专题12 磁场的性质 带电粒子在磁场中的运动（解析版）

资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】资料整理【淘宝店铺：向阳百分百】专题12磁场的性质带电粒子在磁场中的运动目录TOC\o"1-3"\h\u题型一磁场的叠加 1题型二磁场对通电导体作用及安培定则的综合问题 6题型三安培力作用下导体的平衡问题 15题型四带电粒子在有界匀强磁场中的运动 21题型一磁场的叠加【题型解码】对于多个电流在空间某点的合磁场方向，首先应用安培定则判断出各电流在该点的磁场方向(磁场方向与该点和电流连线垂直)，然后应用平行四边形定则合成．【典例分析1】（2023上·山西吕梁·高三校考阶段练习）如图所示，现有两根通电长直导线分别固定在正方体的两条边和上且彼此绝缘，电流方向分别由流向、由流向，两通电导线中的电流大小相等，在点形成的磁场的磁感应强度大小为。已知通电长直导线在周围空间某位置产生磁场的磁感应强度大小为，其中为常数，为电流大小，为该位置到长直导线的距离，则点的磁感应强度大小为（

）A． B． C． D．【答案】C【详解】设正方体棱长为，通电导线中的电流大小为，两条边和上通电导线在A点产生的感应强度大小均为方向分别沿方向和方向，互相垂直。则A点磁感应强度大小为点的磁感应强度大小为故选C。【典例分析2】（2024·全国·高三专题练习）有两根长直导线a、b互相平行放置，如图所示为导线的截面图。在图示的平面内，O点为两根导线连线的中点，M、N为两根导线附近的两点，它们在两导线连线的中垂线上，且与O点的距离相等。若两导线中通有大小相等、方向垂直纸面向外的恒定电流I，则下列关于线段MN上各点的磁感应强度的说法正确的是（）A．M点和N点的磁感应强度大小相等，方向相同B．M点和N点的磁感应强度大小不等，方向相反C．在线段MN上各点的磁感应强度都不可能为零D．在线段MN上只有一点的磁感应强度为零【答案】D【详解】AB．根据安培定则判断可知，两根通电导线产生的磁场方向均沿逆时针方向，M、N关于O点对称，两根通电导线在M、N两点产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形定则进行合成可得，M点和N点的磁感应强度大小相等，M点磁场方向向下，N点磁场方向向上，故A、B错误。CD．只有当两根通电导线在某一点产生的磁感应强度大小相等、方向相反时，合磁感应强度才为零，分析可知只有O点的磁感应强度为零，故C错误，D正确。故选D。【提分秘籍】1.磁场的叠加问题的求解秘籍（1）确定磁场场源，如通电导线．（2）根据安培定则确定通电导线周围磁感线的方向。（3）磁场中每一点磁感应强度的方向为该点磁感线的切线方向。（4）磁感应强度是矢量，多个通电导体产生的磁场叠加时，合磁场的磁感应强度等于各通电导体单独存在时在该点磁感应强度的矢量和。2.定位空间中需求解磁场的点，利用安培定则判定各个场源在这一点上产生的磁场的大小和方向．如图所示为M、N在c点产生的磁场．【突破训练】1.（2023上·安徽·高三校联考期中）如图所示，在磁感应强度大小为B0方向未知的匀强磁场中，存在竖直方向的正方形虚线区域abcd。在b、d两点分别垂直正方形所在平面固定一根无限长的直导线（图中未画出），导线中通入大小相等、方向垂直纸面向里的恒定电流。若a点的磁感应强度大小为零，则c点的磁感应强度（）A．大小为，与匀强磁场方向相同 B．大小为2B0与匀强磁场方向相同C．大小为，与匀强磁场方向相反 D．条件不足，无法求出c点处磁感应强度【答案】B【详解】根据右手螺旋定则可知，两长直导线的电流在ac两点的磁场强度如图所示由于ac两点到导线的距离相等，故两长直导线的电流在ac两点的磁场强度大小相等。根据平行四边形定则可知，两长直导线的电流在ac两点的合磁场强度大小相等，方向相反。因a点的磁感应强度大小为零，故匀强磁场方向与两长直导线的电流在a点的磁场方向相反，且有故c点的磁感应强度大小为方向与匀强磁场方向相同。故选B。2.（2023·贵州贵阳·统考模拟预测）一条载有电流的导线沿南北方向放置，导线中的电子由南向北定向移动。一小磁针位于该导线正上方并水平放置，此载流导线提供给小磁针水平方向的磁感应强度大小为B1，小磁针所在位置的地磁场指向北方的水平分量为B2。若则该小磁针N极应该偏转至哪一方向（）A．北偏西60° B．北偏东60°C．南偏东30° D．南偏西30°【答案】A【详解】导线中的电子由南向北定向移动，则电流方向由北向南，根据安培定则可知磁场水平向左，小磁针所在位置的地磁场指向北方的水平分量为B2，根据矢量的合成可知小磁针所在位置的磁场如图：设磁场与B2的夹角为，则有则该小磁针N极应该是北偏西60°故选A。