九年级物理下册考点：九年级上学期物理期末考试模拟测试02（测试范围第11~16章）（解析版）

九年级物理下册考点：九年级上学期物理期末考试模拟测试02（测试范围第11~16章）（解析版）九年级物理下册考点：九年级上学期物理期末考试模拟测试02（测试范围第11~16章）（解析版）PAGEPAGE1九年级物理下册考点：九年级上学期物理期末考试模拟测试02（测试范围第11~16章）（解析版）九年级上学期物理期末考试模拟测试02(解析版)(考试时间：90分钟试卷满分：100分)注意事项：测试范围：苏科版九年级第11~16章.第Ⅰ卷选择题一、选择题(本题共12小题,每小题2分,共24分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的)1．如图所示的电路中,当开关S闭合时()A．只有灯L1能发光 B．只有灯L2能发光 C．两灯都能发光 D．两灯都不能发光【答案】B【解答】解：读图可知,开关S断开时,L1和L2串联,都能发光;当开关S闭合时,L1被短路,只有L2还可以发光.故选：B.2．小明的妈妈喜欢喝咖啡,冲调咖啡时总能闻到浓浓的香味.以下关于咖啡的说法不正确的是()A．咖啡香飘四溢是扩散现象,说明分子在运动 B．咖啡在变凉的过程中,以热传递的方式改变了内能 C．咖啡在变凉的过程中,内能不断增加 D．咖啡温度越高,分子的热运动越剧烈【答案】C【解答】解：A、咖啡香飘四溢是因为咖啡的香味分子不停地做无规则的运动,扩散到空气中,故A正确;B、咖啡在变冷的过程中,向周围空气放出热量,属于热传递改变物体的内能;故B正确;C、咖啡在变冷的过程中,放出热量,温度降低,内能不断减少,故C错误;D、物体温度越高分子的无规则运动越剧烈,所以咖啡温度越高,分子的热运动越剧烈,故D正确.故选：C.3．物理课上,老师在几个纸杯内倒入可乐,并在每个纸杯内插入铜片和锌片,用导线将铜片和锌片依次连接起来,并接入一个电子手表,电子表能够工作.插入铜片和锌片的可乐相当于电路中的()A．电源 B．导线 C．用电器 D．开关【答案】A【解答】解：电子表能够工作,说明电子表接入电路中,有电源提供持续的电流,所以插有铜片和锌片的可乐相当于电路中的电源,提供持续的电流,故A正确.故选：A.4．用同种材料制成的粗细均匀的某段金属导体,对于其电阻大小下列说法中正确的是()A．当导体两端的电压或通过导体的电流为零时,导体的电阻为零 B．当导体被均匀拉长至原来二倍时,它的电阻增大为原来二倍 C．电阻是导体本身的一种性质,所以温度无论如何变化,它的电阻也不可能变为零 D．电阻是导体本身的一种性质,与电压和电流无关【答案】D【解答】解：A、电阻大小与导体的长度、材料、横截面积和温度有关,其大小与电压和电流的大小无关,故A错误;B、当导体被均匀拉长至原来二倍时,横截面积将变成原来的一半,故它的电阻增大为原来四倍,故B错误;C、电阻是导体本身的一种性质,但在一定的温度下,电阻可能变为零,如超导体;故C错误;D、电阻是导体本身的一种性质,与电压和电流无关,故D正确.故选：D.5．下列的四幅图,对应的说法正确的是()A．如图甲所示,通电导线周围存在着磁场,将小磁针移走,该磁场消失 B．如图乙所示,可以探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系 C．如图丙所示,闭合开关后,仅对调磁体的N、S极,导体的运动方向不变 D．如图丁所示,闭合开关,只要导体在磁场中运动,电路中就一定会有感应电流【答案】B【解答】解：A、通电导线周围存在磁场,将小磁针移走,该磁场仍存在,故A错误;B、据图可知,若改变滑片的位置,电路中的电流会发生改变,电磁铁所吸引大头针的个数将会发生变化,能说明电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系,故B正确;C、通电导体在磁场中受到力的作用,其受力方向与磁场方向和电流方向有关;电流方向不变,对调磁体的N、S极(即改变磁场方向),导体棒摆动方向改变,故C错误;D、闭合电路中的导体棒在磁场中运动,若导体不切割磁感线,就不会产生感应电流,故D错误.