2024年山东省临沂市中考物理模拟试卷（一）

2024年山东省临沂市中考物理模拟试卷（一）一、选择题（每题所列出的四个选项中，只有一项最符合题目要求，每题2分，共40分）1．（2分）我国的北斗卫星导航系统被称世界三大卫星导航系统之一。古有北斗星指方向，今有北斗卫星导航程。北斗卫星与地面间传递信息是利用（）A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．空气2．（2分）2024年3月25日，小郯同学所在班级复习了八年级物理第10章《机械与人》，下列说法正确的是（）A．老师的声音是由空气的振动产生的 B．老师的声音是以340m/s的速度传播 C．同学们能根据音调辨别出老师的声音 D．同学们听到老师的声音很大是因为他的音调很高3．（2分）2024年2月28日全国射击冠军赛（飞碟项目）暨国家飞碟射击队巴黎奥运会最终队伍选拔赛（第一场）圆满落幕。下列与射击时“三点一线”原理相同的现象是（）A．叶子经露珠成放大的像 B．荷花在水中形成倒影 C．笔直的光线射入树林中 D．手机拍照4．（2分）2023年10月19日，中国交通运输协会对临沂进行“中国物流之都”复评授牌，临沂拥有3000条物流线路，已覆盖全国所有县级以上城市。某物流仓库有南北两个进出口，每个进出口处均装有感应开关。当有车辆从任何一个进出口经过时，开关自动闭合一段时间，值班室内的指示灯会亮，提醒门卫有车辆通过，以便监视进出口安全。下列电路图中，符合要求的是（）A． B． C． D．5．（2分）为了避免驾驶员在汽车行驶时低头着仪表造成事故，人们发明了如图甲所示的汽车平视显示系统（HUD）。如图乙所示是HUD工作原理图，将水平显示器上的行车数据通过前挡风玻璃呈现在正前方，驾驶员透过挡风玻璃（看作平面镜）往前方观看的时候，能够将车外的景象与竖直呈现的行车数据融合在一起，下列说法正确的是（）A．行车数据在挡风玻璃上所成的像是实像 B．像和物体关于挡风玻璃不对称 C．汽车前灯的反光装置相当于凸面镜 D．某HUD显示器水平放置在汽车中控台上，通过挡风玻璃成垂直于水平面的像（图乙），则挡风玻璃与水平面夹角为45°6．（2分）临沂市是江北地区最大的物流基地。在快递运输水果、海鲜等易变质产品时，在没有冷源的情况下，为起保鲜作用，经常用水制成冷藏保鲜冰袋使用。冰袋对产品起保鲜作用的过程中，下列分析正确的是（）A．冰袋温度很低，含有的热量很少 B．冰袋温度很低，没有内能 C．冰袋中的冰熔化时，质量不变 D．此过程中发生热传递的原因是产品的内能比冰袋大7．（2分）2024年3月24日周末，妈妈给小郯买了一个轮滑鞋，如图所示。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（）A．电风扇 B．电磁起重机 C．扬声器 D．动圈式话筒8．（2分）下列数据最接近实际情况的是（）A．人步行的速度约为8m/s B．教室门框的高度约为5m C．家用电视机工作电流约1.0A D．临沂冬季最低气温约为﹣40℃9．（2分）郯城，地处山东省最南端；地理坐标为东经118°05′～118°31′，北纬34°22′～34°56′，气候宜人，四季分明。下列现象属于液化的是（）A．冰雪消融 B．露珠晶莹 C．霜挂枝头 D．千里冰封10．（2分）郯城县某中学运动员们拼劲十足，肆意挥洒汗水、比赛精彩纷呈，最终斩获2023年临沂市中小学足球联赛初中女子组冠军、男子组亚军！比赛过程中，关于力与运动的说法正确的是（）A．足球在草坪上静止不动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用 B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态 C．踢出的足球继续向前滚动是因为足球受到惯性的作用 D．静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力11．（2分）如图所示是世界上最大的豪华渡轮之一“海洋魅力”号，长361m，宽66m，满载时排水量达22.8万吨，满载时吃水深度达30m，可以搭载6320名游客。下列相关说法正确的是（g取10N/kg，ρ海水＝1×103kg/m3）（）A．满载时船底受到海水的压强为3×104Pa B．满载时船底平均每0.5m2面积上受到海水的压力为6×105N C．满载时船受到的浮力为2.28×109N D．当游客下船后船受到的浮力保持不变12．（2分）2024年3月21日13时27分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭/远征三号上面级，成功将云海二号02组卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。火箭加速上升的过程中（）A．动能不变 B．动能变小 C．动能变大 D．重力不做功13．（2分）由我国研发的“奋斗者”号载人潜水器已成功抵达深海10909米。下列有关“奋斗者”号的说法正确的是（）A．漂浮在海面上时受力平衡 B．匀速航行时受合力向前 C．加速航行时惯性越来越大 D．潜水器是由硬度小，密度大的材料制成的（多选）14．（2分）小丹去参观科技馆的时候，发现了一个神奇的磁悬浮地球仪（如图甲），其内部结构如图乙所示，则关于该地球仪，下列说法正确的是（）A．闭合开关后，电磁铁上方是S极 B．该地球仪用到了同名磁极相互排斥的原理 C．电源的上端是负极 D．地球仪悬浮时，地球仪不受任何力作用15．（2分）如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理电路图，其中电源电压保持不变，定值电阻R0为保护电阻；R是热敏电阻，用于靠近人体测温，当被测者体温较高时，显示仪D的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（）A．显示仪是由电流表改装成的 B．热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大 C．被测者体温越高，电路中电流越小 D．被测者体温越高，电路的总电功率越大16．（2分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，两电表都有示数，下列判断正确的是（）A．电流表A1测量通过灯L2的电流 B．有灯泡损坏时，电流表A1、A2示数可能相等 C．若灯L1发生短路，L2正常发光 D．仅断开S1，电流表A1的示数不变17．（2分）2023年中国汽车出口量将达540万辆，其中新能源汽车占比40%，达220万辆，保持着全球第一大汽车出口国的地位。新能源汽车中绝大多数是电动车。2024年3月25日，郯城突降中雨，气温降到10度以下，小郯坐在爸爸驾驶的新能源电动汽车里，突然产生了以下想法，说法正确的是（）A．上车时，小郯发现自己穿的毛衣，冒出“火花”，这是毛衣摩擦起电的原因 B．小郯发现汽车前挡风玻璃里面有雾产生，这是汽化的结果 C．电动汽车行驶时，是把机械能转化为电能 D．