广东省肇庆市新高考物理经典100实验题含解析

[word版可编辑】广东省肇庆市新高考物理经典100实验题

精选高考物理实验题100题含答案有解析

1.小李同学设计实验测定一圆柱体合金的电阻率，需要精确测量合金的电阻值。已知圆柱体合金长度为

L、电阻约为10。，现在手头备有如下器材：

A.电流表A”量程为100mA、内阻约为1()。

B.电流表A2,量程为100必1、内阻约为100。

C.电阻箱广，最大阻值为999.9Q

D.滑动变阻器片，最大阻值为50Q

E.滑动变阻器&，最大阻值为10kQ

F.电源，电动势约为3V、内阻约为10。

G.导线和开关若干

H.刻度尺(最小刻度为1mm)

I.游标卡尺

(1)用游标卡尺测量圆柱体合金的直径如图所示，则直径"=cm。

(2)如图所示是该同学设计的测量该合金电阻的电路图，请帮助他选择合适的电学器材，要求电表的示数大

于其量程的三分之二、滑动变阻器方便调节，则电流表和滑动变阻器需选择(填对应器材前面

的字母序号)。按图连接好线路进行实验，即可测量出该合金的电阻值R,。

(3)用以上已知量和所测量的物理量的字母，写出该合金电阻率的表达式为。

【答案】1.075AD兀d勺

4L

【解析】

【详解】

(1)[1].d=1cm+15x0.05mm=1.075cm

3V

(2)[2][3].若电流表选A”电路总电阻约为，，、：、.=30Q；若电流表选A2，电路总电阻约为

100mA

3V

30000。。滑动变阻器R2不能满足，则滑动变阻器选Ri。

lOOgA

L（iA2

（3）[4].根据电阻定律有R,=0§,其中S=,联立解得

7rd-Rx

P=

4L

2.某同学要测量量程为6V的电压表V、的内阻，实验过程如下:

（1）先用多用电表粗测电压表的内阻，将多用电表功能选择开关置于“xlK”挡，调零后，将红表笔与电压

表（选填“正”或"负”）接线柱连接，黑表笔与另一接线柱连接，指针位置如图所示，电压表内阻为

________Si.

（2）为了精确测量其内阻，现提供以下器材：

电源E（电动势为12V,内阻约为1。）

K开关和导线若干

电流表A（量程0.6A,内阻约为3Q）

电压表V（量程10V,内阻约为15kC）

定值电阻Ro（阻值为5kC）

滑动变阻器Ri（最大阻值为5。，额定电流为1A）

滑动变阻器R2（最大阻值为50C,额定电流为1A）

①请选用合适的器材，在方框中画出实验电路图_______（需标注所用实验器材的符号）.

②待测电压表V,内阻测量值的表达式为Rx=.（可能用到的数据：电压表X的示数为Ux，电

【解析】

【分析】

【详解】

（1）红表笔是欧姆表的负极，所以应该接电压表的负接线柱.电压表的内阻为

10.0xl000Q=1.00xl04fi.

（2）滑动变阻器的电阻远小于电压表的内阻，应该选择分压接法，若使用片会使流过滑动变阻器的电流

超过1A,故要选择用,电路图如图:

R；5—U,R。

根据欧姆定律可得电压表内阻的测量值为：*U-U*U-Ux.

R。

3.在测金属丝的电阻率的实验中，用两节干电池作为电源，正确的电路连接如图所示。

⑴请在图的框中画出相应的电路图

⑵闭合开关，发现电压表的示数为0,须检查电路故障。针对以下检查过程中的相关步骤，回答问题。

保持原电路结构且闭合开关，用已调试好的多用电表的直流电压10V挡进行检测，将（选填“红，

或“黑”）表笔接触P点的接线柱，再将（选填“红”或“黑”）表笔接触电路中N点的接线柱。表

盘示数如图所示，其读数为一_______Vo

保持P点表笔接触位置不变,再将另一表笔分别接触电路中M、Q点的接线柱，电压值几乎不变。由此

初步判定电路故障可能是一_____________O

尸

【答案】人工黑红2.5②号导线断路或③号导线断路

3

【解析】

【详解】

电路图如图所示。

-<Y>-

__ii•­

(2)[2]网使用多用电表时，电流要从红表笔流入、黑表笔流出。电路中的P点为电源负极，此处应连接多

用电表的黑表笔，则另一端连接红表笔。

[4]多用电表为直流电压10V挡，其最小有效刻度为0.2V,经估读后电压值为2.5V。

[5]黑表笔接触P点，红表笔分别探测电路中N、M、Q点，电压值几乎不变且始终小于电源电动势，初步

判定导线①④⑤⑥⑦正常。电路故障可能是②号导线断路或③号导线断路。(其他合理说法均对)

