燃气炉将1L水从25℃加热到沸腾用时140s，燃气炉烧水时的效率是50%14．小明利用轻质杠杆探究杠杆的平衡条件，如图所示。下列关于实验过程的说法正确的是（）A．杠杆静止时如图甲所示，为便于测力臂应将平衡螺母向左调节使杠杆在水平位置平衡B．如图乙所示，在A点挂4个钩码，在B点挂6个钩码，仍可使杠杆在水平位置平衡C．用弹簧测力计沿图乙所示方向拉杠杆，每个钩码的重力为0.5N，不断改变弹簧测力的作用点和力的大小，使杠杆在水平位置平衡，弹簧测力计的示数会小于1.5ND．图丙实验中弹簧测力计的拉力F与其力臂l1的关系图象如图丁所示，图象中每个点两坐标轴围成的方形面积相等15．某科技小组设计了一个监测水位的装置，其原理如图甲所示。在电路中，电源电压保持不变，R0为阻值为30Ω的定值电阻，R是竖直放置的长条形电阻片，浮子可带动金属滑杆AP在竖直方向上下移动，AP与R组成滑动变阻器（最大阻值为60Ω），当电流表的示数达到某一数值时提醒监测员水位达到警戒值。R接入电路的阻值随水位的变化关系如图乙所示，电路工作时电压表与电流表的变化关系如图丙所示。则下列说法正确的是（）A．当水位升高时，电流表的示数变大，电压表的示数变小B．该电路的电源电压是9VC．该电路工作时的最小总功率是0.3WD．当水位达到警戒水位时，电流表的示数为0.2A三、填空与作图题（满分20分，共5题）16．中华传统节日的习俗蕴含了许多物理知识。（1）春节吃饺子是中华民族的传统习俗。包饺子时，捏出漂亮的花边，说明力可以改变物体的；生饺子放入锅中开始沉在锅底是因为，煮一段时间，饺子会上浮，在上浮过程中，饺子受到水的压强会（选填“变大”“变小”或“不变”）。（2）中国传统佳节端午节有吃粽子和赛龙舟的习俗。“赛龙舟”比赛时，船桨属于（选填“省力”或“费力”）杠杆；如图所示，参赛者用力向后划桨，龙舟向前运动，这说明物体间。17．2022年6月5日，我国在酒泉卫星发射中心成功将搭载“神舟十四号”载人飞船的“长征二号”F遥十四运载火箭发射升空。“神舟十四号”载人飞船入轨后，采用自主快速交会对接模式，对接于“天和核心舱”径向端口，与“天和核心舱”及“天舟三号”“天舟四号”货运飞船形成组合体。（1）“长征二号”F遥十四运载火箭是用液态氢作为燃料，因为液态氢具有较高的（选填“热值”或“比热容”）。（2）“神舟十四号”载人飞船受到火箭的推力加速升空，说明力可以改变物体的。（3）“长征二号”F遥十四运载火箭搭载“神舟十四号”载人飞船加速升空过程中，飞船的惯性（选填“变大”“变小”或“不变”）。（4）升空后，“神舟十四号”载人飞船与“长征二号”F遥十四运载火箭成功分离前，飞船相对于火箭是（选填“静止”或“运动”）的。18．在北京冬奥会上，中国运动员苏翊鸣勇夺单板滑雪大跳台金牌。（1）滑雪板底做得越宽大，在它对雪地的压力一定时，对雪地的压强。（2）如图所示，苏翊鸣由A点运动到B点时动能（选填“增大”、“减小”或“不变”）。（3）若滑雪板与雪地的总接触面积为0.4m2，苏翊鸣和滑雪板的总质量为72kg，当他穿着滑雪板站立在水平雪地上时，对雪地的压强为Pa。（g取10N/kg）19．A、B泡沫小球静止时如图所示，已知A球带正电，则：（1）B球（选填“一定”或“不一定”）带负电；（2）在图中画出A球所受力的示意图。20．小明家买了一台储水式电热水器，其外观如图甲所示，图乙是热水器的剖视图，热水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管，c和d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。（1）电加热管通电时电能转化为能。（2）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，密度变。（3）如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做得较长，这个水龙头的手柄相当于一个（选填“省力”“费力”或“等臂”）杠杆。（4）电热水器面板上有两个控制开关S1、S2，两个电加热管分别用R1、R2表示，要求S1单独控制R1，S2单独控制R2，两个开关同时闭合时R1与R2同时加热。请你在图丙中，用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。四、实验探究题（满分30分，共5题）21．在“探究凸透镜成像规律”的实验中。（1）关于如图所示“探究凸透镜成像规律”的实验，光路是通过模型法画出来的，该光路图说明凸透镜成像的原理是（选填“光沿直线传播”“光的反射”或“光的折射”）。（2）如表是小雨在实验过程中设计的实验表格，请你在表格中横线处补全缺少的项目。小雨用焦距为f的凸透镜做实验，蜡烛放到较远处，调整光屏到凸透镜的距离，直到烛焰在光屏上成清晰的实像，观察像的性质，同时测出此时物距和像距，把蜡烛向凸透镜移近一些，重复以上操作。把实验测出的数据和成像的性质填入表中。