3．（2024·江西赣州·赣州中学校考模拟预测）两根通电细长直导线紧靠着同样长的塑料圆柱体，图甲是圆柱体和导线1的截面，导线2固定不动（图中未画出）。导线1绕圆柱体在平面内第一与第二象限从缓慢移动到，测量圆柱体中心O处磁感应强度，获得沿x方向的磁感应强度随的图像（如图乙）和沿y方向的磁感应强度随的图像（如图丙）。下列说法正确的是（）A．随着的增大，导线1在中心O处产生的磁感应强度一直增大B．导线2电流方向垂直纸面向里C．当时，中心O处的磁感应强度方向沿第一象限角平分线向外D．当导线1继续绕圆柱体移动，到达y轴负半轴时，O处的磁感应强度最小【答案】D【详解】A．单独的导线1在中心O处磁感应强度大小沿x方向和y方向大小分别为，根据安培定则判断通电直导线产生的磁场方向结合图乙和图丙中的函数曲线特点可知，导线2在中心O处产生的磁场在竖直方向上没有分量，在水平方向有沿轴正方向的分量同时由图中三角函数图像可知单独的导线1在中心O处产生的磁感应强度大小不变为，根据图丙时沿y方向磁感应强度为负可知导线1中电流垂直纸面向外，故A错误；B．根据安培定则可知，导线2在轴正方向处有垂直纸面向外的电流或者在轴负方向处有垂直纸面里的电流，故B错误；C．时，导线1产生的磁感应强度方向沿第一象限角平分线向外，但导线2产生的磁场沿轴正方向。故中心O处的磁感应强度方向在轴与第一象限角平分线之间，故C错误；D．当导线1继续绕圆柱体移动，到达y轴负半轴时，导线1在中心O处产生的磁感应强度沿轴负方向，大小为导线2在中心O处产生的磁感应强度沿轴正方向，大小为所以中心O处的合磁感应强度最小，为，故D正确。故选D。4.（2023上·湖南·高三校联考阶段练习）如图，等边三角形线框LMN由三根相同的导体棒连接而成，O为线框的几何中心。线框顶点M、N与直流电源两端相接，已知电流为I的直导线产生的磁场的磁感应强度计算公式（r为某点到直导线的距离），若MN边在O点产生的磁场磁感应强度大小为1×10-4T，则整个三角形线框在O点产生的磁场磁感应强度大小为（）A．0 B．1×10-4T C．1.5×10-4T D．2×10-4T【答案】A【详解】设每一根导体棒的电阻为R，长度为L，则电路中，上下两路电阻之比为根据并联电路两端各电压相等的特点可知，上下两路电流之比又因为通电直导线在O点产生磁场的磁感应强度与导线中的电流强度成正比，根据安培定则和矢量的叠加原理可知，MLN支路电流在O点产生的磁场垂直纸面向里，磁感应强度与MN边在O点产生的磁感应强度相等，方向相反，所以整个线框在O点产生的磁场磁感应强度大小为0。故选A。题型二磁场对通电导体作用及安培定则的综合问题【题型解码】1.判断安培力的方向时，充分利用F安⊥B、F安⊥I；2.受力分析时，要注意将立体图转化为平面图．【典例分析1】（2023上·江苏南京·高三校联考期中）如图所示，一不可伸长的细绳的上端固定，下端系在边长为l=0.40m的正方形金属框的D点上。金属框的一条对角线AC水平，其下方有方向垂直于金属框所在平面的匀强磁场。己知构成金属框的导线单位长度的阻值为=5.0×10-3Ω/m。在t=0到t=3.0s时间内，磁感应强度大小随时间t的变化关系为B（t）=0.3-0.1t（SI制）。则下列说法正确的是（）A．t=0到t=3.0s时间内，金属框中产生的感应电动势为0.016VB．t=0到t=3.0s时间内，金属框中的电流方向为A→D→C→B→AC．t=2.0s时金属框所受安培力的大小为ND．在t=0到t=2.0s时间内金属框产生的焦耳热为0.032J【答案】C【详解】A．t=0到t=3.0s时间内，金属框中产生的感应电动势为故A错误；B．根据楞次定律的增反减同可知t=0到t=3.0s时间内，金属框中的电流方向为D→A→B→C→D。故B错误；C．由欧姆定律。可得t=2.0s时磁感应强度为金属框处于磁场中的有效长度为所受安培力的大小为N故C正确；D．在t=0到t=2.0s时间内金属框产生的焦耳热为故D错误。故选C。【典例分析2】（2023上·广西·高三校联考阶段练习）如图甲所示为安装在某特高压输电线路上的一个六分导线间隔棒，图乙为其截面图。间隔棒将6条输电导线分别固定在一个正六边形的顶点a、b、c、d、e、f上，O为正六边形的中心。已知通电导线在周围形成磁场的磁感应强度与电流大小成正比，与到导线的距离成反比，某瞬时，6条输电导线中通过垂直纸面向外，大小相等的电流，其中a导线中的电流对b导线中电流的安培力大小为F，该时刻（