4.某学习小组通过如图甲所示实验装置来验证动量守恒定律。A是固定在水平桌面上光滑的斜槽，斜槽

末端与水平桌面平行，B是气垫导轨，C是光电门，D是带有小孔的滑块(孔内粘有胶带，小球进入小孔

即粘在胶带上)，滑块上方有一窄挡光片。实验前将斜槽固定在水平桌面上，调整气垫导轨的高度，使滑

块小孔与斜槽末端在同一高度处，同时调整气垫导轨水平，多次改变小球释放高度h,得到挡光片通过光

电门的时间3做出/?-:图象。小球质量为m,滑块总质量为m°,挡光片宽度为d,重力加速度为g

(D用螺旋测微器测量挡光片的宽度，如图乙所示，宽度d=cm

(2)只要满足关系式h=(用题中所给的物理量符号表示)，就可以说明在误差允许范围内碰撞过

程动量守恒

(3)如果图象是一条过原点的(填写“倾斜直线”或“抛物线”)，同样可以验证动量守恒

【答案】2.150(与寸，倾斜直线

2m-gr

【解析】

【详解】

⑴⑴螺旋测微器的读数为2mm+15.0x0.01mm=2.150mm；

(2)[2]根据动能定理得

mgh,1=—mVg2

得小球下滑到斜面底端的速度为

%=7^

小球与斜槽到光电门的速度为

(1

v=­

t

由动量守恒定律可得

mvQ=（机+%）y

即

=(〃2+2

2ghm0)(—)

整理得

+2d2

2m2gt2

1

(3)[3]由〃=。"*?)""可知,/z-J成正比，所以图象是一条倾斜直线时同样可以验证动量守恒

2m-gt2r

5.物理社找到一根拉力敏感电阻丝，其阻值随拉力F变化的图像如图甲所示，社员们按图乙所示电路制

作了一个简易“吊杆电路中电源电动势E=3V,内阻r=l。；灵敏毫安表的量程为10mA,内阻Rg=5C；

治是可变电阻。A,B两接线柱等高且固定。现将这两根拉力敏感电阻丝套上轻质光滑绝缘杆，将其两端

接在A,B接线柱上。通过光滑绝缘杆可将重物吊起。不计敏感电阻丝的重力，现完成下列操作步骤：

步骤a：滑环下不吊重物时，闭合开关，调节可变电阻Ri使毫安表指针满偏；

步骤b：滑杆下吊上已知重力的重物，测出电阻丝与竖直方向的夹角为仇

步骤c：保持可变电阻R1接入电路阻值不变，读出此时毫安表示数I;

步骤d：换用不同已知重力的物理，挂在滑环上记录每一个重力值对应的电流值；

步骤e：将毫安表刻度盘改装为重力刻度盘

(1)写出敏感电阻丝上的拉力F与重物G的关系：F=»

(2)设R-F图像斜率为k,写出毫安表示数I与待测重物重力G关系的表达式：1=.(用E,

r,Ri，Rg,Ro>k,0表示)

(3)若R-F图像中Ro=5OC,k=0.2fl/No测得0=45°,毫安表指针半偏，则待测重物的重力G=N»

(4)关于改装后的重力刻度盘，下列说法正确的是«

A.重力零刻度线在毫安表满刻度处，刻度线均匀

B.重力零刻度线在毫安表零刻度处，刻度线不均匀

C.重力零刻度线在毫安表满刻度处，刻度线不均匀

D.重力零刻度线在毫安表零刻度处，刻度线均匀

(5)若电源电动势不变，内阻变大，其他条件不变，用这台简易“吊秤”称重前，进行了步骤a操作，则

测量结果o(填“偏大”“偏小”或“不变”)