一束绿光照在爸爸的红色汽车上，汽车看起来是红色18．（2分）标有“6V3W”和“6V6W”的灯L1和L2（假设两灯灯丝电阻不变），若将它们串联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列说法正确的是（）A．通过灯L1和L2的电流之比为2：1 B．灯L1和L2两端的电压之比为1：2 C．灯L2和L1的发光亮度相同 D．能够正常发光的灯应是灯L119．（2分）两个相同的烧杯中盛有甲、乙两种不同的液体，两个相同的小球在杯中静止时两杯液面相平，如图所示。则（）A．小球排开液体的质量m甲＜m乙 B．液体对小球的浮力F浮甲＝F浮乙 C．液体对容器底部的压强p甲＝p乙 D．液体对容器底部的压力F甲＜F乙20．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系如图乙所示，下列说法中正确的是（）A．电源电压为24V B．小灯泡的额定功率为12W C．滑动变阻器的最大阻值为10Ω D．该电路总电功率的变化范围为12W～24W二、填空题（每空1分，共18分）21．（8分）“水韵琅琊”城市文旅综合体充分利用沂河水域资源和河岸景观，全面释放水上旅游市场活力，推出水韵琅琊水上观光游船、快艇项目2024年3月23日（星期六）开启试运行。（1）观光码头附近人声鼎沸，是指声音的（选填“音调高”或“响度大”）；相对于前面正在端坐在驾驶室的驾驶员，坐在观光艇的顾客是（选填“运动”或“静止”）的；（2）游玩结束后，关闭了发动机的观光艇依然能向前运动一段距离，这是因为游船具有；游客逐渐离船上岸的过程中，游船排开的水的质量（选填“增大”“减小”或“不变”）；水面下1m深处的船舷受到的水的压强为Pa（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。（3）观光艇上的游客看到水中欢快游动的鱼儿是光的形成的虚像；（4）某次航行时，发动机输出功率4.3×104W（q柴油＝4.3×107J/kg），游玩20min，发动机做的功是J，此过程消耗柴油4kg，发动机的效率是。22．（8分）煎饼香，情意长，临沂煎饼就是香。（1）摊煎饼时，小郯发现在煎饼机煎饼上面有一些白烟，发生的是（填物态变化名称），此过程需要对外热量。（填写“吸收”或者“放出”）（2）煎饼机工作时，小郯同学发现煎饼机可以自动转动，说明力可以改变物体的，又发现煎饼逐渐变热，此过程煎饼机是把电能转化为和，煎饼机工作时，一般选用铁鏊子，因为铁的比热容相对（选填“较大”或“较小”），利于煎饼机温度升高较快。（3）煎饼机由电动机带动缓慢转动，简化电路如图所示，其中电热丝R的阻值为55Ω，电动机的额定功率为22W。该煎饼机正常工作时，通过电热丝R的电流为A；电动机10min消耗的电能为J。23．（2分）如图甲电路，闭合开关后，两电压表指针位置均如乙图所示。则R2两端电压为V，两电阻之比R1：R2＝。三、作图与实验题（第24题2分，第25题5分，第26题4分，第27题6分，第28题7分，共24分）24．（2分）如图所示，书静止放在水平桌面上，请在O点画出书受到的重力G和支持力F的示意图。25．（5分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中：（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝cm；（2）实验过程中，当蜡烛与凸透镜的距离如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的实像，生活中利用这个规律制成的光学仪器是（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若保持凸透镜位置不变，蜡烛从35cm刻度线处向右移动2cm，要想让光屏重新承接清晰的像，则此时光屏应该向移动（填左或右）；（3）实验进行过程中，蜡烛会越燃越短，像会呈在光屏的方，要想让像仍然呈在光屏的中央，需将凸透镜往（填上或下）移动。26．（4分）小红在春游时捡到一些石头，拿了其中一块想用天平、量筒测量石块密度。（1）天平放在水平桌面上，游码调到标尺零刻线，指针如甲图所示，平衡螺母应向（选填“左”或“右”）调，直至指针指在分度盘中线，天平横梁平衡；（2）如图乙，小石块质量为g，如图丙是石块浸没量筒水中前、后液面情况，根据图中信息，可测得小石块密度为g/cm3；（3）在测量石块质量过程中，砝码要用（选填“手”或“镊子”）夹取，若先用量筒测石块体积，后用天平测石头质量，测得小石块密度值（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。27．（6分）在标准大气压下，做“观察水的沸腾”的实验时，甲、乙、丙三个实验小组的同学分别从图中A、B两套实验装置中任选一套来完成实验。（1）甲组同学从水温升高到90℃时开始记录数据，以后每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾5min为止，实验数据如表，分析表中的数据可知，甲组同学选择的是（A/B）套装置；时间/min01234567891011温度9092949698100101102102102102102（2）乙、丙两组同学都选择了另外一套实验装置，这两组同学虽然选用的实验装置相同，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图象如图C所示，得到a、b两种不同图象的原因是：不同；A．水的质量B．水的初始温度（3）实验后，甲组的同学对大家提出了这样的疑问：如果不对水加热，能让水重新沸腾吗？老师马上将一杯停止沸腾的水放进能抽气的密闭玻璃罩中，如图D，接通抽气机电源，随着玻璃罩中空气的抽出，热水居然沸腾起来。通过分析，同学们知道了发生此现象的原因是：抽气机抽气时，玻璃罩内的气压减小，水的沸点（升高/不变/降低），因此在不加热的情况下，水能重新沸腾；（4）水沸腾时产生大量气泡，在上升过程中气泡逐渐变（填“大”或“小”），直至水面破裂；（5）如图E，将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装冷水的容器B内，过一段时间，观察到试管A中产生的现象是越来越多（选填“水蒸气”“小水珠”“小冰晶”），同时看到温度计C的示数（“降低”或“升高”）。这个实验说明了水蒸气液化时要放出热量。28．（7分）用如图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值（阻值约为10Ω），电源电压为3V。（1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小。（导线不允许交叉）（2）电路连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，出现此现象的原因可能是Rx或断路。