）A．O点的磁感应强度方向垂直于cf向上B．c导线所受安培力方向沿Oc指向cC．d导线中电流对a导线中电流的安培力为D．a导线所受安培力为【答案】D【详解】A．由题意可知，a与d、b与e、c与f在O点的磁场大小相等、方向相反，故O点的磁感应强度为零，A错误；B．根据安培定则，其他5根输电线在c处产生的磁场方向垂直fc向上，根据左手定则，c导线所受安培力方向沿Oc指向O，B错误；CD．由题意可知，b、f对a的安培力大小为F，c、e对a的安培力为，d对a的安培力为，则a导线所受安培力为C错误，D正确。故选D。【典例分析3】（2024·福建漳州·统考模拟预测）电磁炮的模型如图所示，弹体（含水平杆ab）总质量，水平导轨M、N间距，处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度，可控电源提供恒定电流，以保证弹体做匀加速直线运动，不计一切阻力。求：（1）弹体所受安培力大小；（2）弹体从静止加速到所用的时间t；（3）弹体从静止加速到过程中安培力所做的功W。

【答案】（1）0.02N；（2）5s；（3）0.5J【详解】（1）弹体受到的安培力大小解得（2）由牛顿第二定律可知解得（3）由运动学公式可知弹体的位移安培力所做的功解得【提分秘籍】1.安培力大小和方向2.同向电流相互吸引，反向电流相互排斥。3.求解磁场对通电导体作用力的注意事项(1)掌握安培力公式：F＝BIL(I⊥B，且L指有效长度)。(2)用准“两个定则”①对电流的磁场用安培定则(右手螺旋定则)，并注意磁场的叠加性。②对通电导线在磁场中所受的安培力用左手定则。(3)明确两个常用的等效模型①变曲为直：图甲所示通电导线，在计算安培力的大小和判断方向时均可等效为ac直线电流。②化电为磁：环形电流可等效为小磁针，通电螺线管可等效为条形磁铁，如图乙。【突破训练】1.（2023上·黑龙江佳木斯·高三校考阶段练习）将长1m的导线ac从中点b折成如图中所示的形状，放于B=0.08T的匀强磁场中，abc平面与磁场垂直。若在导线abc中通入I=25A的直流电，则整个导线所受安培力的大小为（）

A．N B．N C．1.5N D．2N【答案】B【详解】由题意有导线在磁场内有效长度为整个通电导线受到安培力大小为故选B。2.（2023·河南新乡·统考一模）如图所示，粗细均匀的正三角形线框由三根相同的导体棒连接而成。顶点、分别通过细导线与一直流电源相连，并用轻绳将线框竖直悬挂在垂直于线框平面的匀强磁场中。已知线框的边长为，磁场磁感应强度大小为，通过细导线的电流为，线框的质量为，轻绳系于边的中点，重力加速度为，则轻绳中的拉力大小为（）

A． B． C． D．【答案】A【详解】由题意可知由电阻定律可得由欧姆定律可得即AB边的电流为，ACB边的电流为，由左手定则及安培力公式可得，方向均竖直向下。所以对正三角形线框受力分析由平衡条件可得，轻绳中的拉力大小为故选A。3．（2023·河北保定·河北安国中学校联考三模）如图甲所示，边长为、质量为的等边三角形导线框用绝缘细线悬挂于天花板上，边水平，导线框中通有沿逆时针方向、大小为的恒定电流，线框部分处在水平虚线间的垂直于线框平面向外的匀强磁场中，磁感应强度大小为与间的距离为正三角形高的一半，重力加速度为，则下列说法正确的是（）A．图甲中，绝缘细线的拉力大小为B．图甲中，绝缘细线的拉力大小为C．将匀强磁场上移到图乙中所示位置，绝缘细线的拉力会变小D．将匀强磁场上移到图乙中所示位置，绝缘细线的拉力会变大【答案】A【详解】AB．图甲中，线框受到的安培力向上，有效长度为，绝缘细线的拉力A正确，B错误；CD．将匀强磁场上移到图乙中所示位置，有效长度不变，线框所受安培力不变，悬线的拉力不变，CD错误。故选A。4．（2023上·山东·高三校联考开学考试）如图所示，半径为r、粗细均匀的金属圆环放在绝缘水平面上，虚线MN左侧有垂直于水平面向下的匀强磁场I，右侧有垂直于水平面向上的匀强磁场II，两磁场的磁感应强度大小均为B，MN与圆环的直径重合，PQ是圆环垂直MN的直径，将P、Q两端接入电路，从P点流入的电流大小为I，圆环保持静止不动，则下列判断正确的是（）

