河南省三门峡市湖滨区大安中学2019-2020学年九年级上学期期末化学试题（解析版）

学而优·教有方PAGEPAGE12019—2020学年度上学期期末考试九年级化学试题卷注意事项：1.本试卷共4页，四个大题，25个小题，满分100分，考试时间60分钟。2.本试卷上不要答题，请按答题卡上注意事项的要求直接把答案填写在答题卡上。答在试卷上的答案无效。相对原子质量H：1C：120:16Mg：24Cl：35.5Ca：40Fe：56Zn：65Cu：64Ag：108一、选择题（本题包括14个小题，每小题2分，共28分。每小题只有一个选项符合题意）1.化学改变世界的途径是使物质发生化学变化。下列属于化学变化的是A.石油分馏出汽油、柴油B.剪纸做窗花C.煤隔绝空气加强热干馏D.分离液态空气【答案】C【解析】【详解】A、石油分馏出汽油、柴油过程中只是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化，不符合题意；B、剪纸做窗花过程中，没有生成新物质，属于物理变化，不符合题意；C、将煤隔绝空气加强热（干馏），得到焦炭、煤焦油和焦炉气，有新物质生成，属于化学变化，符合题意；D、分离液态空气过程中，只是把氮气、氧气从空气中分离出来，没有生成新物质，属于物理变化，不符合题意。故选C。2.某地温泉中富含硫、铜、锌等，可以治疗皮肤病。这里的“硫、铜、锌”指的是A.分子 B.原子 C.元素 D.单质【答案】C【解析】由题意温泉中含有硫、铜、锌等，可以治疗皮肤病，其中硫、铜、锌等存在于物质的组成化合物中，是指元素。故选C。3.下列实验操作中，正确的是A.取用粉末固体B.检验二氧化碳是否集满C.倾倒液体D.读取液体体积【答案】A【解析】【详解】A、取用粉末状或小颗粒状药品：粉末需匙或纸槽，一斜、二送、三直立；取用块状或大颗粒药品：一横、二放、三慢竖，故A正确；B、验证二氧化碳是否集满应将燃着的木条放在集气瓶口，而不是伸入瓶中，故B错误；C、倾倒液体时，瓶塞应倒放在实验桌上，故C错误；D、读取液体体积：视线应与凹液面的最低处保持水平，故D错误。故选A。4.下列化学用语正确的是A.氯化钠——NaCl2B.2个铜离子——2Cu2+C.3个氮原子——N3D.氧化铁——FeO【答案】B【解析】【详解】A、氯化钠中钠元素为+1价，氯元素为-1价，氯化钠化学式为NaCl，化学式错误；B、根据离子的表示方法：在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略。若表示多个该离子，就在其元素符号前加上相应的数字；因此2个铜离子表示为：，化学用语正确；C、原子的表示方法就是用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字．所以3个氮原子，就可表示为3N，化学用语错误；D、氧化铁中铁元素显+3价，氧元素显-2价，其化学式为：，化学用语错误。故选：B。5.除去二氧化碳中混有少量一氧化碳的方法是A.将气体通过足量澄清石灰水中B.将气体点燃C.将一氧化碳倒出D.将气体通过灼热的氧化铜【答案】D【解析】【详解】A、将气体通过足量澄清石灰水中，二氧化碳与氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，一氧化碳与氢氧化钙不反应，不但不能除去杂质，反而除去了原物质，不符合题意；B、二氧化碳不燃烧，也不支持燃烧，二氧化碳中混有少量一氧化碳，无法被点燃，不符合题意；C、一氧化碳的密度比二氧化碳小，但是二氧化碳中混有少量一氧化碳，很难将一氧化碳倒出，不能保证气体的纯净性，不符合题意；D、将气体通过灼热氧化铜，一氧化碳与氧化铜在加热的条件下反应生成铜和二氧化碳，可除去一氧化碳，符合题意。故选D。6.