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文档简介
绝密★启用前
2022年高考考前押题密卷(天津卷)
化学
(考试时间:60分钟试卷满分:100分)
注意事项:
1.本试卷分选择题和非选择题两部分。答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填
写在答题卡上。
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3.回答非选择题时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。
第I卷
可能用到的相对原子质量:H1B11C12N14O16Na23P31Fe56
1.2022年4月16日,科技护航,英雄回家…神州十三号载人飞船返回舱成功着陆,降落伞
面以芳纶为材料,返回舱烧蚀防热涂层以苯基橡胶为基体,填压石棉(3MgO2Si02・2H2。)、
玻璃微球、酚醛树脂微球。以下说法正确的是
A.工业上制备苯基橡胶与芳纶的原料苯可来自煤的干储或石油的分储
B.返回舱侧壁金属壳体铝合金及烧蚀涂层均需具备轻质、高强、超塑性
C.填压玻璃微球、酚醛树脂微球可降低材料热导系数,石棉等燃烧可带走大量的热
D.芳纶1313(聚间苯二甲酰间苯二胺)与芳纶1414互为同分异构体
2.我国拟定于2022年底发射“爱因斯坦”探针卫星,首次填补时域天文观测和高能天体物理
研究的国际空白。X射线主探器单体结构如图,下列说法错误的是
A.镀窗利用J'镀的延展性
B.Nai与CsI晶胞结构类型不同
C.石英中两种原子的杂化方式均为sd
D.Nai与CsI作为闪烁体是由于遇光易分解
3.2022北京冬奥会期间,“冰丝带”场馆安装发电玻璃实现零碳供电,原理是在玻璃表面涂抹
一层硫化镉,使其具有光电转换功能。下列说法正确的是
A.确元素在元素周期表中位于d区
BTe原子核内中子数为128
C."2cd与""Cd互为同位素
D.发电玻璃的发电过程是化学能转化为电能
4.硫代硫酸钠(Na2s20"可用作照相业的定影剂,使胶片或相纸表面覆着的溪化银溶解,其
反应的化学方程式为:AgBr+2Na2S2O,=Na3[Ag(S2O3)2]+NaBro下列说法正确的是
A.Na/Ag^OJ]属于强电解质,AgBr属于非电解质
B.Na31Ag(SzO、)」中含有离子键、共价键
C.pH越小,越有利于上述反应进行
D.可用硝
酸银溶液检验NaBr中的阴离子
5.2021年9月我国科学院天津工业生物所、大连物化所科学团队首次在实验室中实现从二氧
化碳到淀粉的全合成。合成路径如图所示。下列表示相关微粒的化学用语正确的是
OH
9焉6。吁距为乂野HO人QH~.一^^0'
ZnO-ZrtJ,醇氧化酶HHv
r-Ar^TTDHAOHn
A.淀粉的分子式:(CeHnCQ”
B.一个DHA分子中含11个0键
:0:
C.FADH的电子式:
H:C:H
D.co2的空间填充模型:QoQ
6.下列有关实验装置或原理正确的是
A.用图甲所示装置滴入过量的硝酸银溶液配制银氨溶液
B.用图乙所示装置制取并收集干燥纯净的N%
C.用图丙所示装置可以比较KMnCU、Ch,S的氧化性
D.仪器丁常用于蒸镭,分离互溶且沸点不同的液体混合物
7JVA为阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是
A.6gNa37cl中含有的电子数为2.8NA
B.100g98%的H2S04含H+数目为2NA
C.高温下,5.6gFe与足量水蒸气反应,转移的电子数为0.3M
D.25℃,0.1LpH=l的盐酸稀释十倍,含有的OH-数为IXIO^WA
8.苯乙醛可用于制备工业香料,工业上通过以下途径制备苯乙醛。下列说法错误的是
A.反应①和④的原子利用率均为100%
B.乙烯、苯乙醇、苯乙醛均能使酸性高镒酸钾溶液褪色
C.向2mL10%的硫酸铜溶液中滴加5滴2%的氢氧化钠溶液,再加入0.5mL苯乙醛溶
液,加热,有砖红色沉淀出现
预测可以发生反应、A-
D.