A．整个圆环受到的安培力为0B．整个圆环受到的安培力大小为C．MN左侧半圆环受到的安培力大小为D．MN左侧半圆环受到的安培力大小为【答案】A【详解】圆环的上半部分的电流是顺时针，下半部分的电流是逆时针，把圆环平均分成右上、左上、左下、右下四部分，根据左手定则可得这四部分的受力如下：

因为安培力大小为其中L为导线的有效长度，四部分的有效长度都为，且导线中的电流相同，故四部分所受的安培力大小相等，且与方向相反，与方向相反，故圆环所受安培力的合力为零。故选A。5．（2023上·安徽·高三天长中学校联考开学考试）如图所示，一段直导线弯折成L形，AC和CD段相互垂直，AC段长为d，CD段长为0.6d，将该导线固定在赤道上，CD段沿东西方向（C在东侧），AC段向北倾斜，与赤道平面成53°角，给该段导线从A端通入大小为I的恒定电流，导线所在处的地磁场磁感应强度大小为B，已知，则该段导线受到地磁场的安培力大小为（

）

A．BId B．1.6BId C．0.8Bld D．【答案】D【详解】导线CD段受到的安培力大小AC段受到的安培力大小因此受到的安培力的合力故选D。6.（2023·河南·校联考三模）中国的电磁炮研究水平处于世界第一梯队。如图所示为某种电磁炮的设计原理示意图，电源电动势为E，间距为l的两根倾斜导轨平行放置，轨道平面与水平面成角，且处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为B，导轨下端通过开关与电源连接。装有炮弹的导体棒垂直放置在导轨上，其总质量为m，整个回路的总电阻为R，闭合开关后，弹体会在安培力的作用下高速发射出去。某次实验中，弹体在离开电磁炮发射轨道之前已达到匀速，炮弹发射出去后，刚好水平击中目标，忽略空气阻力和各处摩擦的影响，重力加速度为g，求：（1）弹体在导轨上运动的最大加速度；（2）目标距离炮口的水平距离为多大。【答案】（1）；（2）【详解】（1）导体棒刚要运动时，回路内的电流最大，安培力最大，则有由牛顿第二定律可得解得（2）炮弹匀速运动时，有根据欧姆定律得联立可得炮弹发射出去后做斜抛运动，在竖直方向有在水平方向有联立解得题型三安培力作用下导体的平衡问题【典例分析1】（2023上·云南昆明·高三昆明一中校考阶段练习）如图甲所示，PQ和MN为水平、平行放置的两金属导轨，两导轨相距导体棒ab垂直于导轨放在导轨上，导体棒和导轨间的动摩擦因数导体棒的中点用细绳经滑轮与物体相连，细绳的一部分与导轨共面且平行，另一部分与导轨所在平面垂直，物体放在水平面上，匀强磁场的磁感应强度为B=0.5T，方向竖直向下，开始时绳子刚好拉直。现给导体棒中通入电流，使导体棒向左做加速运动，物体运动的加速度大小与导体棒中通入的电流大小关系如图乙所示，重力加速度大小为，求：（1）导体棒中电流的方向和开始运动时的安培力大小；（2）物体和导体棒的质量分别为多少？