6/=_g_

【答案】^—-EkG150『3C不变

2cos。

【解析】

【详解】

⑴口］对重物，可得

2Fcos^=G

(2)⑵不挂重物时，由闭合电路欧姆定律可得

=7^小

挂重物后，

i=----------------

r+Ri+R,,+R

由图中关系可知

kC

R=R、+kF=R0+-

”"2cos0

整理得

1=-------------

EkG

------1--------------

2cos。

(3)［3］将数据带入⑵中表达式可得

G=^=1500V2N

kU/J

2cos"EE、

(4)［4］由(2)中分析可知，不挂重物时，电表满偏，此时应该为重力的0刻线，由G=

k7J

可知，G-/不成线性关系，故刻度为不均匀的，故C正确，A、B、D错误；

故选B。

(5)［5］由于称重前现将电表调满偏，当电源内阻变化时，满偏时总电阻不变，故电源内阻变化对测量结

果无影响。

6.某实验小组设计了如图(a)所示的实验装置，通过改变重物的质量，利用计算机可得滑块运动的加速

度以和所受拉力F的关系图象。他们在水平轨道上做了实验，得到了a-尸图线，如图（匕）所示。滑块

和位移传感器发射部分的总质量机=kg；滑块和轨道间的动摩擦因数〃=（g取

10m/s2）o

位移传感器位移传出器

【答案】0.50.2

【解析】

【分析】

【详解】

[1]由图形b得加速度a和所受拉力F的关系图象的斜率

k=2=—

F

所以滑块和位移传感器发射部分的总质量

FI八c

m=—=—=0.5kg

ak

[2]由图形b得，在水平轨道上F=1N时，加速度a=0,根据牛顿第二定律得

F-5/ing=0

解得

〃=0.2

2

7.某班同学在学习了向心力的公式F=m匕和F=m32r后，分学习小组进行实验探究向心力。同学们用

细绳系一纸杯（杯中有30mL的水）在空中甩动，使纸杯在水平面内做圆周运动（如图乙所示），来感受向心

力。

（1）下列说法中正确的是。

A.保持质量、绳长不变，增大转速，绳对手的拉力不变

B.保持质量、绳长不变，增大转速，绳对手的拉力增大

C.保持质量、角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力不变

D.保持质量、角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力增大

⑵如图甲所示，绳离杯心40cm处打一结点A,80cm处打一结点B,学习小组中一位同学用手表计时，另

一位同学操作，其余同学记录实验数据。

操作一：手握绳结A,使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。

操作二：手握绳结B,使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。

操作三：手握绳结A,使杯在水平方向每秒运动两周，体会向心力的大小。

操作四：手握绳结A,再向杯中添30mL的水，使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。

①操作二与一相比较：质量、角速度相同，向心力的大小与转动半径大小有关；

操作三与一相比较：质量、半径相同，向心力的大小与角速度的大小有关；

操作四与一相比较：相同，向心力大小与有关；

②物理学中这种实验方法叫法。

③小组总结阶段，在空中甩动纸杯的同学谈感受时说：“感觉手腕发酸，感觉力不是指向圆心的向心力而

是背离圆心的离心力，跟书上说的不一样"，你认为该同学的说法正确吗？答：。

【答案】）BD角速度、半径质量大小控制变量不正确，见解析

【解析】

【详解】

（1）[1].由题意知，根据向心力公式F向nmc/r,结合牛顿第三定律，有丁拉=171322保持质量、绳长

不变，增大转速，根据公式可知，绳对手的拉力将增大，故A错误，B正确；保持质量、角速度不变，增

大绳长，根据公式可知，绳对手的拉力将增大，故C错误，D正确。

（2）①[2北3].根据向心力公式F向nmo/r,结合牛顿第三定律，则有T捡umo/r；

操作二与一相比较：质量、角速度相同，向心力的大小与转动半径大小有关；

操作三与一相比较：质量、半径相同，向心力的大小与角速度的大小有关；

操作四与一相比较：角速度、半径相同，向心力大小与质量大小有关；

②[4].物理学中这种实验方法叫控制变量法。

③[5].该同学受力分析的对象是自己的手，但实验中受力分析的对象是纸杯，绳的拉力提供纸杯做圆周运

动的向心力，方向指向圆心，绳对手的拉力与“向心力”大小相等，方向相反，背离圆心，故该同学的说法

不正确。

8.未来在一个未知星球上用如图甲所示装置研究平抛运动的规律。悬点O正下方P点处有水平放置的炽

热电热丝，当悬线摆至电热丝处时能轻易被烧断，小球由于惯性向前飞出做平抛运动，现对小球采用频

闪数码相机连续拍摄，在有坐标纸的背景屏前拍下了小球在做平抛运动过程中的多张照片，经合成后照片

如图乙所示，a、b、c、d为连续四次拍下的小球位置，已知照相机连续拍照的时间间隔是0.10s,照片大

小如图中坐标所示，又知该照片的长度与实际背景屏的长度之比为1：4,贝!

⑴由以上信息，可知a点（填“是”或“不是”）小球的抛出点；

⑵由以上信息，可以推算出该星球表面的重力加速度为m/s2

⑶由以上信息可以算出小球平抛的初速度大小是m/s;

⑷由以上信息可以算出小球在b点时的速度大小是m/s.