物距u/cm像的性质像距v/cm虚实大小正倒30实缩小倒立1520实等大倒立2015实倒立305虚放大/（3）通过分析表中数据可以得到，小雨做实验使用的凸透镜的焦距为cm；还可以得出规律：凸透镜成实像时，物距变小，像距（选填“变大”、“变小”或“不变”）。22．小明同学利用如图甲所示装置和器材，探究水沸腾的特点和物质的吸热能力。（1）小明设计的电路中的R1、R2必须满足的条件是阻值相等，这样做相当于水和油被两个完全相同的电加热器加热，实验中用反映液体吸收热量的多少。（2）只闭合开关S2，观察水的沸腾。根据实验数据，小明作出了水的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示。分析图象可知，水沸腾过程中，继续吸热，温度，水的内能（选填“增加”“减少”或“不变”），实验时周围环境的大气压（选填“低于”或“高于”）标准大气压。（3）断开开关S2，待水冷却后，闭合开关S1、S2，继续探究物质的吸热能力。小明应控制水和油的、初温相同，并控制水的末温低于℃。实验表明，水的末温比油低，水的吸热能力比油。23．综合实践课上，小薇同学用“伏安法”测量小灯泡的额定电功率，选用的小灯泡上标有“2.5V”字样，已知电源电压恒为4.5V，滑动变阻器的规格为“30Ω1A”。序号U/VI/AP/W11.00.180.1821.50.220.3332.00.240.4842.5（1）请在图甲中用笔画线代替导线，帮小薇完成实物电路的连接。（2）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最（选填“左”或“右”）端。（3）闭合开关后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，小灯泡始终不发光且电压表的示数为零，电流表有示数，产生这一现象的原因是____。A．小灯泡短路 B．小灯泡断路C．滑动变阻器短路 D．滑动变阻器断路（4）排除故障后继续实验，她将得到的数据记录在表格中，当电压表的示数为V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示为A，则小灯泡的额定功率为W。小灯泡正常发光时的电阻为Ω（结果精确到0.1）。（5）实验结束后，她看见桌面上还有一个阻值为20Ω的定值电阻，想按照表格给定的四组电压值，验证导体中电流与电压的关系，但使用目前已有器材无法完成，若想完成实验，她只需更换一个元件，该元件为____。A．滑动变阻器规格为“80Ω1A”B．滑动变阻器规格为“50Ω2A”24．如图甲是叶子姐姐自制的小风扇，使用时发现小风扇转动，但风却向后吹。叶子姐姐设计了如图乙所示的实验，探究其原因。（1）闭合开关，给导体棒ab通电，发现导体棒ab向右运动，这表明导体棒ab在磁场中受到的作用。（2）保持磁场方向不变，将电源正、负极对调后接入电路，闭合开关，发现导体棒ab向左运动，这表明。（3）保持电流方向不变，将磁体的两极对调，闭合开关，发现导体棒ab向右运动，这表明。（4）上述实验的原理与____装置的原理相同。A．动圈式话筒 B．扬声器25．如图所示是“测量小车的平均速度”的实验装置。实验时让质量为200g的小车从粗糙斜面的A点由静止滑下，分别测出小车到达B点和C点的时间，即可求出不同路段的平均速度。（1）实验原理是。（2）实验时，为了使小车在斜面上运动的时间长些，便于测量时间，应（选填“增大”或“减小”）斜面的倾斜角度。（3）小车从A点运动到B点所用时间tAB＝s；从A点到C点的路程sAC＝cm；小车在AC段的平均速度vAC＝m/s。（4）小车所受重力在BC段所做的功与在AB段所做的功的比值是。五、计算题（满分15分，共2题）26．如图甲所示的电路中，电源电压不变，定值电阻R0＝10Ω，滑动变阻器R最大阻值为10Ω，灯泡标有“6V4.8W”，灯泡的“I﹣U”图像如图乙，当只闭合开关S、S1，滑动变阻器滑片位于最右端时，通过灯泡L的电流为0.6A。求：（画出等效电路图）（1）电源电压是多少？（2）灯泡正常工作时，滑动变阻器接入电路中的阻值；（3）只闭合开关S、S2，电路消耗的最小电功率。27．某项目建设中，工人操作电动机通过如图所示滑轮组将一正方体石料从水池底竖直匀速吊起。石料的边长为0.2m，石料所受的重力为200N，石料匀速上升的过程中，上升的高度与时间的关系图象如图乙所示，已知圆柱形水池的底面积为0.2m2，石料露出水面前滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg。（1）求石料露出水面前受到的浮力。（2）滑轮组中动滑轮受到的重力是多少？（3）推导出该过程中电动机的输出功率P（单位：W）与时间t（单位：s）的函数关系式。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A.利用声呐系统探测海底深度，声呐发出的是超声波，故A错误；