【答案】（1）a到b，2N；（2）0.1kg，0.5kg【详解】（1）要保持导体棒向左运动，则安培力方向必须水平向左，则根据左手定则判断得知棒中电流的方向为由a到b。由图可知导体棒将要运动时的电流为I0=2A，则安培力F0=BI0L=2N（2）导体棒向左加速运动时即由图像可知当I=2A时a=0，则解得M=0.5kgm=0.1kg【提分秘籍】1．安培力公式F＝BIL中安培力、磁感应强度和电流两两垂直，且L是通电导线的有效长度．2．通电导线在磁场中的平衡问题的分析思路(1)选定研究对象；(2)变三维为二维，如侧视图、剖面图或俯视图等，并画出平面受力分析图，其中安培力的方向要注意F安⊥B、F安⊥I，如图所示．(3)列平衡方程或牛顿第二定律方程进行求解．【突破训练】1.（2023上·重庆沙坪坝·高三重庆南开中学校考期中）电流天平可以测量匀强磁场的磁感应强度。它的右臂竖直挂着矩形线圈，匝数为n，线圈的水平边长为l，处于匀强磁场内，磁感应强度B的方向垂直线圈平面向里。当没有通电时，调节砝码使两臂达到平衡。当线圈中通过如图所示方向的电流I时，要使两臂重新达到平衡，在某一盘中增加了质量为m的砝码。重力加速度大小为g，下列说法正确的是（

）

A．增加的砝码在左盘中，匀强磁场的磁感应强度大小为B．增加的砝码在左盘中，匀强磁场的磁感应强度大小为C．增加的砝码在右盘中，匀强磁场的磁感应强度大小为D．增加的砝码在右盘中，匀强磁场的磁感应强度大小为【答案】A【详解】当线圈中通过如图所示方向的电流I时，线圈受安培力向下，要使两臂重新达到平衡，在左盘中增加砝码匀强磁场的磁感应强度大小为故选A。2．（2023上·江西·高三校联考阶段练习）如图所示，倾角为θ=37°的粗糙斜面上有一个长度为L、质量为m的通电直导线，其电流为I（可调），方向垂直纸面向里。整个空间分布有竖直向上的磁感应强度为B的匀强磁场，导线与斜面间的动摩擦因数μ=0.5（最大静摩擦等于滑动摩擦力）。若导线能在斜面上静止不动，则下列电流值不能满足条件的是（）

A． B． C． D．【答案】A【分析】通过通电导线在斜面上受重力、弹力、摩擦力和安培力作用下的平衡问题，考查科学思维能力。【详解】对导线进行受力分析，若摩擦力沿斜面向上，如图甲所示

则有解得若摩擦力沿斜面向下，如图乙所示

则有解得能使导线在斜面上静止的电流范围为故选A。3．（2023上·上海浦东新·高三校考期中）如图所示，一个宽的“U”型绝缘导轨与水平面成37°倾角固定放置。导轨区域内存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度。一根质量为0.10kg的金属棒垂直放置在导轨上，棒上通有的电流。金属棒静止，棒与导轨之间的最大静摩擦力为2.0N，，则（

）A．若增大电流，导轨对金属棒的支持力也增大B．此时导轨对金属棒的支持力大小为0.8NC．若增大磁感应强度，导轨对金属棒的摩擦力先变小后变大D．此时导轨对金属棒的摩擦力大小为1.4N【答案】D【详解】AB．对金属棒受力分析，如图所示，根据左手定则可知其所受安培力水平向右，大小为导轨对金属棒的支持力大小为若增大电流，则安培力增大，支持力减小，故AB错误；CD．根据平衡条件可得导轨对金属棒的摩擦力大小为<2.0N若增大磁感应强度，则安培力增大，导轨对金属棒的摩擦力会变大，故C错误，D正确；故选D。4.（2023上·重庆沙坪坝·高三重庆南开中学校考期中）如图所示，水平导轨间距为，导轨电阻忽略不计；导体棒ab的质量，导轨间有效电阻，与导轨接触良好；电源电动势，内阻，电阻；外加匀强磁场的磁感应强度，方向垂直于导轨平面向上；ab与导轨间动摩擦因数为（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），定滑轮摩擦不计，线对ab的拉力为水平方向，取重力加速度，ab处于静止状态。已知sin53°=0.8，cos53°=0.6。求：（1）ab受到的安培力；（2）重物重力G的最大值。【答案】（1）2.5N，方向水平向左；（2）7.5N【详解】（1）电路的电流ab受到的安培力方向水平向左。（2）ab受到的最大静摩擦根据平衡可知，摩擦力方向向左时，重物重力最大对重物可知题型四带电粒子在有界匀强磁场中的运动【典例分析1】（2023·河南开封·校考模拟预测）虚线OM和虚线ON之间的夹角为30°，如图所示，虚线OM上方存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场。一带负电的粒子沿纸面以大小为v的速度从O点右侧距离为L的A点向左上方射人磁场，速度与OM成30°角。已知该粒子在磁场中的运动轨迹与ON只有一个交点，并从OM上另一点射出磁场，不计重力。则粒子在磁场中做圆周运动的半径为（）A． B． C．2L D．3L【答案】A【详解】轨迹与相切，画出粒子的运动轨迹如图所示，由于故为等边三角形，则而则故为一直线，则解得故A正确，BCD错误。故选A。【典例分析2】（2023上·江苏南通·高三统考期中）在平面的的区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，速率相等的大量电子从原点均匀发射到第一象限内，从磁场右边界射出的电子数占电子总数的三分之二，不计电子间相互作用，则电子在磁场中的临界轨迹可能正确的是（

