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文档简介
2022级高二年级第1次测评(开学检测)
数学试题
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要
求的.
1.已知i是虚数单位,复数z=(d—4)+(x+2)i是纯虚数,则实数x的值为()
A.2B.-2C.±2D.4
2.在正方体ABCD—中,E,F分别为BC,CQ的中点,则平面AEF截正方体所得的截面多边形
的形状为()
A.三角形B.四边形C.五边形D.六边形
3.已知向量。=(1,2),人=(1,1),若a与的夹角为锐角,则实数4的取值范围是()
(0,+°°)
4.《九章算术》是中国古代人民智慧的结晶,其卷五“商功”中有如下描述:“今有圆亭,下周三丈,上周二丈,
高一丈”,译文为“有一个圆台形状的建筑物,下底面周长为三丈,上底面周长为二丈,高为一丈”,则该圆台
的侧面积(单位:平方丈)为()
5J1+万2541+4425J1+万25J1+4万2
A.-------------B.---------------C.-------------D.---------------
4乃4万272%
5.已知a,力是两条不重合直线,a,夕是两个不重合平面,则下列说法正确的是()
A.若a〃b,h//a,则。〃aB.若a丄/,a//a,则a丄/
C.若&丄/?,a<£a,a丄/,则a〃aD.若丄tz,a//b,尸丄a,则a〃夕
6.已知/xABC的内角A,B,。所对的边分别为a,b,c,若a-Z?=ccosB—ccosA,则/xABC的形状
一定是()
A.等腰三角形B.直角三角形
C.等腰直角三角形D.等腰或直角三角形
7.直三棱柱A3C-A4G中,△ABC为等边三角形,A4,=A8,A/是4G的中点,则从以与平面BCG4
所成角的正弦值为()
7「底V15
A.一B.—C.------D.---
10101010
8.在复数范围内方程V—2x+5=0的两根为c,夕,则冏+期等于()
A.2B.2&C.x/5D.5
二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题
目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9.已知复数4对应的向量为,复数z2对应的向量为OZ2,则下列说法正确的是()
A.若口4卜1,则Z1=±l或土i
B.若4=4+于,z2=3+4i,则Z??:。,一1)
C.若|Z|+Z2|=|Z「Z2|,则OZ|丄OZ;
D.若(OZi+OZ2)丄(QZ「OZ?),则|zj=閻
10.已知空间向量a=(L—1,2),则下列说法正确的是()
A.p/|=V6
B.向量a与向量6=(—2,2,T)共线
C.向量a关于x轴对称的向量为(1,1,—2)
D.向量a关于yOz平面对称的向量为(-1,1,-2)
11.已知圆锥的底面半径为2百,高为2,S为顶点,A,8为底面圆周上两个动点,则下列说法正确的是()
A.圆锥的体积为24%
B.圆锥侧面展开图的圆心角大小为百万
C.圆锥截面SAB面积的最大值为4G
D.若圆锥的顶点和底面上所有点都在同一个球面上,则此球的体积为生竺
3
12.E^Ja=(2cos0X,sinox),b-coscox,2cos<yxj,<y>0,f^x)=a-b+43,且的图象的
IT
对称中心与对称轴的最小距离为一,则下列说法正确的是()
4
A.G=1
B./(x)的图象关于直线x=—C对称
TT
C.把/(x)图象向左平移五单位,所得图象关于>轴对称
D.保持/(x)图象上每一点的纵坐标不变,横坐标变为原来的2倍,然后把图象向左平移3•个单位,得到函数
y=2sinx的图象
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.甲、乙两人从1,2,3,…,10中各取一数(不重复),已知甲取到的数是5的倍数,则甲数大于乙数的概
率为.
14.在正方体—厶中,点G,〃分别在棱4G,4A上,且AH=C1G=§AA,则异面直线
BG与DH所成角的余弦值为.
15.已知sin(q+a)=;,则cos(g—2a)=.
16.某医院急救中心随机抽取20位病人等待急诊的时间记录如下表:
等待时间/分
[。,5)[5,10)[10,15)[15,20)[20,25]
频数48521
用上述分组资料计算出病人等待时间方差的估计值$2=.
四、解答题:本题共4小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.(15分)某饮料公司对一名员工进行测试以便确定其考评级别.公司准备了两种不同的饮料共5杯,其颜色
完全相同,并且其中3杯为A饮料,另外2杯为B饮料,公司要求此员工一一品尝后,从5杯饮料中选出3
杯A饮料.若该员工3杯都选对,则评为优秀;若3杯选对2杯,则评为良好;否则评为不合格.假设此人对A
和8两种饮料没有鉴别能力.
(1)求此人被评为优秀的概率;
(2)求此人被评为良好及以上的概率.