B.核电站是利用核裂变的能量来发电的，故B正确；

C.“北斗”导航是利用电磁波进行定位和导航的，故C错误；

D.因为能量在转化过程中是守恒的，但是由于很多能量形式不能被人类再次利用，因此需要节约能源，故D错误。

故选B。

【分析】A.根据超声波的应用判断；

B.根据核电站的原理判断；

C.根据电磁波的应用判断；

D.根据能量转化和转移的方向性判断。2．【答案】B【解析】【解答】根据描述可知，其中的冰是水从液态变成固态发生凝固形成的，而雪花是水蒸气从气态变成固态发生凝华形成的，故B正确，而A、C、D错误。

故选B。

【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。3．【答案】C【解析】【解答】A.核反应堆：核能转化为内能，故A正确不合题意；

B.蒸汽轮机：内能转化为机械能，故B正确不合题意；

C.发电机：机械能转化为内能，故C错误符合题意；

D.电采暖：电能转化为内能，故D正确不合题意。

故选C。

【分析】根据核电站各部分的能量转化的知识判断。4．【答案】C【解析】【解答】A.根据图片可知，声音是通过空气传播到接收器的，故A正确不合题意；

B.在传播过程中，发声体的振动频率和发声特点不变，即声音的音调和音色保持不变，故B正确不合题意；

C.在传播过程中，根据图乙可知，波峰和波谷的距离减小，即振幅减小，那么声音的响度减小，故C错误符合题意；

D.接收器将变化的声音信号转变为变化的电流信号传输给计算机，故D正确不合题意。

故选C。

【分析】A.根据声音传播的知识判断；

B.音调由频率决定，音色由发声体的特点决定；

C.响度由振幅大小决定；

D.根据这个装置的工作原理判断。5．【答案】C【解析】【解答】A.透过树丛的光束，说明光沿直线传播，故A不合题意；

B.雨后的彩虹，属于光的色散现象，故B不合题意；

C.水中的倒影，属于光的反射现象，故C符合题意；

D.海市蜃楼，属于光的折射现象，故D不合题意。

故选C。

【分析】根据平面镜成像的原理是光的反射，结合图片分析各个选项中包含的光学原理即可。6．【答案】A【解析】【解答】根据图片可知，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针发生偏转，这就是电磁感应现象，为发电机的工作原理，故A正确，而B、C、D错误。