）A．

B．

C．

D．

【答案】D【详解】根据洛伦兹力提供向心力可得可知速率相等的大量电子的运动半径也相等，可知从原点均匀发射到第一象限内，从磁场右边界射出的电子数占电子总数的三分之二，可得可以从磁场右边界射出的电子的发射角度范围有则根据电子的偏转轨迹和几何关系可得能从右边界射出的电子的发射角度在；故选D。【典例分析3】（2023下·福建漳州·高三校考期中）如图所示，圆形区域内存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，比荷相同的两个粒子沿直径AB方向从A点射入磁场中，分别从圆弧上的P、Q两点射出，下列说法正确的是（）

A．两粒子分别从A到P、Q经历时间之比为3∶1B．粒子在磁场中做匀速圆周运动周期之比为2∶1C．粒子在磁场中速率之比为1∶3D．粒子在磁场中运动轨道半径之比为3∶1【答案】D【详解】AB．做出带电粒子运动轨迹如图所示

根据几何关系可知，到达Q点的粒子在磁场中转过的角度为，到达P点的粒子在磁场中转过的角度为，而粒子在磁场中做圆周运动的周期比荷相同且在同一磁场中做圆周运动，因此周期相同，则可得可得故AB错误；C．设圆形磁场的半径为R，根据几何关系可得解得而根据可得故C错误，D正确。故选D。【典例分析4】（2023上·广东广州·高三仲元中学校考阶段练习）如图所示，正方形容器处于匀强磁场中，一束电子从孔a垂直于磁场沿ab方向射入容器中，一部分从c孔射出，一部分从d孔射出，容器处于真空中，则下列结论中正确的是（）A．从两孔射出的电子速率之比B．从两孔射出的电子速率之比C．从两孔射出的电子在容器中运动的时间之比D．从两孔射出的电子在容器中运动的时间之比【答案】A【详解】AB．设正方形的边长为，从a孔射入，经c，d两孔射出的粒子的轨道半径分别为，根据洛伦兹力提供向心力有可得从两孔射出的电子速率之比为故A正确，B错误；CD．经c孔射出的粒子在磁场中运动的时间为经c孔射出的粒子在磁场中运动的时间为从两孔射出的电子在容器中运动的时间之比为故CD错误。故选A。【提分秘籍】1.处理带电粒子在磁场中运动问题的方法(1)解决带电粒子在磁场中做圆周运动问题的一般思路①找圆心画轨迹；②由对称找规律；③寻半径列算式；④找角度定时间。(2)处理该类问题常用的几个几何关系①四个点：分别是入射点、出射点、轨迹圆心和入射速度直线与出射速度直线的交点；②三个角：速度偏转角、圆心角、弦切角，其中速度偏转角等于圆心角，也等于弦切角的两倍。(3)时间的求解方法①根据周期求解，运动时间t＝eq\f(θ,2π)T＝eq\f(θm,qB)；②根据运动弧长和速度求解，t＝eq\f(s,v)＝eq\f(θr,v)。2.处理带电粒子在有界磁场中运动问题的方法技巧(1)解答有关运动电荷在有界匀强磁场中的运动问题时，我们可以先将有界磁场视为无界磁场，假设粒子能够做完整的圆周运动，确定粒子做圆周运动的圆心，作好辅助线，充分利用相关几何知识解题。(2)对称规律解题法①从直线边界射入的粒子，又从同一边界射出时，出射速度与边界的夹角和入射速度与边界的夹角相等(如图甲所示)。②在圆形磁场区域内，沿径向射入的粒子，一定沿径向射出(如图乙所示)。(3)解决带电粒子在磁场中运动的临界问题，关键在于运用动态思维，寻找临界状态(一般是粒子运动轨迹与磁场边界相切或轨迹半径达到最大)，常用方法如下：①动态放缩法：定点粒子源发射速度大小不同、方向相同、比荷和电性都相同的粒子，速度越大半径越大，圆心在垂直初速度方向的直线上。②旋转平移法：定点粒子源发射速度大小相等、方向不同、比荷和电性都相同的粒子，运动轨迹的圆心在以入射点为圆心、半径为R＝eq\f(mv,qB)的圆周上。【突破训练】1.（2023上·云南·高三云南省下关第一中学校联考阶段练习）如图所示，矩形ABCD区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B，AB边长为d，BC边长为2d，O是BC边的中点，E是AD边的中点。在О点有一粒子源，可以在纸面内向磁场内各个方向射出质量均为m、电荷量均为q的相同电性的带电粒子，粒子射出的速度大小相同。速度方向与OB边的夹角为60°的粒子恰好从E点射出磁场，不计粒子的重力，则（）A．粒子带正电B．粒子运动的速度大小为C．粒子在磁场中运动的最长时间为D．磁场区域中有粒子通过的面积为【答案】D【详解】A．速度方向与OB的夹角为60°的粒子恰好从E点射出磁场，由粒子运动的轨迹，根据左手定则可判断，粒子带负电。故A错误。B．由此粒子的运动轨迹结合几何关系可知，粒子做圆周运动的半径r=d由牛顿第二定律，有则粒子运动的速度大小为故B错误。C．由于粒子做圆周运动的速度大小相同，因此在磁场中运动的轨迹越长，时间越长，分析可知，粒子在磁场中运动的最长弧长为四分之一圆周，因此最长时间为四分之一周期，即最长时间为故C错误。D．由图可知磁场区域有粒子通过的面积为图中AOCDA区域的面积，即为故D正确。故选D。2．（2023·黑龙江·校联考模拟预测）如图所示，在无限长直边界CD的右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，无限大挡板EF平行于CD放置，与CD相距为d，带电粒子达到挡板时能够被挡板吸收，在A处有一粒子源能够在纸面内持续发射速度大小相等的电子。当电子在纸面内沿AO方向垂直匀强磁场边界射入时，恰好未被EF吸收。已知电子的质量为m，电荷量为e，不计电子重力及电子间的相互作用。若磁感应强度大小变为原来的一半，电子速度方向缓慢从AO沿顺时针旋转到AD时，在挡板上能够吸收到电子的长度为（）