下列图示实验所得出的结论中，不正确的是A.图A是二氧化碳的密度比空气大且不支持燃烧B.图B是燃烧条件之一是温度达到可燃物的着火点C.图C是天平不平衡说明该反应不遵守质量守恒定律D.图D是比较合金和纯金属的硬度【答案】C【解析】【详解】A、下面的蜡烛先熄灭，上面的蜡烛后熄灭，能证明二氧化碳既不燃烧、也不支持燃烧，且密度比空气大，故结论正确；B、乒乓球片和滤纸片都是可燃物，都与氧气接触，而乒乓球片先燃烧，滤纸片后燃烧，因此燃烧条件之一是温度需达到可燃物的着火点，故结论正确；C、稀硫酸和小苏打反应生成的二氧化碳气体逃逸到空气中，因此使得天平不平衡，但遵守质量守恒定律，故结论不正确；D、相互刻画时，纯铜片痕迹更明显，说明黄铜片比纯铜片硬度大，故结论正确；故选：C。7.如图是用红磷燃烧法测定空气里氧气含量的装置图，有关此实验的结论与分析错误的是A.此实验证明，氧气约占空气体积的1/5B.此实验证明，反应后组气瓶内剩余的气体，既不易溶于水，也不支持燃烧C.该实验中的红磷还可以用硫来代替D.若该实验没有达到预期目的，可能的原因之一是装置气密性不好造成的【答案】C【解析】测定空气中氧气含量的原理是，利用物质与空气中的氧气反应，又不生成气体，使瓶内气体减少，压强变小，水倒流入集气瓶内，倒流的水的体积就等于瓶内氧气的体积。实验中倒流的水约占瓶的容积的五分之一，证明氧气约占空气体积的1/5；B．实验中，水进入集气瓶后，氮气没有减少，此实验证明，反应后组气瓶内剩余的气体，既不易溶于水，也不支持燃烧；C．该实验中的红磷不用硫来代替，因为二氧化硫是气体；D．装置气密性不好，可能会导致测定结果偏大或偏小；选C。8.一定条件下，在一个密闭容器内发生某反应，测得反应前后各物质的质量如图所示，下列说法正确的是A.x的值为22B.该反应中的生成物是CO2、H2O和O2C.W由碳、氢、氧三种元素组成D.W中碳、氢元素原子个数比为1:8【答案】C【解析】【详解】由于四种物质中W和氧气质量减小，所以是反应物，且反应物的总质量是8g+（20g-8g）=20g，而水的质量增加，且增加值是10g-1g=9g，依据质量守恒定律参加化学反应的各物质质量总和等于反应后生成的各物质质量总和，所以二氧化碳必是生成物且生成的质量是20g-9g=11g；此反应的表达式可表示为。A、X的值为11，说法错误；B、由于该反应的表达式是W+O2→CO2+H2O，该反应中的生成物是CO2、H2O，说法错误；C、根据质量守恒定律，由反应表达式可以看出W中一定含有碳氢两种元素，是否含有氧元素则要通过生成物中的氧元素与反应的氧气质量进行比较，生成的水中氧元素的质量为：，二氧化碳中氧元素的质量：，两者的质量和为16g，而参加反应的氧气的质量20g-8g=12g，所以可判断W中含有氧元素，故W由碳、氢、氧三种元素组成，说法正确；D、W中碳、氢元素原子个数比为：，说法错误。故选：C。9.科学研究表明，氨气在常压下就可液化为液氨，液氨可用作汽车的清洁燃料，其燃烧时的主要反应为，则X的化学式为A.NO B.N2 C.NO2 D.N2O【答案】B【解析】【分析】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，据此由反应的化学方程式推断生成物X的化学式．【详解】由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式，反应前氮、氢、氧原子个数分别为4、12、6，反应后的生成物除X外氮、氢、氧原子个数分别为0、12、6，根据反应前后原子种类、数目不变，则2X分子中含有4个氮原子，则每个X分子由2个氮原子构成，物质X的化学式为N2。故选B。10.“何以解忧，唯有杜康”就是对我省杜康酒的赞美。“酒越陈越香醇”是指酒在存放过程中可生成有香味的乙酸乙酯（C4H8O2），下列有关乙酸乙酯的说法错误的是A.