A1C13
9.下列各组粒子在溶液中可以大量共存且在加入(或通入)相应试剂后,发生反应的离子方程
式也正确的是
选项微粒组试剂发生反应的离子方程式
K+、Na+、SO:、SO;+
A足量稀硝酸2H+S0,=SO2t+H2O
BNH:、SO;、SO:、K+足量氯气SO;+CI2+H2O2H++SOf+2。-
、;、2+
CNa\K+SOCl-过量Ca(ClO)2Ca+SOr=CaSO3l
Cu2+、Na+、S”、Cl-适量稀盐酸+2
D2H+S-H2St
10.常温下,下列有关电解质溶液的叙述正确的是
A.在0.1mol/L的Na2c溶液中:c(Na*)=c(COf)+c(HCO,)+c(H2CO,)
B.在O.lmol/L的NaHCO:溶液中:c(CO^)>c(H,CO,)
C.等物质的量的醋酸和醋酸钠溶液混合,形成pH=4的混合溶液中:
c(Na+)>c(CH,COO)>c(H+)>c(OH)
+
D.在O.lmol/L的Na2c2O4溶液中:c(OH")=c(H)+c(HC2O;)+2c(H2C2O4)
11.糠醛氧化制备糠酸是综合利用糠醛资源的一个重要途径。在直流电场作用下,双极膜
(BMP)将水解离为H+和OH,并实现其定向通过。工业上用双极膜电解槽电解糠醛溶液
同时制备糠醇和糠酸盐,电解时,MnCh/MnOOH在电极与糠醛之间传递电子,电解过程
如图所示。下列说法错误的是
A.电解时,阳极反应为MnOOH-e+OH=MnCh+H2O
B.通电时双极膜将水解离为H+和OH,H+向阴极室方向移动
C.生成糠酸盐的离子反应方程式为CH()+2MnC)2+OH-
+2MnOOH
D.理论上外电路中迁移2moi电子,需要消耗Imol糠醛
12.X、Y、Z、M、Q、R皆为前20号元素,其原子半径与主要化合价的关系如图所示。下
列说法错误是
化合物
M
R
A口.
原子半径
A.Q位于第三周期IA族B.X、Y、Z三种元素组成的化合
物可能是盐或碱
C.Z与M的最高价氧化物对应水化物均为强酸D.简单离子半径:M>Q+>R2+
第II卷
注意事项:
1.用黑色墨水的钢笔或签字笔将答案写在答题卡上。
2.本卷共4题,共64分。
13.(14分)磷及其化合物在工业生产中起着重要的作用。
(1)基态磷原子价电子的轨道表示式是。
(2)磷元素有白磷、黑磷等常见的单质。
①白磷(P4)是分子晶体,易溶于CS2,难溶于水,可能原因是o
②黑磷晶体是一种比石墨烯更优秀的新型材料,其晶体是与石墨类似的层状结构,如下
图所示。下列有关黑磷晶体的说法正确的是(填字母序号)
黑磷
a.层与层之间的作用力是共价键
b.分子中磷原子杂化方式为sp2杂化
c.是混合型晶体
(3)Fe3+与水会形成黄色的配离子[Fe(OH)F+,为避免颜色干扰,常在Fe?+溶液中加入
H3P0&形成无色的[Fe(PO4)2]%由此推测与Fe3+形成的配离子更稳定的配体是
,其空间构型是。
(4)第IHA族磷化物均为共价化合物,被广泛用于高温技术、新型电子产品等领域。
①实验测定磷化铝和磷化锢的熔点分别为2(X)0、1070℃,从结构角度说明其熔点差异的
原因___________»
②磷化硼是一种半导体材料,晶胞结构如下图所示。磷化硼的化学式是已
知晶胞边长apm,阿伏加德罗常数为NA,磷化硼晶体的密度是g/cm\(1
pm=10'l0cm)
o原子于
14.(18分)I.2021年诺贝尔化学奖授予了本亚明和戴维两位化学家,以表彰他们在不对
称有机催化研究上做出的伟大贡献。其中,本亚明的研究成果选用的是脯氨酸做不对称
Nil
/\
催化剂,其结构简式为H.广一COOH,回答下列问题:
H2c—CH,
(1)脯氨酸分子中含氧官能团为(写名称);该分子中碳原子杂化方式有
