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文档简介
2024高考数学常考题型精华版第6讲导数的极值与最值题型总结
【考点分析】
考点一:函数的驻点
若/'々0)=0,我们把与叫做函数的驻点.
考点二:函数的极值点与极值
①极大值点与极大值:函数〃X)在点X。附近有定义,如果对毛附近的所有点都有/(x)</(x。),则称/(%)
是函数的一个极大值,记作y极大值=/(X。),其中与叫做函数的极大值点
②极小值点与极小值:函数〃x)在点/附近有定义,如果对X。附近的所有点都有/(x)>/(x0),则称/(X。)
是函数的一个极小值,记作y极小值=/(x。),其中X。叫做函数的极小值点
考点三:求可导函数/(x)极值的步骤
①先确定函数/(x)的定义域;
②求导数f'(x);
③求方程f'(x)=0的根;
④检验/'(外在方程/'(x)=0的根的左右两侧的符号,如果在根的左侧附近为正,在右侧附近为负,那么函
数y=/(x)在这个根处取得极大值;如果在根的左侧附近为负,在右侧附近为正,那么函数y=/(x)在这个
根处取得极小值.
注意:可导函数/(x)在x=x0满足/•'&)=()是/(x)在/取得极值的必要不充分条件,如f{x)=xi,
/'(0)=0,但%=0不是极值点.
考点四:函数的最值
一个连续函数在闭区间上一定有最值,最值要么在极值点处取得,要么在断点处取得。
求函数最值的步骤为:
①求V="X)在[a,b]内的极值(极大值或极小值);
②将y=/(x)的各极值与/(a)和/(b)比较,其中最大的一个为最大值,最小的一个为最小值.
【题型目录】
题型一:求函数的极值与极值点
题型二:根据极值、极值点求参数的值
题型三:根据极值、极值点求参数的范围
题型四:利用导数求函数的最值(不含参)
题型五:根据最值求参数
题型六:根据最值求参数范围
【典例例题】
题型一:求函数的极值与极值点
【方法总结】
利用导数求函数极值的步骤如下:
(1)求函数/(X)的定义域;
(2)求导;
(3)解方程/'(/)=0,当/(x0)=0;
(4)列表,分析函数的单调性,求极值:
①如果在飞附近的左侧/'(力<0,右侧/、'(x)〉0,那么是极小值;
Y2
【例1】(2022石泉县石泉中学)函数f(x)=j的极小值为()
1,
A.0B.-C.2D.4e2
e
【答案】A
x2x
v2.、2xe-xe-x(x-2)
【解析】由/(x)=j,得/3=.㈤2—=—/一,
当0<x<2时,/'(x)>0,单调递增;
当x<0或x〉2时,/'(x)<0,/(尤)单调递减;
V2
所以当x=0时,函数/(x)=1取得极小值,
极小值为"0)=*=0.
e
故选:A.
【例2】(2021•河南新乡市)已知函数/(工)二111]一。工的图象在%=1处的切线方程为1+»+6=0,则/&)
的极大值为()
A.—In2—1B.—In2+1C.—1D.1
【答案】A
【解析】因为/(x)=lnx-av,所以/''(x)=L-a,
x
又因为函数/(x)在图象在x=l处的切线方程为x+N+b=O,
所以/(1)=一a=-b—1,/'⑴=1—a=-1,解得。=2,b=l.
由/,(幻='一2=匕2,0<x<-,f'(x)>0,x>-,f\x)<0,知/(x)在x=1处取得极大值,
xx222
/、(;)=ln;_l=_ln2_l.故选:A.
【例3】若函数/(x)=e*-ax-/在R上有小于o的极值点,则实数。的取值范围是()
A.(-1,0)B.(0,1)C.(-»,-1)D.(1,+8)
【答案】B
【解析】由f(x)=ex-ax-a2=>r(x)=e、-a
因为/(x)="—ax—1在R上有小于o的极值点,所以/'(x)=e*-。=0有小于0的根,由y=e,的图
像如图:
可知/'(x)=e*-。=0有小于0的根需要0<a<1,所以选择B
Y
【例4】(2022•江西师大附中三模(理))已知函数/(x)=F—sinx,g(x)为/⑴的导函数.