（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙是A，则测得未知电阻Rx＝Ω。（4）另一组同学利用图丙所示电路也完成了该实验。电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R0，a、b为滑动变阻器两端点，请把实验步骤补充完整：①闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至a端，读出电压表示数U1；②闭合开关S，，读出电压表示数U2，则待测电阻的表达式，Rx＝。（用R0、U1、U2表示）四、计算题（第29题9分，第30题9分，共18分）29．（9分）观看《热辣滚烫》后，跃跃买了可视化握力器进行锻炼，其原理可简化为图甲。电源电压恒为12V，定值电阻R1＝50Ω，压敏电阻R2的阻值随压力的变化如表，用改装后的灵敏电流表显示托盘所受压力。其中托盘可视为手与压敏电阻的接触面，质量不计。闭合开关后，问：（1）当托盘中不放物体时，电路中的总电阻是多少Ω？（2）当握力器显示为600N时，电路中的电流是多少A？（3）将装有水的烧杯放在托盘上，握力计显示为120N；再用细线悬挂一个体积为5×10﹣3m3的金属块浸没在水中（水未溢出），如图乙所示，则托盘压力的变化量至少是多少N？R2/Ω55049043037031025020015010070•••F/N050100150200250300400500600•••30．（9分）为保护环境，我市引进了新能源动力公交车，该车采用液化天然气作为驱动车辆的动力。已知公交车的质量为1.2×104kg，轮胎与地面的总接触面积为0.5m2，行驶时所受阻力是车重的0.05倍（g取10N/kg）。求：（1）公交车静止在平直公路上时对路面压强；（2）若公交车以10m/s的速度匀速行驶了10min，则牵引力所做功的功率；（3）该公交车从A地到达B地消耗了5kg的天然气，发动机的效率为40%，则A、B两地的距离为多少？（液化天然气的热值为4.8×107J/kg）

2024年山东省临沂市中考物理模拟试卷（一）参考答案与试题解析一、选择题（每题所列出的四个选项中，只有一项最符合题目要求，每题2分，共40分）1．（2分）我国的北斗卫星导航系统被称世界三大卫星导航系统之一。古有北斗星指方向，今有北斗卫星导航程。北斗卫星与地面间传递信息是利用（）A．超声波 B．次声波 C．电磁波 D．空气【考点】电磁波的传播与应用．【答案】C【分析】广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的。【解答】解：电磁波的传播不需要介质，北斗卫星与地面间传递信息是利用电磁波，故ABD错误，C正确。故选：C。2．（2分）2024年3月25日，小郯同学所在班级复习了八年级物理第10章《机械与人》，下列说法正确的是（）A．老师的声音是由空气的振动产生的 B．老师的声音是以340m/s的速度传播 C．同学们能根据音调辨别出老师的声音 D．同学们听到老师的声音很大是因为他的音调很高【考点】音调、响度、与音色的区分；声音的产生；声音的传播条件；声音在不同介质中的传播速度．【答案】B【分析】（1）声音是由物体的振动产生的；（2）声音在空气里的传播速度是340m/s；（3）（4）声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关。【解答】解：A、老师的声音是由声带的振动产生的，故A错误；B、声音在空气里的传播速度是340m/s，故B正确；C、不同人说话时的音色不同，所以家人，能够根据音色辨别出宇航员的声音，故C错误；D、老师讲课声音很大是因为他的响度大，故D错误。故选：B。3．（2分）2024年2月28日全国射击冠军赛（飞碟项目）暨国家飞碟射击队巴黎奥运会最终队伍选拔赛（第一场）圆满落幕。下列与射击时“三点一线”原理相同的现象是（）A．叶子经露珠成放大的像 B．荷花在水中形成倒影 C．笔直的光线射入树林中 D．手机拍照【考点】光直线传播的应用．【答案】C【分析】（1）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的例子有：小孔成像、影子的形成、日食和月食现象等。【解答】解：三点一线的原理是光的直线传播；A．叶子经露珠成放大的像，此时的露珠相当于放大镜，将叶子放大，是光的折射现象，故A错误；B．倒影是光的反射形成的，平面镜成像现象，故B错误；C．光射入树木中，看到的是笔直的线，说明光在同种均匀的介质中沿直线传播，故C正确；D．手机拍照，手机的镜头是凸透镜，光的折射现象，故D不符合题意。故选C。4．（2分）2023年10月19日，中国交通运输协会对临沂进行“中国物流之都”复评授牌，临沂拥有3000条物流线路，已覆盖全国所有县级以上城市。某物流仓库有南北两个进出口，每个进出口处均装有感应开关。当有车辆从任何一个进出口经过时，开关自动闭合一段时间，值班室内的指示灯会亮，提醒门卫有车辆通过，以便监视进出口安全。下列电路图中，符合要求的是（）A． B． C． D．【考点】串、并联电路的设计与应用．【答案】B【分析】车辆从任何一个进出口经过时，开关都能闭合，指示灯都能发光，说明两个开关都能单独控制灯泡，也就是开关是并联的，灯泡在干路位置。【解答】解：车辆从任何一个进出口经过时，开关都能闭合，指示灯都能发光，说明两个开关都能单独控制灯泡，所以两个开关先并联再与灯泡串联，故B符合题意。故选：B。5．（2分）为了避免驾驶员在汽车行驶时低头着仪表造成事故，人们发明了如图甲所示的汽车平视显示系统（HUD）。如图乙所示是HUD工作原理图，将水平显示器上的行车数据通过前挡风玻璃呈现在正前方，驾驶员透过挡风玻璃（看作平面镜）往前方观看的时候，能够将车外的景象与竖直呈现的行车数据融合在一起，下列说法正确的是（）A．行车数据在挡风玻璃上所成的像是实像 B．像和物体关于挡风玻璃不对称 C．汽车前灯的反光装置相当于凸面镜 D．某HUD显示器水平放置在汽车中控台上，通过挡风玻璃成垂直于水平面的像（图乙），则挡风玻璃与水平面夹角为45°【考点】平面镜成像的应用．【答案】D【分析】（1）平面镜成正立等大的虚像；（2）（4）根据平面镜成像特点，像和物关于镜面对称分析解答；（3）凹面镜：对光线起会聚作用，平行光射向凹面镜会会聚于焦点；从凹面镜焦点发出的光经凹面镜反射后平行射出。【解答】解：A、挡风玻璃相当于平面镜，根据平面镜成像特点可知，挡风玻璃上所成的像是正立的虚像，故A错误；BD、显示器水平放置在汽车中控台上，根据平面镜成像特点，像和物关于镜面对称，司机在挡风玻璃上看到的数字与其在显示器屏幕上的数字是对称的，则挡风玻璃与水平面夹角为45°，故B错误，D正确；C、汽车前灯的反光装置（反光罩）相当于凹面镜，通过它可以反射出接近于平行的光，故C错误。故选：D。6．（2分）临沂市是江北地区最大的物流基地。在快递运输水果、海鲜等易变质产品时，在没有冷源的情况下，为起保鲜作用，经常用水制成冷藏保鲜冰袋使用。冰袋对产品起保鲜作用的过程中，下列分析正确的是（）A．冰袋温度很低，含有的热量很少 B．冰袋温度很低，没有内能 C．