(2)脯氨酸极易溶于水,可能的原因是。
II.工业上脯氨酸的合成路线如下图:
(3)反应②中,25℃时,控制物质B与C2H50H的物质的量比1:1,已知生成物质C中
有1个酯基,推测物质C的结构简式为。若改变反应②条件,GH5OH足量且对
反应加热,写出此时反应的化学反应方程式:O
(4)写出符合下列条件的B的同分异构体结构简式0
①Imol该物质可以与2moi氢氧化钠发生中和反应
②核磁共振氢谱有4组峰,峰面积之比为122:4
(5)写出以甲苯和乙酸乙酯为原料制备湛CH,的合成路线流程图(无机试剂任选,形
式如题目中流程图)
15.(18分)FeCCh可用于制备补血剂。某研究小组制备FeCCh,并对FeCCh的性质和应用
进行探究。
已知:①FeCCh是白色固体,难溶于水
②Fe?++6SCN-UFe(SCN):(无色)
I.FeCCh的制取(夹持装置略)
装置C中,向Na2co3溶液(pH=11.9)通入一段时间CO2至其pH为7,滴加一定量FeSCU
溶液,产生白色沉淀,过滤、洗涤、干燥,得到FeCCh固体。
(1)试剂a是。
(2)向Na2cCh溶液通入C02的目的是。
(3)C装置中制取FeCCh的离子方程式为o
(4)有同学认为C中出现白色沉淀之后应继续通C02,你认为是否合理?说明理由
II.FeCCh的性质探究
3mL4mol/L加3mL4mol/L
充分振荡
KSCN溶液KCI溶液和
实验ii、_--------------►
溶液为红色,并
过灌取滤液江5滴10%的H2O2
口、
i有红褐色沉淀
L-基本无色
=加3mL4moi/L厂
3mL4mol/L
充分振荡
实验iiiKC1溶液KSCN溶液和
、__________________>*=-=
过滤取滤液滴的三
rV510%H2O2
巳―基本无色匕卜基本无色
FeCCh向体
(5)对比实验ii和出,得出的实验结论是。(写2个)
(6)依据实验ii的现象,写出加入10%比02溶液的离子方程式
IILFeCOj的应用
(7)FeCCh溶于乳酸[CH3cH(OH)COOH]能制得可溶性乳酸亚铁补血剂。该实验小组
用KMnO4测定补血剂中亚铁含量进而计算乳酸亚铁的质量分数,发现乳酸亚铁的质量分
数总是大于100%,其原因是(不考虑操作不当引起的误差)。
16.(14分)我国力争2060年前实现碳中和。CH4与CO2催化重整是实现碳中和的热点研
究课题。该催化重整反应体系主要涉及以下反应:
'2CO(g)+2H2(g)
反应I:主反应CH4(g)+CC)2(g卜AHiKPI
反应n:副反应co(g)+H(g)L
22CO(g)+H2O(g)AH2KP2
反应111:积碳反应2CU(g)^--AH
■CO2(g)+C(s)3Kp3
反应IV:积碳反应CHMg)^~~-C(s)+2H(g)
2AH4Kp4
(1)已知H2(g)、CO(g)的燃烧热AH分别为-285.8kJ.moH、-2830kJmoH,H2O(1)=H2O(g)
1
AH5=+44kJ-mol-,则反应II的AH2=kJ-mol'o
(2)设Kp为分压平衡常数(用分压代替浓度,气体分压=总压x该组分的物质的量分数),
反应III、IV的IgKp随器(T表示温度)的变化如图所示。据图判断,反应I的
AHi0(选填“大于”“小于”或“等于”),说明判断的理由
(3)下列关于该重整反应体系的说法正确的是o
A.在投料时适当增大的值,有利于减少积碳
n(CH4)
B.在一定条件下建立平衡后,移去部分积碳,反应HI和反应IV平衡均向右移
C.随着投料比n(尢CO,/)的增大,达到平衡一时CH4的转化率增大
D.降低反应温度,反应I、n、iv的正反应速率减小,逆反应速率增大;反应m的正