e
(1)判断函数g(x)在区间(og)上是否存在极值,若存在,请判断是极大值还是极小值;若不存在,说明理由;
【答案】(1)存在;极小值
【分析】(1)转化为判断导函数是否存在变号零点,对g'(x)求导后,判断g'(x)的单调性,结合零点存在性
定理可得结果;
Xp'v—YPX1—Y
【解析】(1)由/(x)=-7-sinx,可得g(x)=,,八,-一cosx=——cosx,
।,/、—c'—(1—x)evx—2
则ng(x)=-----s------+sinx=——+smx,x
(e)e
令〃(x)=^~~-+sinx,其中4),可得——+cosx=--^-+cosx>0,
exV2J(ex)e'
所以h(x)在(0目上单调递增,即g'(x)在其)上单调递增,
使得g'(x())=0,
当xe(O,Xo)时,g'(x)<0,g(x)单调递减;当xc(xo,/1寸,
g(x)>0,g(x)单调递增,
所以当X=x°时,函数g(x)取得极小值.
【例5】(2022•江苏苏州•模拟预测)函数/(x)=x-sinx-cosx.
⑴求函数/(x)在卜乃司上的极值;
【答案】(1)极大值,1-1;极小值,-1;
【分析】(1)由题可得/'(月=1-应侬[-£|,进而可得:
【解析】(l):/(x)=x-sinx-cosx,
/[x)=l-cosx+sinx=l-V^co[,xe,肛,
由r(x)=0,可得x=-1,或x=0,
2
xe(―匹―,),/'(x)>0,/(x)单调递增,xe,/'(x)<0,/(x)单调递减,xe]。,]],八x)>0J(x)单
调递增,
ITTTTT
.♦.》=一5时,函数/*)有极大值/(-5X1-5,x=o时,函数“X)有极小值/(o)=-i;
【题型专练】
1.已知e为自然对数的底数,设函数/(x)=xe、,则
A.1是/(X)的极小值点B.-1是/(x)的极小值点
C.1是/(x)的极大值点D.-1是/(x)的极大值点
【答案】B
【解析】
【详解】
试题分析:f'(x)-tX•X-9t=(l+x)-«x>当/'(xl=0时,X=-1,当x<-1时>/''0,当X>-1
时,/'〈XI>0,所以当x=-l时,函数取得极小值,-1是函数的极小值点,故选B.
考点:导数与极值
2.(2022福建省福建师大附中高二期末多选)定义在灭的函数/(X),已知Xo(x0W0)是它的极大值点,
则以下结论正确的是()
A.-%是/(—x)的一个极大值点
B.一与是—/(X)的一个极小值点
C.%是—/(X)的一个极大值点
D.-%是—/(—x)的一个极小值点
【答案】AD
【解析】玉)(玉)。0)是/6)的极大值点,就是存在正数阴,使得在(X。一私X。)上,f\x)>0,在
(%,%+加)上,f'(x)<0.
设g(x)=/(-x),g'(x)=,
r
当<x<-xQ+加时,xQ-m<-x<xQ,f(-x)>0,g\x)<0,同理-x0-m<x<-x0时,g'(x)>0,
♦••-X。是的一个极大值点,从而一X。是—/(T)的一个极小值点,X。是-/(X)的一个极小值点.不
能判定-%是不是-/(X)的极值点.故选:AD.
3.(2022江西高三期中(文))已知函数/(X)=alnx+ax,g(x)=x2+2x.其中aeR.
(1)求函数人(x)=/(x)+g(x)的极值;
(2)若g(X)的图像在Z(X1,g(xJ),B(X2,g(X2))(X]</<。)处的切线互相垂直,求吃一苦的最小值.
【答案】(1)答案见解析;(2)I.
【解析】
(1)函数力(x)=c/lnx+x2+他+2)x的定义或为(0,+<»),
2(x+l)|x+-I
h\x)=-+2x+(a+2)=-------一〃,
XX
若aNO,"(x)>0恒成立,此时/z(x)在(0,+8)上单调递增,无极值;
若”0时,"(x)=0,解得x=—
2
当0<x<—@时,h\x)<0,//(x)单调递减;
2
当x>-@时,h'(x)>0,A(x)单调递增.
2
当x=-'|■时,"(x)有极小值〃[一=aIn匕-一a,无极大值.
(2)g'(x)=2x+2,则(2再+2)(2々+2)=-1,其中,项</<0,
]
2X1+2<0<2x+2,且X|=-1—1<x<0,
24(%+1)2
・口一*r+1+^1222Tl1r1,
当且仅当/=—ge(—l,0)时取等号,
13
二当々=一],X[=—5时,—西取最小值1.