冰袋中的冰熔化时，质量不变 D．此过程中发生热传递的原因是产品的内能比冰袋大【考点】热传递的概念与方式；质量及其特性；温度、热量与内能的关系．【答案】C【分析】（1）热量时一个过程量；（2）任何物体在任何温度状态下都具有内能；（3）质量与物态无关；（4）热传递的条件是物体间存在温度差。【解答】解：A、热量时一个过程量，不能说含有多少热量，故A错误；B、任何物体在任何温度状态下都具有内能。温度很低的冰块也具有内能，故B错误；C、冰袋中的物质熔化时，质量与物态无关，质量不变，故C正确；D、因为产品温度高于冰块的温度，所以热量从产品传向冰块，故D错误。故选：C。7．（2分）2024年3月24日周末，妈妈给小郯买了一个轮滑鞋，如图所示。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（）A．电风扇 B．电磁起重机 C．扬声器 D．动圈式话筒【考点】电磁感应现象．【答案】D【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的。【解答】解：轮滑鞋的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，转动产生电，是利用电磁感应原理来工作的。A、电风扇中的电动机是利用通电导体在磁场中受力转动的原理来工作的，故A错误；B、电磁起重机是利用电流的磁效应来工作的，故B错误C、扬声器和电动机的原理相同，是利用通电导体在磁场中受力转动的原理来工作的，故C错误；D、动圈式话筒是利用电磁感应原理来工作的，故D正确。故选：D。8．（2分）下列数据最接近实际情况的是（）A．人步行的速度约为8m/s B．教室门框的高度约为5m C．家用电视机工作电流约1.0A D．临沂冬季最低气温约为﹣40℃【考点】电流的单位和大小；摄氏温度；长度的估测；速度与物体运动．【答案】C【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、人步行的速度约为1.1m/s，故A不符合实际；B．教室门框的高度约为2m，故B不符合实际；C．家用电视机的功率约为180W，其工作电流约为I＝≈0.82A，接近1.0A，故C符合实际；D．临沂冬季最低气温约为﹣10℃，不可能到达﹣40℃，故D不符合实际。故选：C。9．（2分）郯城，地处山东省最南端；地理坐标为东经118°05′～118°31′，北纬34°22′～34°56′，气候宜人，四季分明。下列现象属于液化的是（）A．冰雪消融 B．露珠晶莹 C．霜挂枝头 D．千里冰封【考点】液化及液化的放热特点．【答案】B【分析】物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。【解答】解：A、冰雪消融，冰由固态变成液态，属于熔化现象，故A错误；B、露是水蒸气遇冷液化形成的，故B正确；C、霜是水蒸气遇冷凝华形成的，故C错误；D、千里冰封，水由液态变成固态，属于凝固现象，故D错误。故选：B。10．（2分）郯城县某中学运动员们拼劲十足，肆意挥洒汗水、比赛精彩纷呈，最终斩获2023年临沂市中小学足球联赛初中女子组冠军、男子组亚军！比赛过程中，关于力与运动的说法正确的是（）A．足球在草坪上静止不动时，受到重力、支持力和摩擦力的作用 B．前锋队员将飞来的足球顶向球门，说明力能改变物体的运动状态 C．踢出的足球继续向前滚动是因为足球受到惯性的作用 D．静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力是一对平衡力【考点】惯性与惯性现象；平衡力与相互作用力的辨别；力的作用效果．【答案】B【分析】（1）一对平衡力必须同时符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，缺一不可；（2）力既能改变物体的运动状态，也能是物体发生形变；（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力；（4）相互作用力条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。【解答】解：A、足球在草坪上静止不动时，足球没有发生相对运动、也没有相对运动的趋势，所以足球不受摩擦力作用，只受到重力和支持力的作用，故A错误；B、前锋队员将飞来的足球顶向球门，球的运动方向发生改变，说明力能改变物体的运动状态，故B正确；C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能说受到惯性的作用；踢出的足球继续向前滚动是因为足球具有惯性，故C错误；D、静止在地面上的守门员对地面的压力和地面对他的支持力，二力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故D错误。故选：B。11．（2分）如图所示是世界上最大的豪华渡轮之一“海洋魅力”号，长361m，宽66m，满载时排水量达22.8万吨，满载时吃水深度达30m，可以搭载6320名游客。下列相关说法正确的是（g取10N/kg，ρ海水＝1×103kg/m3）（）A．满载时船底受到海水的压强为3×104Pa B．满载时船底平均每0.5m2面积上受到海水的压力为6×105N C．满载时船受到的浮力为2.28×109N D．当游客下船后船受到的浮力保持不变【考点】阿基米德原理的应用；浮力大小的计算；压强的计算；液体压强的计算以及公式的应用．【答案】C【分析】（1）根据p＝ρgh计算满载时受到海水的压强；（2）由p＝公式变形可求得海水的压力；（3）根据最大排水量求出浮力的大小；（4）根据漂浮时浮力等于重力分析出浮力的变化情况。【解答】解：A、满载时船底受到的海水压强为：p＝ρ海水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×30m＝3×105Pa，故A错误；B、由p＝可得，满载时船底平均每0.5m2面积上受到海水的压力：F＝pS＝3×105Pa×0.5m2＝1.5×105N，故B错误；C、船受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝22.8×104×103kg×10N/kg＝2.28×109N，故C正确；D、当客人下船后，船的总重力减小，但船始终漂浮在水面上，浮力等于总重力，总重力减小，因此船受到的浮力变小，故D错误。故选：C。12．（2分）2024年3月21日13时27分，我国在酒泉卫星发射中心使用长征二号丁运载火箭/远征三号上面级，成功将云海二号02组卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。火箭加速上升的过程中（）A．动能不变 B．动能变小 C．动能变大 D．重力不做功【考点】动能和势能的转化；力是否做功的判断．【答案】C【分析】动能与物体的质量和速度有关；做功的必要因素是力和物体在力的方向移动的距离。