乙酸乙酯的相对分子质量为88B.乙酸乙酯由4个碳原子、8个氢原子和2个氧原子构成C.生成乙酸乙酯的过程中原子的种类未发生改变D.乙酸乙酯中碳元素的质量分数约54.5%【答案】B【解析】【详解】A、乙酸乙酯的相对分子质量是：12×4+8+16×2=88，不符合题意；B、乙酸乙酯由乙酸乙酯分子构成，每个乙酸乙酯分子由4个碳原子、8个氢原子和2个氧原子构成，符合题意；C、根据质量守恒定律，化学反应前后，原子的种类不变，故生成乙酸乙酯的过程中原子的种类未发生改变，不符合题意；D、乙酸乙酯中碳元素的质量分数为：，不符合题意。故选B。11.下列反应属于置换反应的是A.B.CD.【答案】D【解析】【详解】A、该反应的反应物是两种化合物，不属于置换反应，不符合题意；B、该反应符合“一变多”的特点，属于分解反应，不符合题意；C、该反应符合“多变一”的特点，属于化合反应，不符合题意；D、该反应符合“一种单质与一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物”的反应，属于置换反应，符合题意。故选D。12.分类法是化学学习的重要方法，下列关于物质分类正确的是A.氢、氮、汞都是非金属元素B.洁净的空气、牛奶、铁锈均属于混合物C.水、液氧、二氧化硫均属于氧化物D.稀有气体、碳酸钙、五氧化二磷均属于化合物【答案】B【解析】【详解】A、由“气”字旁可知，氢、氮是非金属元素，但是汞是金属元素，不符合题意；B、洁净的空气是由氮气、氧气等两种以上物质混合而成，属于混合物；牛奶是由水、蛋白质等两种以上物质混合而成，属于混合物；铁锈的主要成分是氧化铁，还含有其它杂质，属于混合物，符合题意；C、水是由H、O两种元素组成，其中一种元素是氧元素的化合物，属于氧化物；液氧是液态氧气，是由同种元素（O）组成的纯净物，属于单质；二氧化硫是由S、O两种元素组成，其中一种元素是氧元素的化合物，属于氧化物，不符合题意；D、稀有气体是由氖气、氩气等两种以上物质混合而成，属于混合物；碳酸钙是由Ca、C、O等不同种元素组成的纯净物，属于化合物；五氧化二磷是由不同种元素（P、O）组成的纯净物，属于化合物，不符合题意。故选B。13.将质量相等的A、B、C三种金属，同时分别放入三份溶质质量分数相同且足量的稀盐酸中，反应生成H2的质量与反应时间的关系如图所示。根据图中所提供的信息，得出的结论不正确的是（已知：A、B、C在生成物中均为+2价）A.生成氢气质量是A>B>CB.金属活动性顺序是B>A>CC.消耗稀盐酸的质量A>B>CD.相对原子质量是B>C>A【答案】D【解析】【详解】A、由图可知，生成氢气的质量是：A＞B＞C，不符合题意；B、由图可知，B的反应速率快，其次是A，最后是B，金属活动性越强，反应速率越快，故金属活动性顺序：B＞A＞C，不符合题意；C、氢气中的氢元素全部来自于稀盐酸，生成氢气的质量越大，消耗稀盐酸的质量越大，故消耗稀盐酸的质量：A＞B＞C，不符合题意；D、根据一定质量的金属完全反应生成氢气的质量=，金属的化合价相同，金属的质量相同，故金属的相对原子质量与生成氢气的质量成反比，故相对原子质量：C＞B＞A，符合题意。故选D。14.5.6g不纯的铁与足量稀盐酸反应生成了0.21g氢气，则铁中混有的杂质可能是A.Cu B.Ag C.Mg D.Zn【答案】C【解析】【分析】解：设5.6g铁与稀盐酸反应生成氢气的质量是xx=0.2g故铁中含有的杂质一定与稀盐酸反应，且5.6g该杂质生成氢气的质量大于0.2g。【详解】A、铜与稀盐酸不反应，不符合题意；B、银与稀盐酸不反应，不符合题意；C、解：设5.6g镁与稀盐酸反应生成氢气的质量是yx≈0.46g，符合题意；D、解：设5.6g锌与稀盐酸反应生成氢气的质量是zz≈0.17g，不符合题意。故选C。