18.(15分)如图所示,在四边形A8C。中,D=2B,且AD=1,CO=3,cosB=—.
3
(1)求△AC。的面积;
(2)若BC=2百,求4B的长.
19.(20分)如图所示,己知。。£?是半径为百,中心角为?的扇形,P为弧。E上一动点,四边形PQMN
是矩形,=
(1)求矩形PQMN的面积/(x)的最大值及取得最大值时的x值;
(2)在△ABC中,f(C)=~^~,c=2,其面积5乙钻。=2百,求△ABC的周长.
20.(20分)如图所示,四棱锥P-ABC。中,底面ABCD为矩形,P4丄平面ABC。,Q4=AB=2,AD=0,
点E是心的中点.
(1)证明:AEA.PC;
(2)求点。到CE的距离;
(3)求二面角C-AE-。的大小.
2022级高二年级第1次测评(开学检测)
数学试题答案
一、单项选择题:本大题共8小题.每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一
项是符合题目要求的.
1.【答案】A
【解析】
【分析】因为X是实数,所以复数Z的实部是f-4,虚部是X+2,直接由实部等于0,虚部不等于0求解
X的值.
fY2-4=0
【详解】解:由z=(Y—4)+(x+2)i是纯虚数,得4,解得x=2.
x+2w0
故选:A.
2.【答案】B
【解析】
【分析】把截面AEb补形可得利用四点共面可得.
【详解】解:如图,把截面AM补形为四边形AEF。,
连接AR,BG,
因为E,b分别为8C,CG的中点,则
又在正方体ABCD-中,厶。〃Bq
所以E尸〃A。,则A,2,尸,E四点共面.
则平面AEF截正方体所得的截面多边形的形状为四边形.
故选:B.
3.【答案】D
【解析】
【分析】根据向量夹角为锐角列出不等式组,求岀丸的取值范围.
【详解】a+劝=(1,2)+(2,2)=(/1+1,/1+2),
2+2
由题意得:(X+1)+2(义+2)>0且%+1H
2
解得:A.>—且2h0,
3
故选:D
4.【答案】B
【解析】
【分析】设圆台的上底面半径为,下底面半径为由已知周长求得r和代入圆台的侧面积公式,即可
求解.
【详解】设圆台的上底面半径为r,下底面半径为R,
13
可得2%r=2,2万H=3,可得「=-,/?=——,
712万
IJ47r2+[
又由圆台的高为1丈,可得圆台的母线长为/=J『+(R—r)2=上——,
'In
所以圆台的侧面积为S=»(R+r)•/=»x[丄+/-]x至百=独三I.
(72万)2万4万
故选:B.
5.【答案】C
【解析】
【分析】利用线线,线面,面面的位置关系逐项分析即得.
【详解】若。〃h,b//a,则a〃a或aua,故A错误;
若a丄/,a//a,则a〃/或au〃或“与夕相交,故B错误;
若a丄夕,。丄戸,则a〃。或aua,又aza,故。〃a,故C正确;
若厶丄a,a//b,则a丄a,又尸丄a,则a〃〃或au〃,故D错误.
故选:C.
6.【答案】D
【解析】
【分析】根据边角互化得sinA-sin=sinCeos5-sinCcosA,再结合sinA=sin(B+C),
TT
sin8=sin(A+C)化简整理得(sinB—sinA)cosC=0,进而得A=5或C=,,即.MC的形状一定是
等腰或直角三角形.
【详解】解:因为Q-Z?=CCOS8-CCOSA,
所以由正弦定理边角互化得sinA-sin3=sinCeosfi-sinCeosA,
因为sinA=sin(8+C)=sinBcosC+cos8sinC,
sinB=sin(A+C)=sinAcosC+cosAsinC,
所以sin3cosC+cos3sinC—sinAcosC—cosAsinC=sinCcosB-sinCcosA,
整理得sinBcosC-sinAcosC=()
所以(sinB—sinA)cosC=0,
所以sin3=sinA或cosC=0,
因为AB,CG(O,4),
7T
所以厶=8或。=—,即AABC的形状一定是等腰或直角三角形
2
故选:D
7.【答案】B
【解析】
【分析】取AC的中点。,以。为原点,8。,DC,DM所在直线分别为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐
标系,即可根据线面角的向量公式求岀.
【详解】如图所示,取AC的中点。,以。为原点,亜,DC,OM所在直线分别为x轴、轴、z轴,建立
不妨设AC=2,则A(0,—l,0),M(0,0,2),6(—g,0,0),N-^-,--,2
(Ji31
所以AM=(0,1,2),平面8CC円的一个法向量为〃=^-,--,0
设AM与平面BCG4所成角为a,向量AM与〃所成的角为
IAA7-H|-J77/---------
所以sina=|cos"==2又工J12(2)2
।1\AM\-\n\5/5x7310''丿
即AM与平面5CGA所成角的正弦值为理.