题型二:根据极值、极值点求参数的值
【方法总结】
解含参数的极值问题要注意:
①/'(Xo)=°是X。为函数极值点的必要不充分条件,故而要注意检验;
②若函数歹=/(X)在区间(a,b)内有极值,那么y=/(无)在(*。)内绝不是单调函数,即在某区间
上的单调函数没有极值.
【例0(2022全国课时练习)若函数/(x)=(--ax—的极小值点是x=l,则/(x)的极大值为()
A.-eB.-2e2C.5e-2D.-2
【答案】C
【解析】由题意,函数/(x)=(x?-ax-l)e”,可得/'(x)=+(2-a)x-l-a],
所以/'(1)=(2-2a)e=0,解得。=1,&/(x)=(x2-x-1)ex,
可得八x)=e*(x+2)(x-l),
则/(x)在(-8,-2)上单调递增,在(-2,1)上单调递减,在(1,+8)上单调递增,
所以/(x)的极大值为/(_2)=5小2.故选:C.
【例2】(202卜全国课时练习)若函数/(x)=x(x-4)2在X=2处取得极小值,贝.
【答案】2
【解析】由/(x)=x(x-a)2=储-2ax2可得/口)=3》2-4公+/,
因为函数/(x)=x(x—op在x=2处取得极小值,
所以/'(2)=12-8a+/=0,解得a=2或a=6,
若a=2,则/'(X)=3X2-8X+4=(X-2)(3X-2),
当时,/'(x)>0,则/(x)单调递增;当时,f\x)<0,则/(x)单调递减:
当xe(2,+8)时,f'(x)>0,则〃x)单调递增;所以函数〃x)在》=2处取得极小值,符合题意;
当a=6时,/'(X)=3X2-24X+36=3(X—2)(X-6),
当xe(-a5,2)时,f\x)>0,则〃x)单调递增;当xe(2,6)时,f(x)<0,则〃x)单调递减;
当xe(6,+8)时,f'(x)>0,则/(x)单调递增;所以函数在x=2处取得极大值,不符合题意;
综上:a=2.
故答案为:2.
【例3】(2022•江苏南通•模拟预测)已知函数/(x)=(x-a)(x-b)e*在x=a处取极小值,且/(x)的极大值
为4,贝1]6=()
A.-1B.2C.-3D.4
【答案】B
【解析】
【分析】
对/(x)求导,由函数/(x)=(x-a)(x-6)e*在x=a处取极小值,所以/(。)=0,所以a=6,
.■./(x)=(x-«)2e\对〃x)求导,求单调区间及极大值,由的极大值为4,列方程得解.
【详解】
解:〃x)=(x-a)(x-6)e*=(x2-亦-6x+R>)e*,所以
/,(x)=(2x-a-6)er+(x2-ax-bx+ab)ev=ev[^x2+(2-a-b')x+ab-a-b^
因为函数/(x)=(x-a)(x-b)e*在x=a处取极小值,所以
/,(tz)=efl[iz2+(2-a-/>)a+ab-a-b^=ea(a-^=C,所以“=b,.・./(司=(》-0)建工,
/'(x)=e*[x2+(2-2a)x+a2-2o]=et(x-亚x-("2],
令/'(x)=0,得x=a或尸a-2,当xe(-8,。-2)时,/,(x)>0,所以〃x)在(-刃,”2)单调递增,当
xe(a-2,a)时,,(x)<0,所以/(x)在(a-2,a)单调递增,当xe(a,+8)时,〃x)>0,所以/(x)在
(a,+8)单调递增,所以〃x)在尸a-2处有极大值为f(a-2)=4e"2=4,解得a=2,所以b=2.
故选:B
【题型专练】
3
1.设函数/(x)=lnx+ax2-]X,若%=1是函数/(x)是极大值点,则函数/(x)的极小值为
【答案】ln2-2
313
【解析】函数/(x)=Inx+ar2—x=>f\x)=~\-2ax----
2x2
13।
x=l是函数/")是极大值点则/⑴=,+2〃一或=0=>4=1
13113
f(x\=lnx+—x2——x=>fV)=一"I--x----=0x=]或x=2
''42x22
当x=2时/(x)的极小值为ln2—2故答案为:ln2—2
2.(2023全国高三专题练习)已知函数/(x)=Q"-lnx-l,设x=1是/(x)的极值点,则斫—,/(x)
的单调增区间为一.