反应速率增大,逆反应速率减小
、n(CO9)
(4)在一定条件下的密闭容器中,按照不六=1加入反应物,发生反应1(反应H、III、
IV可忽略)。在不同条件下达到平衡,设体系中平衡状态下甲烷的物质的量分数为X(CH4),
在T=800℃下的x(CHQ随压强〃的变化曲线、在p=100kPa下的x(CH_»)随温度T的变化
曲线如图所示。
①图中对应7=800℃下,MCH4)随压强p的变化曲线是,判断的理由是
②若X(CH4)=0.1,则C02的平衡转化率为
2022年高考考前押题密卷(天津卷)
化学•全解全析
1.B2.D3.C4.B5.B6.C
7.A8.C9.B10.D11.D12.D
1.【答案】B
【解析】A.煤的干储可以获取苯,石油中主要含烷及环烷,分镯得不到苯,需经过储分催
化重整才能使链状炫转化为环状,A说法错误;
B.轻质为降低舱体自重,高强确保落地安全,舱体对低温-高温-低温应有超塑性,以免涂
层与金属的裂体,B说法正确;
C.微球内部中空,既可降低质量,又可降低导热率。石棉不能燃烧,防热依靠高温下隔热
材料的熔化、分解、裂解或气化带走热量,c说法错误;
D.“1、3”表示单体侧链位于苯环的间位,“1、4”表示侧链在对位,由于高分子聚合度不同,
分子式不同(凡是高分子,均属于混合物),不属于同分异构体,D说法错误。
故选Bo
2.【答案】D
【解析】A.被窗利用了被的延展性,将钺做成被箔。选项A说法正确;
B.Nai与CsI晶胞中,钠离子与钠离子半径不同,晶胞结构不同,选项B说法正确;
C.石英晶体中每个Si原子形成4个共价键,每个。原子形成2个共价键且每个O原子还
含有2个孤电子对,则Si、。原子的价层电子对数都是4,则Si、O原子都采用sp3杂化,
选项C说法正确;
D.Nai与CsI作为闪烁体是由于吸收高能粒子,电子被激发跃迁后又回到基态,释放光能
而发光,不涉及化学变化,D说法错误;
答案选D。
3.【答案】C
【解析】A.础为52号元素,元素在元素周期表中位于p区,A错误;
B.核素的表示方法为:元素符号左下角为质子数,左上角为质量数;质量数=质子数+中子
数,曹Te原子核内中子数为128-52=76,B错误;
C.具有相同质子数,不同中子数的同一元素的不同核素互为同位素;”2Cd与""Cd互为同
位素,c正确;
D.发电玻璃的发电原理是在玻璃表面涂抹一层确化镉,使其具有光电转换功能,发电玻璃
的发电过程是把光能转化为电能,D错误;
故选C。
4.【答案】B
【解析】A.Na,[Ag(S2O3)2LAgBr均属于盐类,都是强电解质,故A错误;
B.从组成和结构上看,Na3[Ag(S2C>3)2]属于配位化合物,内界与外界之间形成离子键,中
心原子与配体之间形成配位键,sq;一中s原子与。原子之间形成共价键,故B正确;
C.pH越小,c(H+)越大,酸性条件下Na应。3发生反应SzO^+ZH+nSJ+SOzT+Hq,
不利于反应AgBr+2Na2SQ3=Na3[Ag(Sa)J+NaBr正向进行,故C错误;
D.检验滨离子需要硝酸酸化的硝酸银溶液,故D错误;
选B。
5.【答案】B
【解析】A.淀粉的分子式为(C6Hio05)n,故A错误;
B.DHA的结构简式为HOCH2coeFhOH,单键为c键,双键为一个◎键、一个兀键,故B
正确;
:0:
c.FADH的结构简式为,电子式为::,故C错误;
H:C:H
D.二氧化碳为直线形的共价化合物,分子中碳原子的原子半径大于氧原子,空间填充模型
为,故D错误;
故选B。
6.【答案】C
【解析】A.配制银氨溶液时,应将氨水滴入硝酸银溶液中,直到最初产生的沉淀不再溶解