故选A。

【分析】根据图片分析其中包含的物理原理是电磁感应原理，再与各个选项进行对照即可。7．【答案】A【解析】【解答】A.小车从斜面同一高度自由滑下时，到达水平面时的初速度相同，故A正确；

B.小车在棉布水平面上运动过程中速度逐渐减小，则处于非平衡状态，故B错误；

C.小车在木板水平面上速度减小得最慢，但是它的质量不变，那么它的惯性大小不变，故C错误；

D.该实验可以得出力是改变物体运动状态的原因，故D错误。

故选A。

【分析】A.根据控制变量法的要求判断；

B.平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态；

C.惯性大小只与质量大小有关；

D.根据力与运动的关系判断。8．【答案】D【解析】【解答】B.根据图片可知，灯泡L1和L2并排连接在电路中，为并联，故B正确不合题意；

ACD.电流表A1在干路上，A2测灯泡L1的电流。根据I总=I1+I2可知，A1示数大于A2的示数。根据图乙可知，A1的量程为0-3A，分度值为0.1A，则示数为1.5A，选择量程0~3A；A2的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.3A。那么通过灯泡L1的电流为：I1=I总-I2=1.5A-0.3A=1.2A，故A、C正确不合题意，而D错误符合题意。

故选D。

【分析】B.用电器首尾相连为串联，并排连接在电路两点之间为并联；

AD.根据并联电路的特点比较两个电流表的示数大小，再根据乙图读出示数即可；

C.根据A1的示数确定量程。9．【答案】D【解析】【解答】A.所有磁体都有吸引铁、钴、镍等物质的性质，故A正确不合题意；

B.根据漂浮条件可知，指南鱼漂浮时受到的浮力等于重力，故B正确不合题意；

C.根据图片可知，指南鱼的鱼头指向北，因此鱼头标注N极，故C正确不合题意；

D.指南鱼相当于条形磁铁，而两端磁性最强，中间磁性最弱，故D错误符合题意。

故选D。

【分析】A.根据磁体的性质判断；

B.根据浮沉条件判断；

C.当磁体旋转后静止下来时，指南的一端为S极，指北的一端为N极；

D.根据条形磁铁的特点判断。10．【答案】B【解析】【解答】A.石块在水中受到的浮力方向总是竖直向上的，故A错误；

B.图乙中石块处于静止状态，则它受到的向上的浮力和拉力，与向下的重力相互平衡，即F浮力+F拉=G，故B正确；

C.根据图片可知，石块浸没在水中受到的浮力：F浮=G-F拉=2N-1N=1N，浸没在盐水中受到的浮力：F浮'=G-F拉'=2N-0.8N=1.2N。那么二者的浮力之比为：1N：1.2N=5：6，故C错误；

D.石块排开水的体积：V排=F浮ρ液g=1N103kg/m3×10N/kg=1011．【答案】A,B,D【解析】【解答】A.汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，故A正确；

B.由公式I=UR可知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故B正确；

C.使用机械既可以省力，但不能省功，故C错误；

D.指南针能指南是由于地磁场对指南针有力的作用，故D正确。

故选ABD。

【分析】A.根据能量转化知识判断；

B.根据对欧姆定律的认识判断；

C.使用任何机械都不能省功；12．【答案】C,D【解析】【解答】A.根据图片可知，玻璃管和水银槽的底部连通，上面的玻璃管没有开口，因此不是连通器，故A错误；

B.第一次利用上述装置测出大气压强的科学家是托里拆利，故B错误；

C.在实验中，若玻璃管内混入少量空气，如图乙所示，则气体压强和水银柱的压强之和等于外面的大气压强，即所测的大气压值p0＝p气+p水银，故C正确；

D.将此装置从山脚移到山顶，则大气压强减小，那么管内、外水银面的高度差变小，故D正确。

故选CD。

【分析】A.上面开口，底部连通的容器为连通器；

B.根据有关大气压强的科学发展史判断；

C.根据平衡力的知识分析；

D.根据大气压强随高度的变化规律判断。13．【答案】A,C【解析】【解答】A.气体燃料在常温下是通过压缩体积的方式液化存储在储气罐内，故A错误符合题意；

B.用燃气炉给水加热的过程中，是通过热传递改变了水的内能，故B正确不合题意；

C.使用过程中，罐体温度变低是因为燃料发生汽化时要吸收热量，故C错误符合题意；

D.在标准大气压下，用该燃气炉将1L水从25℃加热到沸腾时吸收热量：Q=cm△t=4.2×103J/（kg·℃）×（103kg/m3×10-3m3）×（100℃-25℃）=3.15×105J；