故选:B.
8.答案B
解析因为方程f—2x+5=(),
所以△=(—2)2—4x5=—16vO,
〜…2±>/16i[,
所以了=--------=1±21,
2
若令a=l+2i,则〃=1—2i,
则图+期=|1+2i|+11-2i|=Vl2+22+而+(一a)?=275.
二、多项选择题:本大题共4小题.每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项
符合题目要求.全部选对的得5分,选对但不全的得2分,有选错的得0分.
9.【答案】CD
【解析】
【分析】A可以举出反例;B选项,经过复数的向量表示下的运算得到Z|Zz=OZ2—OZ1=(-1,1);C选项,
设Z]=a+〃i,z2=c+di,得到=0,从而得到。Z1±OZ2;D选项,同样设出z1=。+为,z2=c+d\,
通过复数的向量表示形式下的计算得到/+/=c2+d2,得到阂=卜卜
【详解】当4=g+等i时,满足|OZ]=1,故A错误;
Z.Z2=OZ2-OZ,=(3,4)—(4,3)=(—1,1),B错误;
设Z[=。+,z2=c+dLQ,b,c,JeR,
若忆+Z2I=k12],则(a+c)2+(〃+d)2=((2-C)2+(〃一
化简得:ac^-hd=0,
故OZ|・OZ2=ac+儿/=0,所以04丄ON2,C正确;
设Z[=a+〃i,z2=c+di,a,b,c,JGR,
则OZ、+OZ2=(a+c,Z?+d),OZl—OZ2=^a—c,b—d^,
若(oz;+oz2)丄(oz,-ozj,
则(a+c)(a—c)+(〃+d)(〃一d)=a2+h2-c2—/=(),
所以=c2+d2,
则同二目,D正确.
故选:CD
10.【答案】ABC
【解析】
【分析】根据空间向量模的公式,结合共线向量、线对称、面对称的性质逐一判断即可.
【详解】A:因为卜卜JB+(7)2+22=底,所以本选项说法正确;
B:因为8=-2。,所以向量a与向量匕=(一2,2,-4)共线,因此本选项说法正确;
C:设a=(l,—1,2)的起点为坐标原点,所以该向量的终点为(1,一1,2),
因为点(1,一1,2)关于x轴对称的点的坐标为(1,1,—2),
所以向量。关于x轴对称的向量为(1,1,-2),因此本选项说法正确;
D:设a=(l,—1,2)的起点为坐标原点,所以该向量的终点为(1,—1,2),
因为点(1,—1,2)关于yOz平面对称点的坐标为(1,—1,—2),
所以向量。关于yOz平面对称的向量为(1,-1,-2),
故选:ABC
11.【答案】BD
【解析】
【分析】根据题意,求出圆锥的母线长,体积,侧面展开图的弧长,轴截面面积,外接球体积,即可得出结论.
【详解】解:因为圆锥的底面半径为r=26,高为〃=2,所以圆锥的母线长
SA=SB=ylr2+h2=7(2A/3)2+22=4,则:
对于A,圆锥的体积V=丄兀,/?=;兀x(2G>x2=8兀,故A错误;
对于B,设圆锥的侧面展开图的圆心角大小为a,则27tx26=ax4,。=岛,故B正确;
对于C,当圆锥截面S46为圆锥的轴截面时,此时S4=SB=4,AB=46,所以NASB=空,所以当
3
=5时,截面S钻的面积最大,SASB=1-SASA-sinZASB=1x4x4xl=8,故C错误;
对于D,圆锥的顶点和底面上所有点都在同一个球面上,即圆锥的外接球,设圆锥外接球半径为R,由球的性
222
质可知:R=(h-R)+r,即紹=(2_/?)2+(2百)2,解得R=4,所以外接球的体积
“4八34,256兀„_.
V=-TIR=一兀xd33=------.故D正确.
333
故选:BD.
12.【答案】ABD
【解析】
【分析】利用向量数量积的坐标表示、降幕公式及辅助角公式可得〃x)=2sin(2s-g),根据已知有丁=万
冗
求得0=1,即/(x)=2sin(2x-§),应用代入法验证对称轴、根据图象平移写出平移后的解析式并判断对
称性,即可得答案.