【答案】-(L+8)
e
【解析】
由题意可得:/'(x)=ae「(
・.・%=1是/(工)的极值点
二.r(l)=ae-1=0
e
即/(x)=e,T—Inx-]=>/,(x)=ex-1--
令/'(x)>0,可得x>l
:.f(x)的单调递增区间为(L+8)
1jr
3.(2023河南省实验中学高二月考)函数y=45足》+-5皿3*在彳=一处有极值,则。的值为()
"33
A.-6B.6C.-2D.2
【答案】D
【解析】y'=acosx+cos3x,由V1/=°得,acos^+cos乃=0,”=2,选D.
33
点睛:函数/(X)在点x=q处由极值,则必有,/''(0)=(),但要注意/'(?)=(),x=2不一定是“X)的极值
点.
题型三:根据极值、极值点求参数的范围
【例1】(2022•四川绵阳•二模(文))若X=2是函数/(可uf+zg-Zb-dalnx的极大值点,则实数a的取
值范围是()
A.(-no,-2)B.(―2,+co)C.(2,+oo)D.(-2,2)
【答案】A
【解析】
【分析】
求出了'(X),分a<-2,-2<a<0,。=-2分别讨论出函数的单调区间,从而可得其极值情况,从而
得出答案.
【详解】
/,(x)=2x+2(”2)-竺2.八2("2卜-4、2鼻心),(x>0)
XXX
若“20时,当x>2时,r(x)>0;当0<x<2时,/'(x)<0;
则/(x)在(0,2)上单调递减;在(2,+8)上单调递增.
所以当x=2时,/(x)取得极小值,与条件不符合,故满足题意.
当。<-2时,由/'(x)>0可得0<x<2或x>-a:由/'(x)<0可得2Vx<-4
所以在(0,2)上单调递增;在(2,一。)上单调递减,在(-凡+⑹上单调递增.
所以当x=2时,/(x)取得极大值,满足条件.
当-2<〃<0时,由/'(x)>0可得0<x<-a或x>2;由/'(x)<0可得-"x<2
所以在(0,-a)上单调递增;在2)上单调递减,在(2,+8)上单调递增.
所以当x=2时,/(x)取得极小值,不满足条件.
当。=-2时,/'(x)±0在(0,+8)上恒成立,即/(x)在(0,+8)上单调递增.
此时/(x)无极值.
综上所述:a<-2满足条件
故选:A
【例2】(2022・河南•高三阶段练习(文))若函数/(*)=(/+如+2)@在R上无极值,则实数a的取值范围
()
A.(-2,2)B.(-273,2^3)C.[-2行,2君]D.[-2,2]
【答案】D
【解析】
【分析】
求/'(x)=[x2+(a+2)x+a+2)e,,由分析可得夕+(a+2)x+a+220恒成立,利用A40即可求得实数
”的取值范围.
【详解】
由+ax+2)-e"可得
/,(jr)=(2x+6/)-e'+(j?+ax+2>e'=[x)+(a+2)x+a+2]e",
e*>0恒成立,丁=/+(〃+2)X+。+2为开口向上的抛物线,
若函数/(力=卜2+办+2)〃在R上无极值,
则V=x~+(〃+2)x+a+2N。恒成立,所以△=(Q+2)~-4(Q+2)40,
解得:—2<tz<2,
所以实数。的取值范围为[-2,2],
故选:D.
【例3】(2022•全国•高三专题练习)函数f(x)=C--Inx)在(0,1)内有极值,则实数。的取值范围是()
x
A.(-00,e)B.(0,e)C.(e,+oo)D.[e,+oo)
【答案】C
【解析】
【分析】
由可导函数在开区间内有极值的充要条件即可作答.
【详解】
由/(x)=J-a(x-lnx)得,/,(x)=et(-—l)-a(l--)=0
XXXXXX
因函数/(x)=-—々(%-111%)在(0,1)内有极值,则xe(0』)时、f'(x)=0oa=J有解,
xx
即在X£(O,1)时,函数g(x)=C与直线y=a有公共点,
X
而g,(x)=C(l-_L)<0,即g(x)在(0,1)上单调递减,Vx€(O,l),g(x)>g(l)=e,则a>e,显然在。=纪零点
XXx
左右两侧/‘(X)异号,
所以实数a的取值范围是®4W).
故选:C
【点睛】
结论点睛:可导函数y=f(x)在点xO处取得极值的充要条件是f(xO)=O,且在xO左侧与右侧F(x)的符号不
同.