【解答】解：火箭在加速升空过程中，质量不变，速度增大，动能变大；重力的方向在竖直方向，物体在竖直方向移动了距离，重力做功。故选：C。13．（2分）由我国研发的“奋斗者”号载人潜水器已成功抵达深海10909米。下列有关“奋斗者”号的说法正确的是（）A．漂浮在海面上时受力平衡 B．匀速航行时受合力向前 C．加速航行时惯性越来越大 D．潜水器是由硬度小，密度大的材料制成的【考点】物体的浮沉条件及其应用；物质的基本属性；惯性与惯性现象；力的合成与应用．【答案】A【分析】（1）物体漂浮时，所受的浮力等于自身重力；物体处于平衡状态时，受平衡力，平衡力的合力为零；（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，惯性的大小只与物体的质量有关；（3）材料除需要较高的牢固度外；潜水器还要重一些，太轻的话，潜水器不容易下沉。【解答】解：A、潜水器漂浮在海面上时浮力等于自身重力，受力平衡，故A正确；B、匀速航行时处于平衡状态时，受平衡力，所受合力为零，所以并不是合力向前，故B错误；C、加速航行时船的质量不变，惯性大小不变，故C错误；D、潜水器材料除需要较高的硬度外，潜水器有重量调节装置，密度不宜太大影响灵活性，故D错误。故选：A。（多选）14．（2分）小丹去参观科技馆的时候，发现了一个神奇的磁悬浮地球仪（如图甲），其内部结构如图乙所示，则关于该地球仪，下列说法正确的是（）A．闭合开关后，电磁铁上方是S极 B．该地球仪用到了同名磁极相互排斥的原理 C．电源的上端是负极 D．地球仪悬浮时，地球仪不受任何力作用【考点】磁极间的相互作用；安培定则．【答案】BC【分析】（1）同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引；根据磁极间的相互作用规律判定电磁铁的磁极；（2）根据安培定则判定电磁铁中电流的方向、电源的正负极；（3）分析地球仪受力情况，得出结论。【解答】解：AB、在地球仪中装入条形磁铁，通电后，底座中的电磁铁就可将其“漂浮”在空中，该地球仪用到了同名磁极相互排斥的原理，地球仪内条形磁体下端为N极，则电磁铁的上端也为N极，故A错误，B正确；C、电磁铁的上端为N极，下端为S极，根据安培定则可知，电流从电磁铁的下端流入、上端流出，所以电源的下端为正极，上端为负极，故C正确；D、地球仪悬浮时，处于平衡状态，受到磁力和重力作用，二力平衡，故D错误。故选：BC。15．（2分）如图甲是某款电子测温仪，图乙是它内部的原理电路图，其中电源电压保持不变，定值电阻R0为保护电阻；R是热敏电阻，用于靠近人体测温，当被测者体温较高时，显示仪D的示数也会变大。正常条件下关于此测温仪，下列分析正确的是（）A．显示仪是由电流表改装成的 B．热敏电阻R的阻值随着温度的升高而增大 C．被测者体温越高，电路中电流越小 D．被测者体温越高，电路的总电功率越大【考点】电路的动态分析．【答案】D【分析】A、分析电路的连接，根据电压表与待测电阻并联分析；B、当被测者体温较高时，显示仪D的示数也会变大，由串联电路电压的规律和分压原理分析；CD、被测者体温越高，电压表示数越大，由欧姆定律I＝分析电路的电流变化，根据P＝I2R确定R消耗的电功率变化；根据P＝UI确定电路消耗的电功率变化。【解答】A、R与R0串联，因显示仪D与保护电阻并联，故显示仪是由电压表改装成的，故A错误；B、当被测者体温较高时，显示仪D的示数也会变大，由串联电路电压的规律，热敏电阻的电压变小，由分压原理，热敏电阻的电阻变小，即热敏电阻R的阻值随着温度的升高而减小，故B错误；CD、被测者体温越高，电压表示数越大，由欧姆定律I＝，电路的电流越大；根据P＝UI，电路消耗的电功率越大，故C错误、D正确。故选：D。16．（2分）如图所示电路，闭合开关S1、S2，两电表都有示数，下列判断正确的是（）A．电流表A1测量通过灯L2的电流 B．有灯泡损坏时，电流表A1、A2示数可能相等 C．若灯L1发生短路，L2正常发光 D．仅断开S1，电流表A1的示数不变【考点】并联电路的电流规律；电流表的使用．【答案】B【分析】分析电路图，先确定两灯的连接方式、两电流表和两开关的位置，再根据串联或并联电路的特点分析判断。【解答】解：由图可知，L1、L2并列连接，为并联；开关S2在干路上，控制整个电路，开关S1与L1在一条支路，控制L1；电流表A1在干路上，测量干路中的电流，电流表A2与L1在一条支路，测量通过L1的电流。A、电流表A1在干路上，测量干路中的电流，故A错误；B、电流表A2测量通过L1的电流，电流表A1测量干路中的电流，L1灯泡损坏时，电流表A1、A2示数相等，故B正确；C、灯L1被短路时，L2也短路，不能正常工作，故C错误。D、仅断开S1，灯L1被断路，电流表A2测量通过L1的电流，此时没有示数，电流表A1测量干路中的电流，示数变小，故D错误。故选：B。17．（2分）2023年中国汽车出口量将达540万辆，其中新能源汽车占比40%，达220万辆，保持着全球第一大汽车出口国的地位。新能源汽车中绝大多数是电动车。2024年3月25日，郯城突降中雨，气温降到10度以下，小郯坐在爸爸驾驶的新能源电动汽车里，突然产生了以下想法，说法正确的是（）A．上车时，小郯发现自己穿的毛衣，冒出“火花”，这是毛衣摩擦起电的原因 B．小郯发现汽车前挡风玻璃里面有雾产生，这是汽化的结果 C．电动汽车行驶时，是把机械能转化为电能 D．一束绿光照在爸爸的红色汽车上，汽车看起来是红色【考点】能量转化和转移；液化及液化的放热特点；物体的颜色；摩擦起电．【答案】A【分析】（1）两个物体互相摩擦时，因为不同物体的原子核束缚核外电子的本领不同，所以其中必定有一个物体失去一些电子，另一个物体得到多余的电子，摩擦过带电的物体具有吸引轻小物体的现象。（2）物质由气态变为液态的过程叫做液化；物质由气态变为液态的过程叫做汽化。（3）电动机消耗电能，获得机械能。（4）不透明物体会反射与自身颜色不同的色光而吸收与自身相同的色光，不透明物体的颜色由它反射的色光决定。【解答】解：A、上车时，小郯发现自己穿的毛衣冒出“火花”；，是因为毛衣和衬衣之间相互摩擦带电，两者带有异种电荷，放电产生“火花”，故A正确。B、汽车前挡风玻璃里面有雾产生，这是车内的水蒸气遇到温度低的玻璃液化的结果，故B错误。C、电动汽车行驶时，消耗电能，获得机械能，是把电能转化为机械能，故C错误。D、一束绿光照在爸爸的红色汽车上，汽车看起来是黑色，故D错误。故选：A。18．（2分）标有“6V3W”和“6V6W”的灯L1和L2（假设两灯灯丝电阻不变），若将它们串联在某电源上，使其中一个灯正常发光时，下列说法正确的是（）A．通过灯L1和L2的电流之比为2：1 B．灯L1和L2两端的电压之比为1：2 C．灯L2和L1的发光亮度相同 D．能够正常发光的灯应是灯L1【考点】额定功率与实际功率；串联电路的电流规律．【答案】D【分析】（1）已知额定电压和额定功率，根据P＝UI求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；（2）根据串联电流相等，电压之比等于电阻之比，分析得出结论；（3）将它们串联在某电源上，通过的电流相等，利用P＝I2R可得实际功率，灯泡的亮度由实际功率决定；（4）比较得出串联时电路中的最大电流，由此可知能正常发光的灯。