【详解】由/(x)=-2\/3cos2a>x+2sin0>xcosa)x+\/3=sin(2<yx)-JJcos(2<yx)=2sin(2(yx-y),
71T71
而对称中心与对称轴的最小距离为一,即一=一,可得T=不,
444
所以丁=红二),可得G=1,A正确;
2co
TTTTTTTCTT
故/(x)=2sin(2x—J),贝U/(—2)=2sin(———)=-2,故的图象关于直线》=——对称,B正
3126312
确;
TTTT
/(x+—)=2sin(2x--),显然不关于y轴对称,C错误;
126
TI17r
横坐标变为原来的2倍,再左移§个单位则力5。+1)]=2311工,D正确.
故选:ABD
三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.
13.答案—
18
解析甲、乙两人从1,2,3,…,10中各取一数(不重复),甲取到的数是5的倍数,设甲取的数为机,乙
取的数为〃,其样本点记为(加,〃),
所以样本空间。={(5,1),(5,2),(5,3),(5,4),(5,6),(5,7),(5,8),(5,9),(5,10),(10,
1),(10,2),(10,3),(10,4),(10,5),(10,6),(10,7),(10,8),(10,9)},共含有18个样本点,
事件,,甲数小于乙数,,包括(5,6),(5,7),(5,8),(5,9),(5,10),共5个样本点,
513
故甲数大于乙数的概率为P=l—二=’.
1818
14.【答案】—.
13
【解析】
【分析】根据空间向量夹角公式进行求解即可.
【详解】建立如图所示的空间直角坐标系设该正方体的棱长为3,
则有£>(0,0,0),5(3,3,0),G(l,3,3),”(2,0,3),
OH=(2,0,3),BG=(-2,0,3),
设异面直线BG与DH所成角为0,
।।\DHBG\|2x(-2)+3x3|5
L
所以cos6=cos〈DH,BG〉=~n—■
11.BG亚2+32x“—2『+3?13’
故答案为:—.
13
7
15.【答案】---
9
【解析】
【分析】由已知条件及诱导公式可得cos(看―a)=g,再应用二倍角余弦公式求目标式的值.
【详解】sin(工+a]=cos--f—+<7]=cosf--a^=-,
[3丿[2(3)\(6丿3
由cos[1-2a)=2cos2仁一11一1二-7
9-
7
故答案为:一一
9
16.【答案】28.5—
20
_1
解析x=—(2.5x4+7.5x8+12.5x5+17.5x2+22.5x1)=9.5
四、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.解将5杯饮料编号为1,2,3,4,5,编号1,2,3表示A饮料,编号4,5表示5饮料,则从5杯饮料
中选出3杯的样本空间C={(1,2,3),(1,2,4),(1,2,5),(1,3,4),(1,3,5),(1,4,5),(2,
3,4),(2,3,5),(2,4,5),(3,4,5)},共有10个样本点.
令。表示此人被评为优秀的事件,E表示此人被评为良好的事件,尸表示此人被评为良好及以上的事件,则
1
(1)P(D)
10
37
(2)P(E)=《,则P仍)=P(O)+P(E)=历.
18.解(1)因为£)=28,cosB=——,
3
,1
所以cosO=cos28=2cos-B-\=——.
3
因为。€(0,万),
所以sin。=Vl-cos2D=过2.
3
因为AZ>=1,8=3,
1]?B
所以△ACD的面积为5=—厶。-8与11。=一*1*3*—=0.
223
(2)在厶厶。。中,AC2AD2+DC2-2ADDCcosD-12,所以AC=26.
因为8c=2g,-^-=———,
sinBsinZACB
所以,27V3_____A_B_______A_B___;____A__B___
sin3sin(^--2B)sin232sinBcosB
所以A8=4.
19.【答案】(1)当》=色时,/(x);
(2)6+2技
【解析】
【分析】(1)将PN,MN利用x加以表示,并利用三角恒等变换化简函数解析式,利用正弦型函数的性质可
求得函数的最大值;
(2)由题可得。=生,然后利用余弦定理及三角形面积公式可得。+方=4+2百,进而即得.
【小问1详解】
因为NPOO=x(0cx<5),
所以QM=PN=百sinx,则OM==sinx,
71
tan—
3
又ON=6cosx,所以MN=ON-OM=止3cosx—sinx,
3.。>/3(l-cos2x)
所以于(x)=MN•PN=3sinxcosx-V3sin2c=—sin2x----------------
22
=—sin2x+—cos2x--=>/3sinf2x+—卜郛<y),
22216,
八7tL、兀兀57r
*.<0<x<一,则一<2xH—<—,
3666
ITTTTT函数f(x)=y/3sin(2x+^]~—取得最大值,
故当2%+々=一时,即当x=一时,
626k6丿2
"X)max=6-#=奈
【小问2详解】
,1/(C)=gsin(2C+?)—曰=¥,
〈oy2Z
sinl2C+^=1,又C«0,〃),
ccn乃rr「乃
2C+32cH—=—,BPC=一,
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