【例4】(2022•陕西•西北工业大学附属中学模拟预测(理))已知函数/")=["2-(4“+l)x+4a+3]e",若
x=2是“X)的极小值点,则实数。的取值范围是()
;,+8
A.B.C.(-8,0)D.(-1,+8)
【答案】B
【解析】
【分析】
根据导函数的正负,对。分类讨论,判断极值点,即可求解.
【详解】
由/(x)=[a/-(44+1)x+4〃+3]e"得f\x)=(ox-l)(x-2)e",令
f\x)=(ajc-l)(x-2)ev>0=(ax-l)(x-2)>0,
若a<0,贝!|(ax-l)(x-2)>0=1<x<2,此时,在4<x<2单调递增,在x>2,x<'单调递减,这与x=2
aaa
是/(x)的极小值点矛盾,故舍去.
若。=0,可知x=2是〃力的极大值点,故不符合题意.
若1>a>0,(ax-1)(%-2)>0=>x<2,x>—,此时/(x)在x<2,x>1单调递增,在2<x<,单调递减,可
2aaa
知x=2是/(x)的极大值点,故不符合题意.
当,,(ax-l)(x-2)>0=>x>2,x<—,此时/(x)在x>2,x<L单调递增,在2>x>,单调递减,可
知x=2是/(x)的极小值点,符合题意.
若。=;,"X)在定义域内单调递增,无极值,不符合题意,舍去.
综上可知:a>g
故选:B
【例5】(2022•吉林长春•模拟预测(文))已知函数/(x)=ax+sinx,xe(0,兀).
⑴当“=1时,过(0,1)做函数/(X)的切线,求切线方程;
(2)若函数/(x)存在极值,求极值的取值范围.
【答案】(l)y=x+l,(2)(09)
【解析】
【分析】
(1)设切点,再根据导数的几何意义求解即可;
(2)求导分析导函数为0时的情况,设极值点为%得到a=-cosx0,代入极值再构造函数
〃(x)=-xcosx+sinx,求导分析单调性与取值范围即可
⑴
由题,当a=l时,/(x)=x+sinx,/,(x)=l+cosx,
,
设切点为+sinx0),则/(x0)=l+cosx0,
故切线方程为y-Xo-sinx。=(l+cosxo)(x-x()),
又切线过(0,1),故l-厮-sinx0=-x0(l+cosx0),Bpsinx0-x0cosx0-1=0,
设g(x)=sinx-xcosx-l,XG(O,TT),则gf(x)=xsinx>0,
冗
故$皿/-/«^0-1=0有唯一解%=5,
故切点为斜率为1,故切线方程为夕-(彳+1)=,即y=x+l;
⑵
因为尸(x)=a+cosx,xe(0㈤为减函数,故若函数〃x)存在极值,
则/网、)=0在区间x©(0,71)上有唯一零点设为%,
贝!Ja+cosx0=0,即a=-cosxQ,
故极值/(/)=a/+sin/=cosx0+sinx0,
设〃(x)=-xcosx+sinx,X€(0,H),贝Ijh\x)=xsinx>0,
故〃(X)为增函数,故〃(0)<力(%)<力("),故0<〃(x)<(,即f(Xo)e(O,T),
故极值的取值范围(0,公
【点睛】
本题主要考查了过点的切线问题,同时也考查了利用导数研究函数的极值问题,需要根据题意设极值点,
得到极值点满足的关系,再代入极值构造函数分析,属于难题
【例6】(2022•天津•耀华中学二模)已知函数/(x)=0《+lnx-x(a>O).
X
⑴若4=1,求函数“X)的单调区间;
(2)若/(X)存在两个极小值点看用,求实数。的取值范围.
【答案】⑴递减区间为(0,1),递增区间为0,+8),(2)(0,-)
e
【解析】
【分析】
(1)当。=1时,求得/(x)=(xTX:*x),令Mx)=e'-x,利用导数求得加(x)>0,进而求得函数的单
X
调区间;
(2)求得&、e,(x-l)(4--),令“3=三,结合单调性得到“(x)wL进而得到0<三八,分a/
JW=-------2------eeeee
x
和o<“<1,两种情况分类讨论,结合单调性与极值点的概念,即可求解.
e
(1)
解:当。=1时,函数/(x)=±+lnx-x,
x
可得八X)=1午1)+1_1=(X7)CT),
XXX
令〃?(x)=e*-x,xe(0,+oo),可得M(x)=e*-1>0,所以函数机(x)单调递增,
因为zn(x)>〃?(0)=l,所以m(x)>0,
当xe(0,l)时,f^(x)<0,/(x)单调递减;
当xe(l,m)时,/(x)>0,f(x)单调递增,
即函数/(X)的单调递减区间为(0,1),单调递增区间为(1,+8).