乙

【答案】是,8,0.8,

【解析】

【详解】

(1)[1]因为竖直方向上相等时间内的位移之比为1：3：5,符合初速度为零的匀变速直线运动特点，因

此可知a点的竖直分速度为零，a点为小球的抛出点。

(2)[2]由照片的长度与实际背景屏的长度之比为1：4可得乙图中正方形的边长l=4cm,竖直方向上有:

y=2L=g'T2

解得：

2/2x4x10-2

g=8m/s2

产――0.12

(3)[3]水平方向小球做匀速直线运动，因此小球平抛运动的初速度为:

2L_2x4xl0~2

%=0.8m/s

于一OJ-

(4)[4]b点竖直方向上的分速度

勺＞=—o.8m/s

2T0.2m/s=

所以:

迪m/s

v=旧+匕=0.8V2m/s=

h5

9.一课外实验小组用如图(a)所示的电路测量某待测电阻K的阻值。&为标准定值阻(&=20.00),

V1、V2均为理想电压表，S为单刀开关，E为电源，R为滑动变阻器。

请完成以下问题

⑴闭合S前，滑动变阻器的滑动端应置于填"a”或"b”）端;

⑵闭合S后将滑动变阻器的滑动端置于某一位置，若电压表V】、V2的示数为G、U2,则待测电阻阻值

的表达式R*=（用4、u］、仇表示）;

⑶改变滑动变阻器滑动端的位置，得到多组a、a数据，用计算机绘制出。2-u的图线，如图（1））

所示，根据图线求得凡=Q（保留1位小数）;

图（c）

（4）按照原理图（a）,将图（c）中实物连线补画完整

【答案】a

q

【解析】

【详解】

为了保证实验安全，S闭合前，滑动变阻器滑动端应置于a端;。

（2）⑵由欧姆定律可得，通过凡的电流

/=—

%

待测电阻阻值

段=号咪4。

⑶网根据题图（b）可得

以“34

At/,

代入得

R、-26.8。o

（4）⑷实物连线时应注意滑动变阻器采取分压式接法［［依据题图（a）］］、电压表Vi和V2的量程［［依据题

图（b）选择］］,如图

10.某实验小组为了测量滑块与水平轨道间的动摩擦因素，设计如图（a）所示的实验装置，弹簧左侧固

定在挡板A上，处于原长的弹簧右端位于C,弹簧与滑块接触但不拴接，滑块上安装了宽度为d的遮光

板，轨道B处装有光电门。

光电“

D

（1）实验的主要步骤如下：

①用游标卡尺测量遮光片的宽度d,如图（b）所示，d=cm；

②将滑块向左压缩弹簧，由静止释放滑块，同时记录遮光片通过光电门的时间t；

③测量并记录光电门与滑块停止运动位置之间的距离x；

④改变弹簧压缩量，多次重复步骤②和③。

（2）实验手机的数据并处理如下。

序号1234S6

M网//,O.CM0.050.060.080.100.12

距离jr/cm17.0110.887.574.262.731.88

①实验小组根据上表数据在F一X图中已描绘出五个点，请描绘出余下的点并作出I?一X图像

②根据所作图像，可得滑块与水平轨道间的动摩擦因数为.（g取lOm/s2,结果保留两位有效数字）。

V2/(m:/s2)

【答案】1.650cm0.048—0.052

0

【解析】

【详解】

游标卡尺的主尺读数为：L6cm,游标尺上第10条刻度线和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为

10x().05mm=0.50mm，所以最终读数为：1.6cm+0.50mm=1.650cm

⑵⑵第5点速度为

_L650j^_2m/s-Q33m/s

20.05

则

片=(0.33)2m2/s2=0.1089m2/s2

将余下的点描在坐标纸上，且将所有点拟合成直线，如图

v:/(m:/s:)