【解答】解：“6V3W”表示L1的额定电压为6V、额定功率为3W；“6V6W”表示L2的额定电压为6V、额定功率为6W；由P＝UI可知，灯L1的额定电流：I1额＝＝＝0.5A；灯L2的额定电流：I2额＝＝＝1A，由欧姆定律可知，灯L1的电阻：R1＝＝＝12Ω；灯L2的电阻：R2＝＝＝6Ω，A、将它们串联在某电源上，通过的电流相等，电流之比为1：1，则故A错误；B、根据U＝IR，串联电流相等，电压之比等于电阻之比，为12Ω：6Ω＝2：1，故B错误；C、根据P＝I2R可知，灯泡L1、L2的电流相等，灯L1、L2的电阻不同，则电功率不同，灯泡的亮度不同，故C错误；D、当电路中的最大电流：I最大＝0.5A，此时I最大＝I1额，灯泡L1正常发光，故D正确。故选：D。19．（2分）两个相同的烧杯中盛有甲、乙两种不同的液体，两个相同的小球在杯中静止时两杯液面相平，如图所示。则（）A．小球排开液体的质量m甲＜m乙 B．液体对小球的浮力F浮甲＝F浮乙 C．液体对容器底部的压强p甲＝p乙 D．液体对容器底部的压力F甲＜F乙【考点】物体的浮沉条件及其应用；固体压强大小比较；液体压强的比较大小；阿基米德原理的应用．【答案】B【分析】根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系，再根据p＝ρgh和p＝判断液体对容器底部的压力关系。【解答】解：AB、由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，即F浮甲＝F浮乙。由F浮＝G排可得，小球排开液体的质量m甲＝m乙，故A错误，B正确；C、根据浮沉条件：物体漂浮时ρ液＞ρ物，物体悬浮时ρ液＝ρ物．所以ρ液甲＞ρ球，ρ液乙＝ρ球，由此可得：ρ液甲＞ρ液乙，已知两杯中液面相平，ρ液甲＞ρ液乙，由p＝ρgh可知，烧杯底受到液体的压强：p液甲＞p液乙，故C错误；D、由p＝可知，液体对容器底部的压力F甲＞F乙，故D错误；故选：B。20．（2分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V，闭合开关S后，滑片P从最右端滑到最左端的过程中，小灯泡的I﹣U关系如图乙所示，下列说法中正确的是（）A．电源电压为24V B．小灯泡的额定功率为12W C．滑动变阻器的最大阻值为10Ω D．该电路总电功率的变化范围为12W～24W【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．【答案】D【分析】（1）额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，当滑片位于左端时，电路中的电流最大，电路的总功率最大，灯泡两端的电压为12V，根据图象读出对应的电流，利用P＝UI求出电路的最大总功率，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；（2）当滑片位于右端时，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流和灯泡两端的电压，根据P＝UI求出电路的最小总功率，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。【解答】解：AB、由电路图可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路为灯泡的简单电路，由图象可知，电路中的电流I＝2A，电源的电压U＝UL＝12V，故A错误；则电路的最大功率及灯泡的额定功率P大＝UI＝12V×2A＝24W，故B错误；CD、当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，电路的总功率最小，由图象可知，灯泡两端的电压UL′＝3V，电路中的电流I′＝1A，电路的最小总功率：P小＝UI′＝12V×1A＝12W，则该电路总功率变化范围为12W～24W，故D正确；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：UR＝U﹣UL′＝12V﹣3V＝9V，滑动变阻器的最大阻值：R＝＝＝9Ω，故C错误。故选：D。二、填空题（每空1分，共18分）21．（8分）“水韵琅琊”城市文旅综合体充分利用沂河水域资源和河岸景观，全面释放水上旅游市场活力，推出水韵琅琊水上观光游船、快艇项目2024年3月23日（星期六）开启试运行。（1）观光码头附近人声鼎沸，是指声音的响度大（选填“音调高”或“响度大”）；相对于前面正在端坐在驾驶室的驾驶员，坐在观光艇的顾客是静止（选填“运动”或“静止”）的；（2）游玩结束后，关闭了发动机的观光艇依然能向前运动一段距离，这是因为游船具有惯性；游客逐渐离船上岸的过程中，游船排开的水的质量减小（选填“增大”“减小”或“不变”）；水面下1m深处的船舷受到的水的压强为1×104Pa（水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。（3）观光艇上的游客看到水中欢快游动的鱼儿是光的反射形成的虚像；（4）某次航行时，发动机输出功率4.3×104W（q柴油＝4.3×107J/kg），游玩20min，发动机做的功是5.6×107J，此过程消耗柴油4kg，发动机的效率是30%。【考点】热机的效率；运动和静止的相对性；惯性与惯性现象；液体压强的计算以及公式的应用；阿基米德原理的应用；响度；光的折射现象及其应用；功的计算和公式的应用．【答案】（1）响度大；静止；（2）惯性；减小；1×104；（3）反射；（4）5.6×107；30%。【分析】（1）响度是人耳感觉到的声音的大小，发声体的振幅大，响度大；在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；（2）物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；漂浮的物体浮力等于重力，根据重力改变结合阿基米德原理分析排开液体的质量变化；根据p＝ρgh计算液体的压强；（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变的现象，叫做折射；（4）根据W＝Pt求出发动机做的有用功，利用W放＝mq计算出柴油4kg放出的热量，利用η＝×100%求出发动机的效率。【解答】（1）人声鼎沸指声音大，表明发出声音的响度大。坐在观光艇的顾客与正在一路小跑上菜的服务员之间的相对位置没有变化，所以以驾驶员为参照物，坐在观光艇的顾客是静止的；（2）关闭了发动机的观光艇依然能向前运动一段距离，这是因为游船具有惯性，保持原来向前运动的状态。游客逐渐离船上岸的过程中，游船上的总质量减小，所以排开的水的质量就减小。