煤气燃烧放出的热量：Q放=Pt=4500J/s×140s=6.3×105J；

那么煤气炉的效率为：η=QQ放=3.15×105J6.3×105J=50%，故D正确不合题意。

故选AC。

【分析】A.液化的方法：降低温度和压缩体积；

14．【答案】A,B,D【解析】【解答】A.根据甲图可知，杠杆的左端上翘，则左端轻，那么平衡螺母应该向左调节，故A正确；

B.如图乙所示，在A点挂4个钩码，在B点挂6个钩码时，左边：4G×3L=12GL；右边：6G×2L=12GL，则此时杠杆平衡，故B正确；

C.根据丙图可知，当测力计斜着拉动时，动力臂会变小，则测力计的示数会大于1.5N，故C错误；

D.根据丁图可知，横轴表示力臂L1，纵轴表示动力F1，二者的乘积F1L1=F2L2，则与坐标轴围成的长方形面积相等，故D正确。

故选ABD。

【分析】A.平衡螺母总是向轻的那端调节；

B.根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2分析判断；

C.注意分析动力臂的长度变化即可；

D.根据长方形的面积公式分析判断。15．【答案】A,B,D【解析】【解答】A.闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测通过电路的电流。由图甲可知。当水位升高时，滑片向上移动，此时滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联分压原理可知电压表示数变小。总电阻变小，电源电压不变，根据欧姆定律I=UR可知，电流表的示数变大，故A正确；

B.当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，此时只有定值电阻，此时通过电路的电流最大，

由丙图可知通过电路的最大电流为0.3A，

根据欧姆定律可得：U=IR0=0.3A×R0①，

由图丙可知，此时电压表的示数为6V，变阻器的电阻为60Ω，

通过电路的最小电流为I变=U变R变=6V60Ω=0.1A，

则根据欧姆定律可得电源电压：U=UR+I′R0=6V+0.1A×R0②，

联立①②可得：R0=30Ω，U=9V，故B正确；

C.该电路工作时的最小总功率：P=UI′=9V×0.1A=0.9W，故C错误；

D.由乙图可知：175m×k+b=60Ω，195m×k+b=0Ω，

两式联立可得：k=-3Ω/m，b=585Ω，

则R=-3Ω/m×h+585Ω，

当水位达到警戒水位190m时，滑动变阻器接入电路的电阻为R=-3Ω/m×190m+585Ω=15Ω，

根据欧姆定律可得通过电路的电流：I''=U16．【答案】（1）形状；生饺子受到的重力大于受到的浮力；变小（2）费力；力的作用是相互的【解析】【解答】（1）①包饺子时，捏出漂亮的花边，说明力可以改变物体的形状；

②生饺子放入锅中开始沉在锅底是因为生饺子受到的重力大于受到的浮力；

③煮一段时间，饺子会上浮，在上浮过程中，饺子的深度减小，根据液体压强公式p=ρ液gh可知，饺子受到水的压强会变小。

（2）船桨与船身相连的位置为支点，阻力作用在桨头上，动力作用在手柄上。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆。

②参赛者用力向后划桨，龙舟向前运动，这说明物体间力的作用是相互的。

【分析】（1）①力的作用效果包括：①力改变物体的形状；②力改变物体的运动状态；

②根据物体的浮沉条件解答；

③根据液体压强公式p=ρ液gh分析饺子受到压强的变化。

（2）①比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类；

②根据力的作用的相互性分析解答。17．【答案】（1）热值（2）运动状态（3）不变（4）静止【解析】【解答】（1）“长征二号”F遥十四运载火箭是用液态氢作为燃料，因为液态氢具有较高的热值。