⑶⑶由实验原理得

2/jgx=v2

则图像斜率

k=2"g

由图像可得

0.18

=1

0J8

解得

〃=0.050

由于误差，则0.048-0.052均可

11.热敏电阻常用于温度控制或过热保护装置中。某种热敏电阻和金属热电阻的阻值R随温度变化的关系

如图甲所示。

图甲图乙

（1）由图甲可知，在较低温度范围内，相对金属热电阻而言，该热敏电阻对温度变化的响应更________

（选填“敏感”或“不敏感。

（2）某同学利用上述热敏电阻制作了一个简易的温控装置，实验原理如图乙所示。现欲实现衔铁在某温

度时（此时热敏电阻的阻值为&）被吸合，下列操作步骤正确的顺序是o（填写各步骤前的序号）

a.将热敏电阻接入电路

b.观察到继电器的衔铁被吸合

c.断开开关，将电阻箱从电路中移除

d.合上开关，调节滑动变阻器的阻值

e.断开开关，用电阻箱替换热敏电阻，将阻值调至凡

（3）若热敏电阻的阻值K与温度r的关系如下表所示,

trc30.040.050.060.070.080.0

/?,/0199.5145.4108.181.862.949.1

当通过继电器的电流超过201T1A时，衔铁被吸合，加热器停止加热，实现温控。已知继电器的电阻

r=20Q,为使该装置实现对30°C~80°C之间任一温度的控制，电源E应选用______,滑动变阻器R、

应选用_______.（填选项前的字母）

A.电源厅（3V,内阻不计）B.电源七（6V,内阻不计）C.滑动变阻器«（0~200。）D.滑

动变阻器&（0~500。）

【答案】敏感edbcaE1D

【解析】

【分析】

【详解】

（1）口］图甲中横轴表示温度,纵轴表示电阻，随着温度的升高，金属热电阻的阻值略微增大，而该热敏

电阻的阻值明显减小，所以这种热敏电阻在较低温度范围内，相对金属热电阻而言，该热敏电阻对温度变

化的响应更敏感

（2）⑵要实现衔铁在某温度E时（此时热敏电阻的阻值为4）被吸合，而衔铁被吸合时的电流是一定的，

所以关键是找到此时滑动变阻器的阻值。实现方法是：断开开关，用电阻箱替换热敏电阻，将阻值调至4,

合上开关，调节滑动变阻器的阻值，观察到继电器的衔铁被吸合，则此时滑动变阻器连入电路的阻值就是

衔铁在某温度（此时热敏电阻的阻值为与）被吸合时滑动变阻器应连入电路的阻值，找到之后，再用热

敏电阻替换掉电阻箱即可，正确顺序为edbca；

（3）［3］在30七时，电源电芯力势的最小值

£=20x（199.5+20）x10-3、/=4.39V

所以电源应选用七2,故选B;

［4］在80°C时，选用电源后2,滑动变阻器的最小阻值为

6V

------------49.1Q-20Q=230.9Q

20mA

所以滑动变阻器应选用“（0~500Q）,故选D。

12.如图所示装置可以用来测量滑块和水平面间动摩擦因数。在水平面上将弹簧一端固定，另一端与滑块

接触（两者不固连）。压缩弹簧，静止释放，滑块被弹出，离开弹簧后经过光电门O,最终停在P点。已

知挡光片的宽度d,记录滑块上挡光片通过光电门的时间t,重力加速度大小为g。

“挡光片独电门

岛\修？

OP

⑴滑块经过O点的速度为»

（2）除了记录滑块挡光片通过D点光电门的挡光时间之外，还需要测量的一个物理量是（填

选项前的字母）。

A.滑块释放点到P点距离x

B.光电门与P点间的水平距离s

C.滑块（带挡光片）质量m

D.弹簧的长度1

（3）动摩擦因数的表达式为（用上述测量量和重力加速度g表示）。

【答案"d2

t

【解析】

【详解】

遮光条的宽度较小，通过光电门的平均速度近似等于瞬时速度，根据平均速度公式可知滑块的速度

d

v=­

t

（2）［2］8到。的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得

-/jmgx=0——mv2

动摩擦因数的表达式为

d2

“2gs『

还需要测量的物理量是：光电门。与P之间的水平距离s,ACD错误，B正确。

故选B。

（3）［3］根据上述分析可知

屋

13.如图所示，在测量玻璃折射率的实验中，两位同学先把方格纸固定在木板上。再把玻璃砖放在方格纸

上，并确定a和b为玻璃砖的上下界面的位置。在玻璃砖的一刻插上两枚大头针片和《，再从玻璃砖的

另一侧插上大头针6和乙。请完成以下实验步骤:

(1)下列操作步骤正确的是.；(填正确答案标号)

A.插上大头针6，使4挡住鸟的像

插上大头针与，使《挡住[、鸟的像

C.插上大头针乙，使鸟挡住4的像

插上大头针乙，使乙挡住6和[、鸟的像

(2)正确完成上述操作后，在纸上标出大头针6、A的位置(图中已标出)，在图中作出完整的光路图;

（一）

(3)利用光路图计算此玻璃砖的折射率n=

V10

【答案】BD

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1].在玻璃砖的一侧竖直插上两枚大头针4和鸟，确定入射光线，然后插上大头针片，使《挡住

右的像，再插上大头针舄，使[挡住A和《、£的像，从而确定出射光线。则BD正确。

(2)[2].光路图如图所示。

（3）[3].在光路图中构造三角形，由图得4=45。，所以

sin^,=—

12

sin&=—

5

由折射定律

sin6.VTo

n=-----L=----

sin^22

14.指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请回答下列问题:

（1）在使用多用电表测量时，若选择开关拨至“1mA”挡，指针的位置如图（a）所示，则测量结果为

（2）多用电表测未知电阻阻值的电路如图（b）所示，电池的电动势为E、Ro为调零电阻，某次将待测电

阻用电阻箱代替时，电路中电流I与电阻箱的阻值Rx关系如图（c）所示，则此时多用电表的内阻为

。，该电源的电动势£=V.