A． B．C． D．【答案】B【详解】ABCD．电子垂直边界射入，恰好未被EF吸收，其运动轨迹如图甲所示，由几何关系可知电子做圆周运动的半径为d，根据可知，当磁感应强度变为原来的一半时，电子在磁场中做圆周运动的半径变为2d，速度方向改变时，电子能够打到挡板上，临界的运动轨迹如图乙所示，能够吸收到电子的区域为GH，由几何关系可得

B正确，ACD错误。故选B。3.（2023上·河北石家庄·高三石家庄实验中学校考期末）如图所示，两个匀强磁场的方向相同，磁感应强度分别为、，虚线MN为理想边界。现有一个质量为m、电荷量为e的电子以垂直于边界MN的速度v由P点沿垂直于磁场的方向射入磁感应强度为的匀强磁场中，其运动轨迹为图中虚线所示的心形图线，以下说法正确的是（

）A．电子的运动轨迹为B．电子运动一周回到P点所用的时间C．D．电子在区域受到的磁场力始终不变【答案】AC【详解】A．由左手定则可知，电子在P点所受的洛伦兹力的方向向上，轨迹为，故A正确；BC．电子在磁场中做匀速圆周运动有解得，由图知，则电子运动一周回到P点所用的时间为故B错误、C正确；D．电子在磁场中受洛伦兹力始终与速度垂直，方向时刻改变，故D错误。故选AC。4．（2023上·安徽·高三校联考期中）如图所示，在平面直角坐标系xOy第一象限的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外。质量为m、电荷量为q的大量带电粒子先后以相同的速度沿平行于y轴正方向从OA边各处射入磁场，运动中有些粒子能在边界AC上相遇，其中相遇粒子的入射时间差的最大值为t0。已知∠A=30°，不考虑各粒子之间的相互作用。下列判断正确的是（）

A．粒子一定带正电 B．粒子一定带负电C．磁感应强度大小为 D．磁感应强度大小为【答案】AD【详解】AB．由于运动中有些粒子能在边界AC上相遇，因此带电粒子一定向顺时针方向偏转，根据左手定则可知，粒子一定带正电，故A正确，B错误；CD．由于粒子入射速度相同，根据可知粒子偏转半径相同，在边界AC上相遇的情形有多种，如下图

当相遇的两粒子运动轨迹的圆弧所对应的圆心角之差最大时，两粒子的时间差最大，由于所以为等腰三角形，由几何关系可得又可得可得最大时，最大，而当两粒子相遇点B为左边粒子轨迹与AC的切点时，最大，如下图