（2）“神舟十四号”载人飞船受到火箭的推力加速升空，说明力可以改变物体的运动状态。

（3）载人飞船加速升空过程中，飞船的质量不变，则它的惯性不变。

（4）升空后，“神舟十四号”载人飞船与“长征二号”F遥十四运载火箭成功分离前，飞船相对于火箭是的位置保持不变，因此飞船是静止的。

【分析】（1）热值是表示燃料燃烧放热本领大小的物理量；

（2）运动状态的改变包括：静止变运动，运动变静止，速度大小改变或运动方向改变；

（3）物体的惯性大小与质量大小有关；

（4）根据参照物的知识分析。18．【答案】（1）越小（2）减小（3）1800【解析】【解答】（1）滑雪板底做得越宽大，则接触面积越大，则在它对雪地的压力一定时，对雪地的压强越小。

（2）如图所示，苏翊鸣由A点运动到B点时质量不变，速度减小，则动能减小；

（3）滑雪板对地面的压力F=G=mg=72kg×10N/kg=720N；

则滑雪板对地面的压强：p=FS=720N0.4m2=1800Pa。

【分析】（1）减小压强的方法：①减小压力；19．【答案】（1）不一定（2）【解析】【解答】（1）A和B相互吸引，而A带正电，那么B：①可能不带电，因为带电体吸引轻小物体；②可能带负电，因为异种电荷相互吸引；

（2）根据图片可知，小球A受到竖直向下的重力，水平向右的吸引力，沿细线斜向上的拉力，三者都作用在小球的重心上，如下图所示：

【分析】（1）所有的带电体都能吸引轻小物体，结合电荷之间的相互作用规律分析解答；

（2）对A球进行受力分析，确定力的三要素，然后沿力的方向画带箭头的线段即可。20．【答案】（1）内（2）小（3）省力（4）【解析】【解答】（1）电加热管通电时电能转化为内能。

（2）水受热后体积膨胀，但是质量不变，根据ρ=mV可知，水的密度变小。

（3）水龙头的手柄很长，即动力臂大于阻力臂，为省力杠杆；

（4）根据题意可知，两个电阻可以单独工作，也可以同时工作，即二者不相互影响，应该为并联。开关S1单独控制R1，S2单独控制R2，那么它们应该串联在两个支路上。在家庭电路中，开关必须接在火线和用电器之间，如下图所示：

【分析】（1）根据能量转化的知识解答；

（2）根据公式ρ=mV分析解答；

21．【答案】（1）光的折射（2）放大；正立（3）10；变大【解析】【解答】（1）根据图片可知，光从空气射入玻璃，再射入空气时方向发生改变，因此凸透镜成像的原理是光的折射；

（2）当物距15cm，像距30cm时，此时像距大于物距，成倒立、放大的实像；当u=5cm时，此时物距小于焦距，则成正立放大的虚像。

（3）根据表格数据可知，当成等大的实像时，u=v=2f=20cm，则凸透镜的焦距f=10cm。凸透镜成实像时，物距变小，根据“物近像远大”的规律可知，像距变大。

【分析】（1）光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这就是光的折射；

（2）比较物距和焦距大小关系，从而确定成像特点即可。

（3）当u=v=2f时，成等大的实像，据此计算凸透镜的焦距；根据“物近像远大，物远像近小”的规律分析。22．【答案】（1）加热时间（2）不变；增加；低于（3）质量；98；强【解析】【解答】（1）小明设计的电路中的R1、R2必须满足的条件是阻值相等，这样做相当于水和油被两个完全相同的电加热器加热，实验中用加热时间反映液体吸收热量的多少。

（2）根据乙图可知，水沸腾的过程中，继续吸热，但温度不变，而水的内能增加。此时水的沸点为98℃<100℃，因此周围的大气压小于标准大气压。

（3）断开开关S2，待水冷却后，闭合开关S1、S2，继续探究物质的吸热能力。小明应控制水和油的质量、初温相同，水的末温低于98℃时油温已经高于98℃。实验表明，水的末温比油低，水的吸热能力比油强