(2)
解:由函数f(x)="-+lnx-x,xw(0,+8),
X
X
可得/-1)=上华工R0,
XX
令"X)=W,可得
ee
所以函数"(X)在(0,1)上单调递增,在(1,+8)上单调递减,所以“(x)vL
e
当x>0时,可得e,>l,所以0</4(,
①当时,。一三20,此时当xe(O』)时,/^(x)<0,/(x)单调递减;
ee
当xe(l,+oo)时,严(x)>0,〃x)单调递增,
所以函数“X)的极小值为/6=ae-l,无极大值;
②当0<°<1时,»((?)=—<-^-=a,w(l)=->a,
eeee
又由〃(x)在(a,1)上单调递增,所以"(x)在(a,1)上有唯一的零点为,且含=〃,
因为当1>e时,令g(x)=21nx-x,可得g,(x)=*-l=土三<0,
XX
又因为g(e)=2-e<0,所以g(x)<0,即21nx<x,所以21n1<L
aa
一
IIn-y221n1—]
所以〃(ln-)=—7=a-g-<a,u(\)=->a,
ain-y1e
ea"~
因为u(x)在(l,+8)上单调递减,所以/'C(x)在(O/nJ)上有唯一的零点巧,且竟=a,
所以当xe(0,xJ时,*(x)<0,〃x)单调递减:
当xe(x”l)时,#(x)>0,/(x)单调递增;
当》€(1户2)时,"(x)<0,“X)单调递减;
当工€区,+8)时,/^(x)>0,“X)单调递增,
所以函数/(X)有两个极小值点,故实数a的取值范围为(0一).
e
【题型专练】
1.(2022贵州遵义•高三)若函数/(x)=;d-⑪2+x-5无极值点则实数a的取值范围是()
A.(-1,1)B.[-1,1]
C.(-<x>,-l)U(l,+«)D.(-00,-1]U[!,+»)
【答案】B
【解析】
/(x)=3'-ax2+x-5,
:.f\x)=x2-2ax+1,
1a,
由函数/(x)=]/-or+x-5无极值点知,
/'(x)=0至多1个实数根,
.•.A=(-2a)2-4<0,
解得一iWaW1,
实数。的取值范围是[-1,1],
故选:B
2.(2022湖南湘潭•高三月考(理))已知函数=+有两个极值点,则.的取值范围是()
A.(e,+oo)B.C.(e2,+<x>)D.~,+^
)I2J
【答案】D
【解析】
因为f(x)=ex-ax2+2ax有两个极值点,所以/'(x)=0有两个不同实数根,所以靖一2ax+2a=0有
两个不同实数根,
所以e、=2a(x—1)有两个不同实数根,显然
]y__1y_17—Y
所以元=二7~有两个不同实数根,记g(X)=—7~,g'(x)=17-,
当xe(-oo,2)时g'(x)〉0,当xe(2,+oo)时g'(x)<0,
所以g(x)在(—8,2)上单调递增,在(2,+co)上单调递减,所以g(x)max=g(2)=5,
又因为xe(-oo,l]时,g(x)<0;当xe(O,2)时,;当xe[2,+a>)时,g(x)e[o,i,
所以当]=二有两个不同实数根时,
2ae2a\)
所以2a>e2,所以。>幺,
2
故选:D.
3.若函数〃x)=x2-2x+alnx有两个不同的极值点,则实数。的取值范围是()
1111
A.a>—B.——<a<0C.a<—D.0<a<-
2222
【答案】D
【解析】
【分析】
求出函数的导数,由导函数有两个零点可得实数〃的取值范围.
【详解】
;/(x)=x2-2x+“lnx有两个不同的极值点,
2xx+a
,f'(x)=2x-2+-=~~~=0在(0,+8)有2个不同的零点,
2x
:.2--2x+a=0在(0,+8)有2个不同的零点,
[A=4—8tz>0i
•••\,解得°<。<彳.
[a>0n2
故选:D.
4.(2020•辽宁高三月考)已知函数/(x)=a%2-2x+lnx有两个不同的极值点芭,%,则。的取值范围
;且不等式/(网)+/伍)〈玉恒成立,则实数/的取值范围.