由于∠A=30°，则此时为等边三角形，可得故故而联合解得故C错误，D正确。故选AD。5．（2024·全国·高三专题练习）如图所示，边长为L的等边三角形区域ACD内、外的匀强磁场的磁感应强度大小均为B、方向分别垂直纸面向里、向外。三角形顶点A处有一质子源，能沿∠A的角平分线发射速度大小不等、方向相同的质子（质子重力不计、质子间的相互作用可忽略），所有质子恰能通过D点，已知质子的比荷，则质子的速度可能为（）A． B．BkLC． D．【答案】ABD【详解】质子可能的运动轨迹如图所示由几何关系可得2nRcos60°＝L（n＝1，2，…）由洛伦兹力提供向心力，则有联立解得故选ABD。6．（2023上·贵州黔东南·高三统考期中）粒子物理研究中使用的一种球状探测装置横截面的简化模型如图所示。内圆区域有垂直纸面向里的匀强磁场，外圆是探测器。两个粒子先后从P点沿径向射入磁场，粒子1沿直线通过磁场区域后打在探测器上的M点。粒子2经磁场偏转后打在探测器上的N点。装置内部为真空，忽略粒子重力及粒子间相互作用力。下列说法正确的是（）A．粒子2带负电B．若减小磁场的磁感应强度，粒子1有可能打在Q点C．若减小磁场的磁感应强度，粒子2有可能打在Q点D．若有一粒子3以和粒子2相同的速度从P点射入磁场，恰好打在Q点，则粒子3比荷小于粒子2比荷【答案】CD【详解】A．根据左手定则，粒子2带正电，A错误；BC．根据得若减小磁场的磁感应强度，粒子2的运动半径增大，有可能打在Q点；而粒子1做直线运动，不带电，不会改变运动轨迹，B错误，C正确；D．速度相同，则粒子3的运动半径更大，则粒子3比荷小于粒子2比荷，D正确。故选CD。7．（2024·全国·模拟预测）如图所示，宽度为的有界匀强磁场，磁感应强度为，和是它的两条边界。现有质量为，电荷量的绝对值为的带电粒子以方向射入磁场。要使粒子不能从边界射出，则粒子入射速度的最大值可能是（）

A． B． C． D．【答案】BD【详解】题目中只给出粒子“电荷量的绝对值为”，未说明是带哪种电荷。如图所示

若为正电荷，轨迹是如图所示的左方与相切的圆弧，轨道半径，又得若为负电荷，轨迹如图所示的右方与相切的圆弧，则有得则粒子入射速度的最大值可能是（为正电荷）或（为负电荷）。故选BD。8．（2023·广东中山·高三中山市华侨中学校考阶段练习）地磁场能抵御宇宙射线的侵入，赤道剖面外地磁场可简化为包围地球一定厚度的匀强磁场，方向垂直该剖面，图中给出了速度在图示平面内，从O点沿平行与垂直地面两个不同方向入射的a、b、c三种带电粒子（不计重力）在地磁场中的三条运动轨迹，其中，a、c入射速度方向与地面平行，b入射速度方向与地面垂直，且它们都恰不能到达地面。则下列相关说法中正确的是（）

A．沿a粒子带负电B．若a、c粒子比荷相同，则c粒子的速率更大C．若a、b粒子比荷相同，则从O运动至与地面相切，a粒子的运动时间比b长D．若a粒子速率不变，在图示平面内只改变a粒子射入的速度方向，粒子可能到达地面【答案】ABC【详解】A．由左手定则可知，沿a粒子带负电，选项A正确；B．因c的轨道半径较大，根据可得则若a、c粒子比荷相同，则c粒子的速率更大，选项B正确；C．若a、b粒子比荷相同，根据可得则从O运动至与地面相切，a粒子转过的圆心角比b大，则a的运动时间比b长，选项C正确；D．若a粒子速率不变，则粒子的轨道半径不变，因粒子到达的最远点恰能与地面相切，则在图示平面内只改变a粒子射入的速度方向，粒子不可能到达地面，选项D错误。故选ABC。9．（2024·全国·高三专题练习）如图所示，边长为L的正方形abcd区域内分布磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场。从ab边的中点P处发射速率不同、质量为m、电荷量为q的带正电粒子，粒子沿纸面与Pb成的方向射入该磁场区域，不计粒子的重力及粒子间的相互作用。（1）若带电粒子垂直于ad边射出磁场，求该粒子的运动时间；（2）求ab边界有粒子离开磁场的区域长度；（3）若粒子离开磁场时的速度方向偏转了60°，求该粒子的速度大小。【答案】（1）；（2）；（3）【详解】（1）如图该粒子的圆心角为，则运动时间为（2）如图，粒子运动轨迹与ad相切，该粒子的运动半径为，由几何关系，有ab边界有粒子离开磁场的区域长度，即弦长为得（3）若速度方向偏转了60°