为止,得到银氨溶液,不能将硝酸银溶液滴入氨水中,否则无法制得银氨溶液,故A错误;
B.氨气的密度比空气小,应用向下排空气法收集,不能用向上排空气法收集,故B错误;
C.高镒酸钾与浓盐酸反应制得氯气,氧化剂的氧化性强于氧化产物氯气,反应生成的氯气
与硫化钠溶液发生置换反应生成硫,氧化剂氯气的氧化性强于氧化产物硫,则图内所示装置
可以比较高锯酸钾、氯气、硫的氧化性,故C正确;
D.球形冷凝管不便于镭出的液体顺利流下,不能用于蒸储,故D错误;
故选C。
7.【答案】A
【解析】A.6gNa37cl的物质的量为(Mmol,含有的电子数为(ll+17)xO[M=2.8M,故A正
确;
B.98%的H2s04几乎不电离,故B错误;
C.铁与足量水蒸气反应生成四氧化三铁,5.6g铁物质的量为小兽7=01mol,O.lmolFe
56g/mol
OAO
转移电子的物质的量为O.lmolx],数目为(Na,故C错误;
D.25℃,0.1LpH=l的盐酸稀释十倍,体积变为IL,pH变为2,OfT的浓度为IxlO^mol/L,
含有的OH微应为1X10T2M,故D错误;
选Ao
8.【答案】C
【解析】A.反应①中乙烯与02反应产生应,原子利用率达到100%,反应④中乙与苯
发生取代反应完全变为目标产物苯乙醇,因此该反应中原子利用率也达到100%,A正确;
B.乙烯、苯乙醇、苯乙醛化学性质活泼,均具有强的还原性,能被酸性高锌酸钾溶液氧化
而使酸性高镒酸钾溶液褪色,B正确;
C.由于CuS04溶液过量,显酸性,因此加入0.5mL苯乙醛溶液,加热时不会产生砖红色
沉淀。操作时,应该是向2mLi0%的NaOH溶液中滴入5滴2%的CuS04溶液,使溶液显
碱性,然后再加入0.5mL苯乙醛溶液,加热煮沸,这时有病红色沉淀出现,C错误;
D.根据苯与&发生取代反应产生苯乙醇可预测反应:
故合理选项是C«
9【答案】B
【解析】A.亚硫酸根离子会被硝酸氧化,离子方程式为:
+
3SO^+2NO3+2H=3SO;"+2NOT+H,O,A错误;
B.氯气可以氧化亚硫酸根离子,生成硫酸根和氯离子,离子方程式为:SO;
+
+C12+H2O=2H+SO;-+2C1-,B正确;
C.Na+、K\SO;、Ct可以大量共存,加入过量Ca(C10)2,次氯酸根离子和亚硫酸根离子
会发生氧化还原反应生成硫酸根离子和氯离子,C错误;
D.Cu2+与S2-可以反应生成硫化铜沉淀,离子方程式为:Cu2*+s2-=CuSLD错误;
故选Bo
10.【答案】D
【解析】A.Na2c溶液中存在物料守恒:c(Na+)=2[c(CQ;-)+c("CO;)+c(H2cOJ],
A错误;
B.M///CO3溶液显碱性,"CO;的水解程度大于电离程度,故4。0:)<4国口7,),B错
误;
C.等物质的量的醋酸和醋酸钠溶液混合,形成=4的混合溶液中,根据电荷守恒
+++
c(Na)+c(H)=c{CH^COO^)+c[OH-),又c")>C(O/T),c(Na)<c(CHyCOO),
C错误;
D.NazCzO,溶液中的质子守恒为c(O/r)=c(H+)+c、(“GO4)+2c(H2CQ4),D正确;
答案选D。
11.【答案】D
【解析】根据图示,阳极室中,MnOOH失电子变为MnO?;阴极室中,糠醛得电子生成糠
醇。
A.据图可知阳极是MnOOH失电子变为MnO”A正确;
B.在电解池中,阳离子H+向阴极室方向移动,B正确;
C.据图可知在阳极室糠醛生成糠酸盐的离子反应方程式为
___O
+2MnO2+OH——>/\_[I_o.+2Mn(X)H,C正确;
D.理论上外电路中迁移2moi电子,阳极室和阴极室各需要消耗Imol糠醛,共需要消耗2moi
糠醛,D错误;
故选D。
12.【答案】D