（3）下列判断正确的是»

A.在图（b）中，电表的左、右插孔处分别标注着“+”

B.因为图（c）是非线性变化的，所以对应欧姆表的刻度盘上的数字左小右大

C.欧姆表调零的实质是通过调节Ro,使R0=0时电路中的电流达到满偏电流

D.电阻Rx的变化量相同时，R、越小，则对应的电流变化量就越大

【答案】0.461.5xl049CD

【解析】（1）选择开关置于“1mA”时，选择表盘第二排刻度进行读数，分度值为0.02A,对应刻度示数为23,

故则测量结果为0.02x23=0.46A；

根据二-=■，二=一^,由图可得二-=二，当二二时，二-=二二,解得

(2)一口不二对+二;-0.6=0.3-13

二大=15L~=7.5x2^Z,Z=9.0二

(3)A、根据电流红进黑出，在图(b)中，电表的右、左插孔处分别标注着“+故A错误；

B、函数图象是非线性变化，导致欧姆表刻度不均匀，示数左大右小是由于外电阻增大，电路电流减小造

成的，故B项错误。

C、欧姆表调零通过调节滑动变阻器Ro,调节至待测电阻R、为零(即两表笔短接)时，电流表满偏，对

应欧姆表示数为零，故C正确；

D、欧姆表刻度不均匀的原因是待测电阻和电路电流关系非线性变化，而且LRx切线斜率大小随待测电阻

值增大减小，即R,阻值变化量对应电流变化量随待测电阻增大而减小，欧姆表刻度左密右疏，故D正确;

故选CDo

15.多用电表欧姆挡可以直接测量电阻。如图所示，虚线框内的电路为欧姆挡的内部电路，a、b为红、

黑表笔的插孔。G是表头，满偏电流为5内阻为Rg,R。是调零电阻，Ri>R2>R3、&分别是挡位电阻,

对应挡位分别是“xl”“xio”“xioo”“xioo0，，，K是挡位开关。

(1)红黑表笔短接进行欧姆调零时，先选定挡位，调节滑片P,使得表头达到满偏电流。设滑片P下方电阻

为RI满偏电流I与流经电源的电流I的关系是(用题设条件中的物理量表示

(2)已知表头指针在表盘正中央时，所测电阻的阻值等于欧姆表的总内阻的值，又叫做中值电阻。在挡位开

关由低挡位调到高一级挡位进行欧姆调零时，调零电阻Ro的滑片P应向(填“上”或“下”)滑动，

调零后，滑片P下方的电阻R'为原来挡位的倍。

(3)把挡位开关调到“*100”，调零完毕，测量某电阻的阻值时，发现指针偏转角度较大。要更准确测量该电

阻的阻值，请写出接下来的操作过程。

(4)要用欧姆挡测量某二极管的反向电阻，红表笔应接二极管的极。

R，

【答案】4=｝一-I上10把挡位开关调到“X10”，将红黑表笔短接，调节飞滑片P,使

指针指到零刻度，然后再进行电阻测量正

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1].表头电阻与飞的上部分电阻串联，与R'并联，根据电流关系

「

f+R'

得

/

gR.+R,

(2)[2][3].高一级挡位内阻是原级别的10倍

IRIRE

\+4=a+4瓦

所以R应变为原来的10倍，所以应向上调节.

(3)[4].指针偏转较大，说明所测量的电阻比较小，应换低一级挡位，即把挡位开关调到“x10”，将红

黑表笔短接，调节&滑片尸，使指针指到零刻度，然后再进行电阻测量；

(4)[5].测量二极管反向电阻，要求电流从二极管负极流入，正极流出，所以红表笔接二极管正极.

16.某同学要测量一节旧电池的电动势和内阻，实验器材有一个电流表、一个电阻箱R、一个1Q的定值

电阻Ro,一个开关和导线若干，该同学按如图所示电路进行实验，测得的数据如下表所示：

实验次数12345

R(Q)4.010.016.022.028.0

I(A)1.000.500.340.250.20

-*―

--

25—

20

-一T

rJL

15

T(A)凡

-i

X；

101

-

—

5

—

-

0__

-

-

⑴该同学为了用作图法来确定电池的电动势和内电阻，若将R作为直角坐标系的纵坐标，则应取

____________作为横坐标。

(2)利用实验数据在给出的直角坐标系上画出正确的图象

(3)由图象可知,

【答案】r'/A41.0(0.8.-1.2)

【解析】

【详解】

⑴⑴根据闭合电路欧姆定律，有

E

R+/?()+r

公式变形，得到

/?=£(5+(一—%)

所以若将R作为直角坐标系的纵坐标，则应取;作为横坐标;