【答案】fo,~j[-5,+oo)
【解析】
2ax~-2x+l
/'a)=(x>0),
x
因为函数/、(力=62-2x+lnx有两个不同的极值点看,》2,
所以方程2a?-2x+1=0有两个不相等的正实数根,
A=4—8(2>0
于是有:“$+工2=4>0,解得
a2
Xy=-->0
「22a
x-x
/(%】)+/(2)i-々-2xl4-lnXj-2x2+Inx2-x}-x2
2
="(X[+x2)-2X1X2J-3(X1+x2)+ln(x1x2)
21c
=-------11-InZ6f,
a
设〃(a)=-2-1-In2a,(0<Q<;),
2—i
“(0=一■>(),故人伍)在0<。<:上单调递增,
a2
故〃(a)<U=-5,所以4-5.
因此/的取值范围是[-5,+8)
故答案为:^0,—[-5,+oo)
5.(2022•江苏南通・高二期末)若x=a是函数/(x)=(x-a)2(x-l)的极大值点,则。的取值范围是()
A.a<\B.a<\C.a>\D.a>1
【答案】A
【解析】
【分析】
求导后,得导函数的零点。,手,比较两数的大小,分别判断在x="两侧的导数符号,确定函数单调性,
从而确定是否在x=a处取到极大值,即可求得。的范围.
【详解】
W:/(x)=(x-a)2(x-l),XGR
•*-f'(x)=(x-Q)(3X-a-2)
4'/"W=(^-a)(3x-a-2)=0,得:x=a,x=^^
当"誓,即a<l
此时〃x)在区间(-叫。)单调递增,(a,等)上单调递减,(誓,的)上单调递增,符合x=a是函数/(x)的极
大值点,
反之,当。>审,即a>1,此时/(x)在区间(-双营)单调递增,(等⑷上单调递减,(a,”)上单调递增,
x=a是函数/(x)的极小值点,不符合题意;
当。=小,即。=1,/'(幻20恒成立,函数“X)在xeR上单调递增,无极值点.
综上得:a<\.
故选:A.
6.(2020•江苏盐城•高三期中)若函数/(x)=;/+6ing在(1,2)上存在两个极值点,则b(3a+b+9)
的取值范围是.
【答案】P,fl)
【解析】
因为/(x)=+Mnx+ax(x>0),
x2+ax+b
所以f'^x^=x+—+a=
X
设g(x)=工2+QX+6,
因为函数/(X)在(1,2)上存在两个极值点,
所以/'(X)在(1,2)上存在两个零点,
所以g(x)在(1,2)上存在两个零点,设为外多且X尸吃,
所以根据韦达定理有:\,,
|%产2=6
故b(3a+b+9)=b2+3ab+9b
2
=(xt-x2)-3X1•x2(X]+x2)+9x,•x2
2
=(xj-3XJ(X2-3X2),
因为$e(l,2),
由于X],
2
所以(X;-3X,)(X2-3》21(4号).
故答案为:(4,意].
7.(2018年北京高考题)设函数/(x)=[or2-(3a+l)x+3a+2]e*。
(1)若曲线V=/(x)在点(2,/(2))处的切线斜率为0,求
(2)讨论/(x)的单调性,若/(x)在x=l处取得极小值,求“的取值范围。
【解析】:(1)/(x)=ex[ax2-(a+l)x+1],v/(2)=0,得a=;;
(2)/(x)=ex[ax2-(a+l)x+1]=ex(ax--1).
①当a=0时,导数为一次函数型,当xe(-oo,l)时,/(x)单调递增,当xe(l,+8)时,/(x)单调递减。
/(I)是极大值;
②当。>0时,开口向上,两根分别为,,1;两根大小不确定,
a
i.当a>l时,1>),当8,;|,(L+⑹时,/(x)单调递增,当xe/,1卜寸,/(x)单调递减,/⑴
是极小值;
ii.当a=l时,/(x)单调递增,无极值;
iii.当0<a<l时,1<,,当xe(-8,1),时,/(x)单调递增,当时,/(x)单调递
减,/⑴是极大值;
③当a<0时,开口向下,1>工,当:,(1,+8)时・,/(x)单调递减,当时•,/(x)单
a\a)\a)
调递增,/(I)是极大值;综上可知。>1。
题型四:利用导数求函数的最值(不含参)
【方法总结】
导数求函数的极值与闭区间上的最值,设函数/(X)在[见句上连续,在(。,6)内可导,求/(X)在
[a,b]上的最大值和最小值的步骤如下:
①求函数歹=/(X)在(a,6)内的极值;
②将函数y=/(x))的各极值与端点处的函数值/(a),/伍)比较,其中最大的一个为最大值,最小
的一个为最小值.