【解析】X、Y、Z、M、Q、R皆为前20号元素,根据原子半径与主要化合价的关系图,X
有+1价,其原子半径最小,则X为H;Y只有-2价,则Y为O;M存在+7、-1价,则M
为Cl;Z存在+5、-3价,其原子半径小于C1,而大于0,则Z为N元素;Q只有+1价,R
只有+2价,且原子半径R>Q>M(C1),则R为Ca,Q为Na元素,以此分析解答。
根据上述分析可知,X为H,Y为O,Z为N,M为Cl,Q为Na,R为Ca元素。
A.Na的原子序数为11,在周期表中位于第三周期IA族,故A正确;
B.X、Y、Z三种元素组成的化合物可为HN03、NH3・H2O或NH4NO3,分别为酸、碱、盐,
故B正确;
C.Z为N、M为CLZ与M的最高价氧化物对应水化物分别为硝酸、高氯酸,均为强酸,
故C正确;
D.一般而言,电子层数越多,半径越大,电子层数相同,原子序数越大,半径越小,则简
单离子半径:M>R2+>Q+,故D错误;
故选D。
13.(14分)
[答案](1)RDHI山
3s3p
(2)①CS2是非极性分子,比0是极性分子,根据相似相溶原理,P4是非极性分子,易溶
于CS2,难溶于水②C
(3)P0:正四面体
(4)①磷化铝和磷化锢属于共价晶体,由于Al、In为同主族元素,随着原子序数的递增,
核外电子层数逐渐增加,原子半径Akin,共价键键长Al-P<In-P,ALP的键能强于In-P的
42x4
键能,因此A1P熔点高于InP②BP——;—WT
NA-(axlO)
【解析】(1)基态磷原子价电子为3s、3P能级上的电子,根据构造原理P原子价电子轨道
表示式为冏田田田;
3s3p
(2)CS2是非极性分子,比0是极性分子,根据相似相溶原理,P&是非极性分子,易溶于
CS2,难溶于水;
a.层与层之间的作用力是分子间作用力,选项a错误;
b.由结构可知黑磷晶体中磷原子杂化方式为sp,杂化,选项b错误;
C.黑磷晶体是与石墨类似的层状结构,故为混合型晶体,选项C正确;
答案选C;
(3)Fe3+与水会形成黄色的配离子[Fe(OH)F+,为避免颜色干扰,常在Fe3+溶液中加入H3P
形成无色的[Fe(PO4)2/,即形成更稳定的配合物,故由此推测与Fe3+形成的配离子更稳定的配
体是PO:,PO:中心原子为P,其中。键电子对数为4,中心原子孤电子对数=gx(5+3-4x2)
=0,PO:中心原子价层电子对数为4+0=4,P原子sp3杂化,立体构型为正四面体;
(4)①实验测定磷化铝和磷化锢的熔点分别为2000、1070℃,从结构角度说明其熔点差
异的原因是:磷化铝和磷化钢属于共价晶体,由于Al、In为同主族元素,随着原子序数的
递增,核外电子层数逐渐增加,原子半径Akin,共价键键长ALP<In-P,ALP的键能强于
In-P的键能,因此A1P熔点高于InP;
②根据晶胞结构,磷化硼含有P原子数目为8x:+6xg=4个,含有B原子数目为4个,故
磷化硼的化学式是BP,已知晶胞边长apm,阿伏加德罗常数为NA,磷化硼晶体的密度P=
m42x4
=103
NAVNA.(axlO^)g/cm'。
14.(18分)
【答案】(1)竣基sp\sp3
(2)脯氨酸分子和水分子间形成氢键
HOOCCH2CH2CHCOOH
(3)C2H5OOCCH2cH2cH(NH2)COOHI+2C2H50H
NH2
浓硫酸
△2c2H500CCH2cH2cH(NH2)C00C2H5+2H2O
HOOCCH,CHCH,COOH
(4)I
【解析】(1)由结构简式可知脯氨酸中含氧官能团为竣基,该结构中竣基中的碳原子形成双
键,其余碳原子均以单键相连,双键碳采用sp2杂化,单键碳采用sp';
(2)脯氨酸中胺基和竣基中存在非金属性较强的氮原子和氧原子,与水分子之间能形成氢