(2)[2]运用描点法作出图象：

⑶[3][4]对比一次函数y=kx+b,R相当于y,E相当于k,；相当于x,(・r・Ro)相当于b；故

E=k

-r-R0=b

解得：

E=k

r=-b-Ro

所以由图象可知，该电池的电动势E=6.0V,内电阻r=LO。。

17.某同学用图甲电路测量一电源的电动势和内阻，其中电流表A的量程为0.6A,虚线框内为用电流计

G改装的电压表。

I_______凶

Er

甲

⑴已知电流计G的满偏电流品=300|1A,内阻Rg=100C,改装后的电压表量程为3V,则可计算出电阻

Ri=Qo

⑵某次测量时，电流计G的示数如图乙，则此时电源两端的电压为_V。

⑶移动滑动变阻器R的滑片，得到多组电流表A的读数h和电流计G的读数L，作出LX图像如图丙。

由图可得电源的电动势后=V,内阻r=Q。

(4)若电阻Ri的实际阻值大于计算值，则电源内阻r的测量值实际值(填“小于”“等于”或“大于”)。

【答案】99002.402.901.0小于

【解析】

【详解】

由改装原理可知，要串联的电阻

U3

R.=—-/?=---------^-100=99000

1I8300X10-6

(2)[2].电流计G的示数为240pA,则此时电源两端的电压为24()nAxlO-6xi0ooov=2.4OV；

⑶[3][4].由图像可知，纵轴截距为290pA,则对应的电压值为2.90V,即电源电动势为E=2.90V；内阻

2.90-2.40c，八c

r------------------Q=1.0Q

0.5

(4)[5].若电阻Ri的实际阻值大于计算值，则通过电流计G的电流会偏小，则图像的斜率会偏小，

则电源内阻r的测量值小于实际值。

18.用如图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律。

夹子

纸带一

打点计

II

甲

（1）下列操作正确且必要的有

A.使用天平测出重物的质量

B.应先接通打点计时器的电源，再松开纸带，让重物自由下落

C.用刻度尺测出物体下落的高度h,通过v=gt算出瞬时速度v

D.选择体积小、质量大的重物，纸带、限位孔在同一竖直线上，可以减小系统误差

⑵图乙是实验中得到的一条纸带，将起始点记为O,依次选取6个连续的点，分别记为A、B、C、D、E、

F,量出各点与O点的距离分别为加、h2、h3、hu、hs、h6,使用交流电的周期为T,在打B点和E点这

段时间内，如果重物的机械能守恒，在误差允许的范围内应满足的关系式为（已知重力

加速度为g）.

【解析】

【详解】

（1）［1］A.机械能守恒等式左右两边都有质量，所以不用天平测出重物的质量，故A错误；

B.操作上，应先接通打点计时器的电源，再松开纸带，让重物自由下落，故B正确；

C.在验证机械能守恒时，计算速度应利用纸带处理，不能直接应用自由落体公式，故C错误；

D.选择体积小、质量大的重物，纸带、限位孔在同一竖直线上，可以减小系统误差，故D正确。

故选：BD。

（2）［2］根据机械能守恒有:

2]

九[仇-他4)[

阳仇—色）=；相片_；机4=；利——m4一"

2T212T8T2

得

19.如图所示为某同学设计的一种探究动量守恒定律的实验装置图。水平桌面固定一长导轨，一端伸出桌

面，另一端装有竖直挡板，轻弹簧的一端固定在竖直挡板上，另一端被入射小球从自然长度位置A点压缩

至B点，释放小球，小球沿导轨从右端水平抛出，落在水平地面上的记录纸上，重复10次，确定小球的

落点位置；再把被碰小球放在导轨的右边缘处，重复上述实验10次，在记录纸上分别确定入射小球和被

碰小球的落点位置(从左到右分别记为P、Q、R),测得OP=xi，OQ=X2,OR=X3

(1)关于实验的要点，下列说法正确的是一

A.入射小球的质量可以小于被碰小球的质量

B.入射小球的半径必须大于被碰小球的半径

C.重复实验时，每次都必须将弹簧压缩至B点

D.导轨末端必须保持水平

(2)若入射球的质量为m”被碰小球的质量为m2,则该实验需要验证成立的表达式为一(用所给符号

表示)；

(3)除空气阻力影响外，请再说出一条可能的实验误差来源.

【答案】CD肛％2=〃2+"七轨道摩擦的影响：确认落点P、Q、R时的误差：占，%,毛的

测量误差

【解析】

【详解】

(1)[1]A.为防止两球碰撞后入射球反弹，入射小球的质量必须大于被碰小球的质量，故A错误；

B.为使两球发生正碰，入射小球的半径必须与被碰小球的半径相同，故B错误；

C.为了保证入射球每次到达桌面边缘的速度相同，则重复实验时，每次都必须将弹簧压缩至B点，从而

让入射球获得相同的弹性势能，故C正确；

D.为了保证两球碰后都能做平抛运动从而能求出飞出时的速度，导轨末端必须保持水平，故D正确。

故选CDo

(2)[2]两球碰撞过程系统的动量守恒，以向右为正方向，有

町%=〃?