水面下1m深处的船舷受到的水的压强为p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1m＝1×104Pa；（3）看到的水中的鱼是由于水中鱼反射出的光，在水面处发生了折射；（4）W＝Pt＝4.3×104W×20×60s＝5.6×107J，W放＝mq＝4kg×4.3×107J/kg＝1.72×108J，η＝×100%＝30%。故答案为：（1）响度大；静止；（2）惯性；减小；1×104；（3）反射；（4）5.6×107；30%。22．（8分）煎饼香，情意长，临沂煎饼就是香。（1）摊煎饼时，小郯发现在煎饼机煎饼上面有一些白烟，发生的是液化（填物态变化名称），此过程需要对外放出热量。（填写“吸收”或者“放出”）（2）煎饼机工作时，小郯同学发现煎饼机可以自动转动，说明力可以改变物体的运动状态，又发现煎饼逐渐变热，此过程煎饼机是把电能转化为内能和机械能，煎饼机工作时，一般选用铁鏊子，因为铁的比热容相对较小（选填“较大”或“较小”），利于煎饼机温度升高较快。（3）煎饼机由电动机带动缓慢转动，简化电路如图所示，其中电热丝R的阻值为55Ω，电动机的额定功率为22W。该煎饼机正常工作时，通过电热丝R的电流为4A；电动机10min消耗的电能为1.32×104J。【考点】电功率与电能、时间的关系；电功率与电压、电流的关系；液化及液化的放热特点；力的作用效果；比热容的概念及其计算．【答案】（1）液化；放出；（2）运动状态；内能；机械能；较小；（3）4；1.32×104。【分析】（1）物质由气态变为液态的变化是汽化，液化需要放热；（2）力可以改变物体的运动状态；电流做功的过程，实质就是把电能转化为其他形式的能的过程；在质量、吸收热量一定的情况下，比热容小的物质，温度变化比较明显；（3）由图可知，R与电动机并联，由I＝可求得通过电热丝R的电流，由P＝公式变形可求得电动机10min消耗的电能。【解答】解：（1）摊煎饼时，煎饼机煎饼上面有一些白烟，是小液滴，是水蒸气变为液体的过程，发生的是液化，这个过程需要吸热。（2）煎饼机工作时，煎饼机可以自动转动，说明力可以改变物体的运动状态；又发现煎饼逐渐变热，此过程煎饼机是把电能转化为内能和机械能，在质量、吸收热量一定的情况下，比热容小的物质，温度变化比较明显，煎饼机工作时，一般选用比热容较小的铁鏊子。（3）由图可知，R与电动机并联，该烧烤炉正常工作时，通过电热丝R的电流为：I＝＝＝4A；由P＝可知，电动机10min消耗的电能为W＝Pt＝22W×10×60s＝1.32×104J。故答案为：（1）液化；放出；（2）运动状态；内能；机械能；较小；（3）4；1.32×104。23．（2分）如图甲电路，闭合开关后，两电压表指针位置均如乙图所示。则R2两端电压为8V，两电阻之比R1：R2＝1：4。【考点】欧姆定律的应用；电压表的读数；串联电路的电压规律．【答案】8；1：4。【分析】由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R1两端的电压，根据串联电路的电压特点结合两只电压表指针的偏转角度相同得出量程，根据分度值读出示数并求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出R1、R2阻值之比。【解答】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电源两端的电压，电压表V2测R1两端的电压。因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两只电压表指针的偏转角度相同，所以，电压表V1的量程为0～15V，分度值为0.5V，则电源电压U＝10V，电压表V2的量程为0～3V，分度值为0.1V，则R1两端的电压U1＝2V，根据串联电路的电压特点可得，R2两端的电压：U2＝U﹣U1＝10V﹣2V＝8V；因串联电路中各处的电流相等，所以由I＝可得，R1、R2的阻值之比等于其两端的电压之比，即：＝＝＝1：4。故答案为：8；1：4。三、作图与实验题（第24题2分，第25题5分，第26题4分，第27题6分，第28题7分，共24分）24．（2分）如图所示，书静止放在水平桌面上，请在O点画出书受到的重力G和支持力F的示意图。【考点】力的示意图与图示．【答案】见解答图【分析】用一条带箭头的线段表示力的三要素的方法叫力的示意图；重力方向始终竖直向下，静止的物体受力平衡。【解答】解：过重心作竖直向下的重力，在箭头的末端用G表示。书静止受力平衡，则支持力与重力大小相等、方向相反，作用在同一条直线上，都画在重心上，如图所示：25．（5分）在“探究凸透镜成像规律”的实验中：（1）如图甲，平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f＝10.0cm；（2）实验过程中，当蜡烛与凸透镜的距离如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的实像，生活中利用这个规律制成的光学仪器是投影仪（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若保持凸透镜位置不变，蜡烛从35cm刻度线处向右移动2cm，要想让光屏重新承接清晰的像，则此时光屏应该向右移动（填左或右）；（3）实验进行过程中，蜡烛会越燃越短，像会呈在光屏的上方，要想让像仍然呈在光屏的中央，需将凸透镜往下（填上或下）移动。【考点】探究凸透镜成像的规律．【答案】（1）10.0；（2）投影仪；右；（3）上；下。【分析】（1）根据焦点和焦距的定义去分析；（2）当2f＞u＞f光屏上成倒立、放大的实像，应用于投影仪；根据凸透镜成实像时，物近像远像变大进行分析；（3）根据过光心的光传播方向不变，进行分析。【解答】解：（1）跟主光轴平行的光线经过凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这一点是凸透镜的焦点，光屏上出现一个最小最亮的光斑是凸透镜的焦点；光心和焦点之间的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f＝20.0cm﹣10.0cm＝10.0cm；（2）如图乙所示时，在光屏上可得到一个清晰的实像，物距u＝50.0cm﹣35.0cm＝15.0cm；当2f＞u＞f光屏上成倒立、放大的实像，应用于投影仪；蜡烛从35.0cm刻度线处向右移动2.0cm，且物距大于焦距成实像，即物距是变小，像变大，所以光屏应该向右移动才能重新承接清晰的像；（3）凸透镜成倒立的实像，蜡烛由于燃烧逐渐变短，相对于凸透镜向下移动，所以像逐渐向上移动，像会呈在光屏的上方；蜡烛变短后，烛焰的中心向下移动，为了让烛焰、凸透镜和光屏的中心还能在同一直线上，凸透镜应向下移动，烛焰的像才能再次成在光屏中央。故答案为：（1）10.0；（2）投影仪；右；（3）上；下。26．（4分）小红在春游时捡到一些石头，拿了其中一块想用天平、量筒测量石块密度。