二、填空题（本题包括6个小题，每空2分，共32分）15.地壳中含量最多的元素是__；金刚石、石墨和C60都是由____元素组成的单质。【答案】(1).氧元素(2).碳【解析】【详解】地壳中含量最多的元素是氧元素；金刚石、石墨和C60都是由碳元素组成的单质。16.为了探究“水的净化”过程，某实验小组从龙亭湖中取了水样进行如下处理：（1）向水样中加入明矾搅拌溶解，静置一段时间后进行过滤，过滤时玻璃棒的作用是______.（2）为了判断得到的水是硬水或软水，可加入______.（3）日常生活中用______的方法使硬水转化为软水。【答案】(1).引流(2).肥皂水(3).煮沸【解析】【详解】（1）过滤时，玻璃棒作用是引流，故填引流。（2）硬水遇到肥皂水产生浮渣，软水遇到肥皂水产生泡沫，所以可用肥皂水区分硬水与软水，故填肥皂水。（3）煮沸可以将水中的部分可溶性钙镁化合物转化为难溶性的固体沉降下来，从而降低水的硬度，所以日常生活中可用煮沸的方法使硬水转化为软水，故填煮沸。17.“可燃冰”将成为未来的新能源，“可燃冰”的主要成分是甲烷水合物，甲烷燃烧的化学方程式为______，堆放杂物的纸箱着火时可用水浇灭，所依据的灭火原理是______，氢气作为理想的能源，其优点是______（答一点即可）。【答案】(1).CH4+2O2CO2+2H2O(2).降低温度到着火点以下(3).热值高（答一点即可）【解析】【详解】甲烷与氧气在点燃的条件下反应生成二氧化碳和水，故反应的化学方程式写为：CH4+2O2CO2+2H2O；水能够吸收热量，降低温度，使纸箱的温度低于其着火点，从而达到灭火的目的，故填降低温度到着火点以下；氢气作能源的优点有：放出的热量远远高于等质量的其他燃料，即热值高，故填热值高（答一点即可）。18.铁锅做炊具主要利用铁的______性；铁锅易生锈，家中防止铁锅生锈可采用的方法是______将一定量的铁粉加入到、和的混合溶液中，充分反应后过滤，向滤出的固体中滴加稀硫酸，有气泡产生，则滤出的固体中一定含有______【答案】(1).导热(2).将铁锅擦干放置在干燥处等(3).、、【解析】【详解】铁锅做炊具主要利用铁的导热性，故填导热；家中防止铁锅生锈可采用的方法是将铁锅擦干放置在干燥处等，故填将铁锅擦干放置在干燥处等；将一定量的铁粉加入到Cu(NO3)2、AgNO3和Zn(NO3)2的混合溶液中，充分反应后过滤，向滤出的固体中滴加稀硫酸，有气泡产生，说明铁粉有剩余，则原混合溶液中的硝酸铜和硝酸银全部与铁粉反应得到固体铜和银，锌的活动性比铁强，硝酸锌不与铁粉反应，所以滤出的固体中一定含有Fe、Cu、Ag，故填Fe、Cu、Ag。19.~均为初中化学常见的物质，它们之间的关系如图所示（部分物质已经略去）。是白色难溶固体，金属元素的质量分数为；、、、均为氧化物且、组成元素完全相同；是黑色单质。则为______；转化为的化学方程式为______；转化为的化学方程式为_______。【答案】(1).(2).；(3).CO2+C2CO。【解析】分析】由A是白色难溶固体，金属元素的质量分数为40%可知A为碳酸钙；D、E、均为氧化物且D、E组成元素完全相同，F是黑色单质，F能生成D、E，且D、E能相互转化，所以F为碳，D为二氧化碳，E为一氧化碳；A（碳酸钙）能生成B，B生成C，C生成A，且B为氧化物，所以B为氧化钙，D为氢氧化钙。【详解】由分析知，B为氧化钙，其化学式为CaO，故填CaO；C为氢氧化钙，A为碳酸钙，氢氧化钙与二氧化碳反应生成碳酸钙沉淀和水，故反应的化学方程式写为：Ca(OH)2+CO2=CaCO3↓+H2O；由分析知，D为二氧化碳，E为一氧化碳，二氧化碳与碳在高温条件下反应生成一氧化碳，故反应的化学方程式写为：CO2+C2CO。20.2018年11月19日，我国用长征三号运载火箭成功发射了第42、43颗北斗导航卫星。