X
【例1】(2022江苏单元测试)函数夕=三在[0,2]上的最大值是()
e
121
A.—B.—rC.0D.--7=
ee22je
【答案】A
y1-y-
【解析】由f(x)=三,得/(x)=「一,
ee
当04x<l时,f'(x)>0,当1<XW2时,/(x)<0,
所以f(x)在[0,1)上递增,在以2]上递减,
所以“X)2=/(1)=L故选:A
e
Inx
【例2】(2022全国课时练习)函数y=一乙的最大值为()
x
A.e~lB.eC.e2D.10
【答案】A
【解析】令1=lTnx.=0=x=e.当x>e时,/<0
;当0cx<e时,/>0
x~
1
所以函数得极大值为e-,因为在定义域内只有一个极值,所以乂1m故选:A.
【例3】函数y=x+sinx在[0,4]上的最大值为()
A.—I-1B.itC.n-\D.万+1
2
【答案】B
【解析】
【分析】
利用导数研究V=x+sinx的单调性,进而求其最大值.
【详解】
由题意,在[0,句上y'=l+cosx20,即,=x+sinx单调递增,
♦,•”咏="+sin万=万・
故选:B
【例4】(2020•北京高三期中)已知函数/(x)=e*(2x2—3x)
(1)求不等式/(x)〉0的解集:
(2)求函数/(x)在区间[0,2]上的最大值和最小值.
【答案】(1){x[x<0或(2)最小值-e,最大值2e?.
【解析】
(1)因为e">0,
由/")=d(2——3x)>0,得2工2_3%>0.
_、3
所以x<0或x>—.
2
所以不等式/(X)>0的解集为{x|X<0或X>*;
x2x
(2)由〃力=0*(2/一3x)得:f\x)=e(2x+x-3)=e(2x+3)(x-1).
3
令/'(x)=0,得x=l,或光=一5(舍).
/(x)与/'(x)在区间[0,2]上的情况如下:
X0(0,1)1(1,2)2
/'(X)——0+
/(x)0减-e增2e2
所以当x=l时,/(x)取得最小值/、(l)=-e;
当x=2时,/(x)取得最大值/(2)=2e2.
【例5】(2022•全国•高三专题练习)函数/(x)=的最小值为.
【答案】1
【解析】
【分析】
先证明出e'2/+1成立,对原函数进行同构构造后直接求解.
【详解】
记》=e'-t-\.
因为y'=e'-l.令y'>0,解得:r>0;令y'<0,解得:/<0;
所以歹=占一£一1在(-%0)上单减,在(0,+。)上单增,所以几而=5-0-1=0.
所以y=e'-f-lN0,即e'2/+l.
所以/(x)=xe'Tnx=e''"'-InXzX+lnx+In、,当且仅当x+lnx=0时等号成立.
x+1x+lX+1
记g(x)=x+lnx,(x〉o).
因为N=%在(0,+。)上单增,V=lnx在(0,+8)上单增,所以g(x)=x+lnx在(0,+功上单增.
Xg|—|=-+ln-=--1<0,g(l)=14-lnl=l>0,
Ve)eee
所以g(x)=x+lnx有且只有一个实根.
而存在唯---个/£(0,1)使得8(%)=%+仙%0=0.
即存在唯一一个/«0,1)使得/(x0)=l.
所以函数/(x)=xe:::x的最小值为1
故答案为:1
【题型专练】
1.(2022•河南郑州•三模(文))〃x)=e,-x在区间[-1,1]上的最小值是()
A.1H—B.1C.e+1D.e-1
【答案】B
【解析】
【分析】
求导函数,分析其导函数的符号,得出原函数的单调性,从而可求得最小值.
【详解】
因为"x)=e、-x,所以=令/&)=0,解得x=0,
所以当x<0时,/(%)<0,函数/(x)=e'-x单调递减,当>0时,/(%)>0,函数/(x)=/-x单调递增,
所以函数/(x)=e*-x在[-1』上的最小值为/(0)=e0-0=l,
故选:B.
2.(2022・全国•高三专题练习)函数y=(x+l)eTxe[-3,4]的最大值为()
A.2e~2B.5esC.4e5D.-e''
【答案】B
【解析】
【分析】
先对函数求导,求出函数的单调区间,进而可求出函数的最大值
【详解】
解:由y=
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