（1）天平放在水平桌面上，游码调到标尺零刻线，指针如甲图所示，平衡螺母应向右（选填“左”或“右”）调，直至指针指在分度盘中线，天平横梁平衡；（2）如图乙，小石块质量为89g，如图丙是石块浸没量筒水中前、后液面情况，根据图中信息，可测得小石块密度为8.9g/cm3；（3）在测量石块质量过程中，砝码要用镊子（选填“手”或“镊子”）夹取，若先用量筒测石块体积，后用天平测石头质量，测得小石块密度值偏大（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【考点】固体的密度测量实验．【答案】（1）右；（2）89；8.9；（3）镊子；偏大。【分析】（1）在调节天平平衡时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节；（2）在天平读数时，被测物体的质量＝砝码的质量+游码的示数；物体的体积通过量筒中两次液面的体积差进行计算，根据ρ＝计算出该材料的密度；（3）加减法吗不能用手，要用镊子；因为小石块沾水，使小石块的质量测量值偏大，则密度的测量值比真实值偏大。【解答】解：（1）指针转向指在分度盘中线的左侧，应该向右侧移动平衡螺母；（2）据图可知，此时天平标尺的分度值是0.2g，故此时待测小石块的质量是：m＝50g+20g+10g+5g+4g＝89g；据丙图小石块的体积是：V＝40mL﹣30mL＝10mL＝10cm3；故小石块的密度是：ρ＝＝＝8.9g/cm3；（3）在测量石块质量过程中，砝码要用镊子夹取；因为小石块沾水，使小石块的质量测量值偏大，则其密度的测量值比真实值偏大。故答案为：（1）右；（2）89；8.9；（3）镊子；偏大。27．（6分）在标准大气压下，做“观察水的沸腾”的实验时，甲、乙、丙三个实验小组的同学分别从图中A、B两套实验装置中任选一套来完成实验。（1）甲组同学从水温升高到90℃时开始记录数据，以后每隔1min记录一次水的温度，直到水沸腾5min为止，实验数据如表，分析表中的数据可知，甲组同学选择的是B（A/B）套装置；时间/min01234567891011温度9092949698100101102102102102102（2）乙、丙两组同学都选择了另外一套实验装置，这两组同学虽然选用的实验装置相同，但水开始沸腾的时刻不同，他们绘制的沸腾图象如图C所示，得到a、b两种不同图象的原因是：A不同；A．水的质量B．水的初始温度（3）实验后，甲组的同学对大家提出了这样的疑问：如果不对水加热，能让水重新沸腾吗？老师马上将一杯停止沸腾的水放进能抽气的密闭玻璃罩中，如图D，接通抽气机电源，随着玻璃罩中空气的抽出，热水居然沸腾起来。通过分析，同学们知道了发生此现象的原因是：抽气机抽气时，玻璃罩内的气压减小，水的沸点降低（升高/不变/降低），因此在不加热的情况下，水能重新沸腾；（4）水沸腾时产生大量气泡，在上升过程中气泡逐渐变大（填“大”或“小”），直至水面破裂；（5）如图E，将烧瓶内水沸腾时所产生的水蒸气通入试管A中，试管A放在装冷水的容器B内，过一段时间，观察到试管A中产生的现象是越来越多小水珠（选填“水蒸气”“小水珠”“小冰晶”），同时看到温度计C的示数升高（“降低”或“升高”）。这个实验说明了水蒸气液化时要放出热量。【考点】探究水沸腾时温度变化的特点．【答案】（1）B；（2）A；（3）降低；（4）大；（5）小水珠；升高。【分析】（1）1标准大气压下水的沸点是100℃，沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高。（2）由图C知，两组同学所用的水的初温相同，但加热到沸腾的时间不同，则可能是所用水的质量不同，或所用酒精灯的火力不同，在相同时间内放出的热量不同，水吸收的热量不同，由此分析；（3）液体沸腾有两个必要条件：①达到沸点，②继续吸热，当两个条件同时具备时即可沸腾；液面上的气压越高，液体的沸点越高，反之，气压越低，液体的沸点越低。据此分析判断；（4）水沸腾时和沸腾前的现象区别：液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大；（5）沸腾是一种剧烈的汽化现象，可以产生大量的水蒸气，水蒸气受冷就会液化放热形成小水珠；冷水吸收热量后温度升高，测量液体温度的温度计示数会升高。【解答】解：（1）如图，A装置烧杯上没有盖，B装置上烧杯有盖，烧杯上加盖，可以增大水上方的气压，使水的沸点升高，由表格数据知，水的沸点的102℃，所以甲同学使用B装置。（2）由图C知，两组同学所用的水的初温相同，但加热到沸腾的时间不同，则可能是所用水的质量不同，或所用酒精灯的火力不同，在相同时间内放出的热量不同，水吸收的热量不同，故A符合题意，B不符合题意。故选：A。（3）将热水放在玻璃罩中，抽出空气时，水的温度变化不大，但水上方空气减小，气压变低，水沸腾起来，说明此时水的沸点变低了，所以水的沸点随着气压减小而降低。（4）液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，气泡上升时不断变小；液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，气泡上升时不断增大。（5）通入试管A中的水蒸气遇冷就会液化，形成小水珠，附着在试管壁上；水蒸气液化时，要放出热量，冷水吸收热量后温度会升高，所以温度计的示数会升高。故答案为：（1）B；（2）A；（3）降低；（4）大；（5）小水珠；升高。28．（7分）用如图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值（阻值约为10Ω），电源电压为3V。（1）请用笔画线代替导线，将电路连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小。（导线不允许交叉）（2）电路连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，出现此现象的原因可能是Rx短路或电压表断路。（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，电压表示数为2.7V，电流表示数如图乙是0.3A，则测得未知电阻Rx＝9Ω。（4）另一组同学利用图丙所示电路也完成了该实验。电源电压不变，滑动变阻器的最大阻值为R0，a、b为滑动变阻器两端点，请把实验步骤补充完整：①闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至a端，读出电压表示数U1；②闭合开关S，移动滑动变阻器滑片P至b端，读出电压表示数U2，则待测电阻的表达式，Rx＝•R0。（用R0、U1、U2表示）【考点】实验伏安法测电阻．【答案】（1）见解答图；（2）短路或电压表；（3）0.3；9；（4）②移动滑动变阻器滑片P至b端；•R0【分析】（1）滑动变阻器的滑片向左滑动时，电流表的示数变小，说明滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；（2）电路连接完成后，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；（3）根据电流表选用量程确定分度值