键,导致其易溶于水;
(3)根据D的结构可知距离氨基较近的竣基没有发生酯化反应,则B与C2H50H的物质的
量比1:1,产物应为C2H5OOCCH2cH2cH(NH2)C00H;改变反应②条件,JHQH足量且对
反应加热,则B中的竣基均能与乙醇发生酯化反应生成
HOOCCH2CH2CHCOOH
C2H500CCH2cH2cH(NH2)C00C2H5+2H2O,反应方程式为:
NH2
+2C2H50Hq黑酸、C2H500CCH2cH2cH(NH2)C00C2H5+2H2。;
(4)①Imol该物质可以与2mol氢氧化钠发生中和反应,说明该结构中存在2mol竣基;②
核磁共振氢谱有4组峰,峰面积之比为1:224,可知该结构为对称结构,符合的结构简式为:
HOOCCH,CHCH,COOH
I一
NH2
与浓硝酸在浓硫酸作催化剂条件下反应得到,由此可得合成路线:
【答案】(1)饱和NaHCCh溶液
(2)降低溶液中0H-浓度,防止生成Fe(0H)2
2+
(3)2HCO;+Fe=FeCO31+CO2?+H2O
(4)不合理,C02会和FeCCh反应生成Fe(HCO3)2(或者合理,排除氧气影响)
(5)Fe2+与SCN-的络合会促进FeCCh的溶解;FeCCh固体在KSCN溶液中溶解度比在KCI
溶液中大
(6)6Fe(SCN)r+3H2O2=2Fe(OH)3j+4Fe(SCN)3+24SCN-
(7)乳酸根中的羟基被KMnO4氧化,也消耗了KMnCh
【解析】装置A发生反应的化学方程式为CaCO3+2HCl=CaC12+CChT+H2O,制取的二氧化
碳混有氯化氢气体,可通过装置B饱和的NaHCCh溶液除去,装置C中产生FeC03的离子
方程式为2HC0、+Fe2+=FeCCh+CO2T+H2O;
(1)在装置A中,是为了制取二氧化碳,其化学方程式为CaCO3+2HCl=CaC12+CO2T+H2O,
制取的二氧化碳常混有氯化氢气体,可通过饱和的NaHCCh溶液除去其中的氯化氢气体;
(2)碳酸钠溶液碱性强,溶液中c(OH-)大,就会出现生成氢氧化亚铁与制备的FeCCh成为
竞争反应,而导致制备的FeCCh纯度低,NaHCCh溶液碱性弱,制得FeCCh纯度高;
(3)实验中产生FeCCh的离子方程式为2HCO;+Fe2+=FeCO3+CO2T+H2O;
(4)碳酸正盐溶液均可以与二氧化碳反应,生成碳酸酸式盐,C中出现白色沉淀之后FeCCh
继续通CO2,CO2会和FeCCh反应生成Fe(HCO3)2,降低了产量;或者:出现白色沉淀之后
继续通CO?,可防止空气中氧气氧化FeCCh,提高产物的纯度;
(5)对比实验ii和iii,可知Fe?+与SCN-络合生成可溶于水的Fe(SCN):,会促进FeCCh固
体的溶解,故答案为:Fe2+与SCN-的络合会促进FeCCh的溶解;FeCOs固体在KSCN溶液
中溶解度比KC1溶液中大;
(6)依据实验11|的现象,可知在含有Fe2+的溶液中滴加10%比。2溶液后,红褐色沉淀说明
有Fe(OH)3和红色溶液说明有Fe(SCN)3生成,发生反应的离子方程寸6Fe(SCN)二
+3H2O2=2Fe(OH)3;+4Fe(SCN)3+24SCN-;
(7)乳酸根中羟基也能被高锯酸钾溶液氧化导致消耗高铳酸钾的增大,而计算中按亚铁离
子被氧化,故计算所得乳酸亚铁的质量偏大,产品中乳酸亚铁的质量分数会大于100%。
16.(14分)
【答案】(1)+41.2
(2)大于温度T升高,弓3减小,K”增大,Kp尸涓,则增大,故反应I正反应
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