1M+m2v2

小球做平抛运动的时间t相等，两边同时乘以t,有

=仍匕/+吗口,

结合碰撞前后的小球落点情况，换算水平距离后，有

x2=vot,X]=卬，七=V2t

可得

肛％2-町玉+牡修

(3)[3]除空气阻力影响外，本实验其它的误差有：轨道摩擦的影响；确认落点P、Q、R时的误差；X,,

%，项的测量误差。

20.某同学用如图甲所示的实验装置探究恒力做功与小车动能变化的关系。实验中用砂和砂桶的总重力表

示小车所受合力。

(1)下列关于该实验的操作，正确的有O

A.砂和砂桶的总质量应远小于小车的质量

B.实验所用电磁打点计时器的工作电源应选用电压约为6V的蓄电池

C.实验时，应先让打点计时器正常工作，后释放小车

D.平衡摩擦力时，应挂上空砂桶，逐渐抬高木板，直到小车能匀速下滑

(2)图乙为实验得到的一条点迹清晰的纸带，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点。已知电

源频率为50Hz,则打点计时器在打D点时纸带的速度、，=m/s(保留三位有效数字)。

(3)该同学平衡了摩擦力后进行实验，他根据实验数据画出了小车动能变化AEk与绳子拉力对小车所做

功W的关系图象，他得到的图象应该是。

【解析】

【详解】

(1)[1].A.实验中用砂和砂桶的总重力表示小车所受合力，为了使小车的合力近似等于砂和砂桶的总

重力，砂和砂桶的总质量应远小于小车的质量，故A正确；

B.实验所用电磁打点计时器的工作电源应选用电压约为6V的交流电源，而蓄电池提供的是直流电源，

故B错误；

C.实验时，应先让打点计时器正常工作，后释放小车，才能够在纸带上打出足够多的点，故C正确；

D.平衡摩擦力时，不应挂上空砂桶，故D错误。

故选：AC.

(2)[2].C点的读数为1.65cm,E点的读数为3.55cm,CE的距离XCE=(3.55-1.65)cm=1.90cm.中

间时刻的速度等于该时间段的平均速度，所以打点计时器在打D点时纸带的速度

2

vD=—=——xlOm/s=0.475m/so

2T2x0.02

(3)[3].根据动能定理：W=AEk，小车动能变化△Ek与绳子拉力对小车所做功W的关系图象是经过

原点的一条直线，故A正确。

21.在“用DIS研究在温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系”实验中，某同学将注射器活塞置于

中间刻度20mL处，然后将注射器连接压强传感器并开始实验，气体体积V每减小2mL测一次压强p,

实验数据记录在下表中最后得到p和V的乘积逐渐减小.

序号V(mL)p(xlO5Pa)pV(xlO5Pa*mL)

120.01.001020.020

218.01.095219.714

316.01.231319.701

414.01.403019.642

512.01.635119.621

(1)(单选题)造成上述实验结果的可能原因是在实验过程中

(A)注射器中有异物

(B)实验时环境温度增大了.

(C)实验时外界大气压强发生了变化.

(D)实验时注射器内的空气向外发生了泄漏.

(2)由此可推断，该同学的实验结果可能为图________(选填"a”或"b”).

(3)若另一同学用较大的注射器在同一实验室里(温度不变)做同一个实验，实验仪器完好，操作规范,

也从中间刻度开始实验，则得出的丫-,图象的斜率比上一同学直线部分的斜率相比（选填“增

P

大”、“减小”或“相同”）.

【答案】Db增大

【解析】

【分析】

（1）根据理想气体状态参量方程分析。

（2）图像的斜率代表压强和体积乘积，根据题目表格中的数据判断。

（3）较大的试管体积大，初始状态的压强都等于大气压，所以pV的乘积变大，图线斜率增大。

【详解】

（1）［1］根据pV=nRT,pV的乘积减小，说明气体物质的量减小，气体在漏气，D符合题意；ABC不符

合题意；

故选D。

1

(2)[2]V-—图线上切线的斜率为pV,根据表格数据可知随着体积的增大pV值增大，则斜率增大,a

符合题意，b不符合题意；

故选a；

（3）［3］另一同学用较大的注射器在同一实验室里（温度不变）做同一个实验，初始状态pV是大试管大,

得出的丫-工图象的斜率比上一同学直线部分的斜率增大。

P

22.在一次测量定值电阻R、阻值的分组实验中，甲、乙两组分别进行了如下实验过程:

（1）甲组可选器材如下：