【分析】（1）根据W=Pt可知，当电功率相同时，加热时间越长，则液体吸收的热量越多；

（2）根据乙图确定水沸腾时的温度变化，根据液体沸点随上方气压的增大而升高的知识解答；

（3）根据Q=cm△t可知，质量相同的水和油，升高的温度与比热容大小成反比，即比热容大的升高的温度小，而比热容小的升高的温度大，根据控制变量法的要求分析解答。23．【答案】（1）（2）右（3）A（4）2.5；0.26；0.65；9.6（5）A【解析】【解答】（1）在测量小灯泡额定功率的实验中，电流表应该与灯泡串联，而表格中灯泡电流都小于0.6A，则电流表选择量程0~0.6A，如下图所示：

（2）根据图片可知，变阻器的滑片在最右端时电阻最大，因此闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最右端。

（3）A.小灯泡短路时，电压表同时被短路，示数为零，灯泡不发光，而电流表有示数，故A符合题意；

B.小灯泡断路时，电压表串联在电路中，此时电压表示数等于电源电压，而电流表没有示数，故B不合题意；

C.滑动变阻器短路时，此时灯泡发光，电压表和电流表都有示数，故C不合题意；

D.滑动变阻器断路时，整个电路发生断路，没有电流，则电流表没有示数，故D不合题意。

故选A。

（4）根据题干可知，灯泡的额定电压为2.5V，则灯泡正常发光时电压表的示数为2.5V。根据图片可知，电流表的分度值为0.02A，则示数为0.26A。则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.26A=0.65W，而灯泡正常发行时的电阻为：R=UI=2.5V0.26A≈9.6Ω。

（5）根据表格可知，定值电阻的最小电压为1V，则变阻器的电压为：U变=U总-UL=4.5V-1V=3.5V；

根据串联电路的分压规律得到：UU变=RR变；

1V3.5v=20ΩR变；

解得：R变24．【答案】（1）力（2）通电导体棒ab在磁场中受力的方向与导体中的电流方向有关（3）通电导体棒ab在磁场中受力的方向与磁场方向有关（4）B【解析】【解答】（1）闭合开关，给导体棒ab通电，发现导体棒ab向右运动，这表明导体棒ab在磁场中受到力的作用。

（2）保持磁场方向不变，将电源正、负极对调后接入电路，则电流方向改变。闭合开关，发现导体棒ab向左运动，这表明：通电导体棒ab在磁场中受力的方向与导体中的电流方向有关。

（3）保持电流方向不变，将磁体的两极对调，则磁场方向改变。闭合开关，发现导体棒ab向右运动，这表明：通电导体棒ab在磁场中受力的方向与磁场方向有关。

（4）A.动圈时话筒工作时，声音引起线圈振动，线圈在磁场中做切割磁感线运动，从而将声音转换为电流，故A不合题意；

B.扬声器的线圈中通过电流时，线圈在磁场中受力振动，从而将电流转化为声音，故B符合题意。

故选B。

【分析】（1）根据力是改变物体运动状态的原因分析解答；

（2）将电源正负极对调后，通过导体的电流方向改变，根据现象分析导体受力方向与电流方向是否有关即可；

（3）将磁体的两极对调后磁场方向发生改变，据此分析导体受力方向的影响因素即可；

（4）分析两个选项中的工作原理即可。25．【答案】（1）v=（2）减小（3）3；80.0；0.16（4）1：1【解析】【解答】（1）测量小车平均速度的原理为：v=st。

（2）实验时，为了使小车在斜面上运动的时间长些，便于测量时间，应减小斜面的倾斜角度。

（3）根据图片可知，小车从A到B的时间：tAB=18s-15s=3s；

小车从A到C的时间为：tAC=20s-15s=5s；

小车从A到C的路程为：sAC=80.0cm-0.0cm=80.0cm；

小车从A到C的平均速度为：vAC=sACtAC=0.8m5s=0.16m/s。

（4）根据图片可知，AB段的距离为80cm-40cm=40cm，BC段的距离为40cm；

则AB段和BC段距离之比为：40cm：40cm=1：1；

根据相似三角形的性质可知，AB段和BC段高度之比为1：1；

根据W=Gh可知，重力在这两个阶段做功之比为1：1。26．【答案】（1）解：当只闭开关S、S1，滑动变阻器滑片位于最右端时，L与R串联；如图：由图像知，当通过灯泡的电流为0.6A时，灯泡两端电压