长征三号运载火使用肼（N2H4）作燃料，氧气作助燃剂，火箭工作时生成空气中含量最多的气体和一种常用来作溶剂的物质，则该反应的化学方程式为__________，反应前后氮元素的化合价分别为___________。【答案】(1).(2).－2、0【解析】【详解】火箭使用肼（N2H4）作燃料，氧气作氧化剂，在一定条件下反应生成空气中含量最多的气体和一种常用来作溶剂的物质，分析可知生成物是氮气和水，反应的化学方程式为：；根据单质中元素的化合价为零，化合物中元素正负化合价的代数和为零可知，反应前氮元素的化合价为-2，反应后氮元素的化合价为0。三、简答题（本题包括4个小题，每空2分，共20分）21.人们利用物质某些性质时，可能有利也可能带来危害，请你仿照示例选择一种气体，填写下表气体物质有利的一面（用途）不利的一面（危害）示例:氧气供给呼吸、支持燃烧引起金属腐蚀和食物腐败__________________【答案】(1).二氧化碳(2).可用于灭火、供植物光合作用等(3).浓度大时会影响人的身体健康或造成“温室效应”等【解析】【详解】我们周围的常见物质很多，它们对人可能有利，也可能有害，如二氧化碳，可用于灭火、供植物进行光合作用，同时也会对环境造成不利影响，当环境中二氧化碳浓度过高时，会影响人的身体健康，当大气中二氧化碳浓度过高时，会造成温室效应；气体物质有利的一面（用途）不利一面（危害）示例:氧气供给呼吸、支持燃烧引起金属腐蚀和食物腐败二氧化碳可用于灭火、供植物光合作用等浓度大时会影响人的身体健康或造成“温室效应”等22.某同学将点燃的钠放入盛满二氧化碳的集气瓶中，钠继续燃烧，充分反应后生成黑色的炭和一种白色固体。（1）分析白色固体不可能是碳酸氢钠的原因______。（2）通过实验探究可知钠在二氧化碳中燃烧生成的白色固体是碳酸钠，请写出该反应的化学方程式___。（3）根据此反应谈谈你对燃烧有哪些新的认识______？【答案】(1).根据质量守恒定律，反应前后元素种类不变，反应物只有钠和二氧化碳，不含有氢元素，因此不可能生成碳酸氢钠；(2).4Na+3CO2C+2Na2CO3(3).燃烧不一定需要氧气参与【解析】【详解】（1）根据质量守恒定律，反应前后元素种类不变，反应物只有钠和二氧化碳，不含有氢元素，因此不可能生成碳酸氢钠；（2）钠在二氧化碳中燃烧生成碳酸钠和碳单质，反应的化学方程式为：4Na+3CO2C+2Na2CO3。（3）钠在二氧化碳中燃烧生成的白色固体是碳酸钠，根据此反应可知燃烧不一定需要氧气参与。23.下图为实验室模拟工业上炼铁的原理。当观察到______现象时，即证明该反应已经结束可停止加热，写出玻璃管中发生的化学反应方程式______，该装置末端中添加酒精灯的目的是_____。【答案】(1).红色固体全部变成黑色(2).(3).点燃尾气，防止一氧化碳逸散到空气中污染空气【解析】【详解】玻璃管中红色的氧化铁与一氧化碳在高温下反应生成黑色的铁和二氧化碳，当红色固体全部变成黑色，说明反应完全，发生的化学反应方程式为，该装置末端中添加酒精灯是为了点燃尾气，防止一氧化碳逸散到空气中污染空气。24.将两只洁净的铁丝、铜丝分别插入足量的硝酸银溶液中，探铜究铜、银、铁的金属活动性顺序。（如图所示）【实验现象】一段时间后，铜丝表面________，称量反应后铁丝的质量较反应前_______。（填“增大”、“变小”、或“不变”）【答案】(1).有银白色物质生成(2).增大【解析】【详解】[实验现象]：在金属活动性顺序表中，铜排在银的前面，铜能置换出硝酸银溶液中的银，铜丝表面有银白色物质生成；，根据铁和硝酸银溶液反应的质量关系可知，铁丝质量每减少56份质量，同时会增加216份质量的银，随着反应的进行，铁丝的质量逐渐增加，所以，反应后铁丝的质量较反应前增大。四、综合应用题（共20分）