故选：B.6．工人用如图甲所示的滑轮组运送货物上楼,滑轮组的机械效率随物重变化的图像如图乙,若10s内将重300N的物体匀速提升3m,不计绳重和摩擦,则()A．拉力做功的功率为99W B．绳子自由端的拉力为100N C．绳子自由端移动的速度为0.3m/s D．该滑轮组的机械效率为90%【答案】A【解答】解：(1)由图甲知,承担重物绳子的段数n＝3,由s＝nh和v＝可得,绳端速度v＝＝＝0.9m/s,故C错误;(2)由图象知,提起270N物体时,滑轮组的机械效率为90%,不计绳重和摩擦,滑轮组的机械效率η＝＝＝＝,即：90%＝,解得：G动＝30N;当匀速提升重300N的物体时的机械效率：η′＝＝≈90.9%,故D错误;(3)不计绳重和摩擦,绳子自由端的拉力：F＝(G′+G动)＝×(300N+30N)＝110N,故B错误;拉力的功率：P＝＝＝Fv＝110N×0.9m/s＝99W,故A正确.故选：A.7．将质量相等,初温相同的煤油和水分别倒入两个完全一样的试管中,然后将这两个试管同时放入温度较高的热水中,如图所示,经过足够长的时间以后,试管中的煤油和水从热水中吸收的热量分别为Q1、Q2,温度升高分别为Δt1、Δt2()A．Q1＝Q2,Δt1＞Δt2 B．Q1＝Q2,Δt1＝Δt2 C．Q1＜Q2,Δt1＝Δt2 D．Q1＜Q2,Δt1＞Δt2【答案】C【解答】解：已知煤油和水的质量相等、初温相同,分别倒入两个完全一样的试管中,且c水＞c煤油,经过足够长的时间以后,试管中的煤油和水的末温相同,升高的温度相同,即Δt1＝Δt2;由Q吸＝cmΔt可得,水从热水中吸收的热量更多,即Q1＜Q2,故C正确.故选：C.8．关于体育课上的活动情景,某同学对物体做功的是()A．举着杠铃不动 B．将地面上的实心球捡起 C．提着体育器材在操场上水平走动 D．踢出去的足球在草地上滚动【答案】B【解答】解：A、举着杠铃静止不动,人给杠铃一个向上的力,杠铃向上没有移动距离,人对杠铃没有做功,故A错误;B、将地面上的实心球捡起,对实心球施加了力,并且在力的方向上移动了距离,因此对实心球做功了;故B正确;C、提着体育器材在操场上水平走动,人对体育器材施加了力,没有在力的方向上移动了距离,移动距离的方向与力的方向垂直,因此人对体育器材没有做功.故C错误;D、踢出去的足球在草地上滚动,足球离开人的脚后在地面上滚动的过程,不受脚对它的力,故无力有距离,不做功,故D错误.故选：B.9．如图甲所示,工人用推力F将重为1000N的箱子沿斜面推至水平车厢中,斜面长3m、高1.5m.F始终与箱子运动方向相同.箱子运动路程随时间变化关系如图乙所示,推力F随时间变化关系如图丙所示.下列分析正确的是()A．0～10s内,箱子做加速运动 B．0～10s内,箱子所受摩擦力为600N C．10～20s内,箱子的速度是0.4m/s D．10～20s内,推力F的功率为100W【答案】D【解答】解：A、由图乙可知,箱子在0～10s内路程和时间成正比,箱子做匀速运动,故A错误;B、0～10s内,由图丙可知此时推力为600N,总功为：W总＝Fs＝600N×3m＝1800J,有用功为：W有用＝Gh＝1000N×1.5m＝1500J,额外功为：W额＝W总﹣W有＝1800J﹣1500J＝300J,箱子所受摩擦力为：f＝＝＝100N,故B错误;C、10～20s内,箱子做匀速运动,箱子的速度v＝＝＝0.5m/s,故C错误;D、由图乙可知,箱子在10～20s内路程和时间成正比,箱子做匀速运动,速度为v＝＝＝0.5m/s,由图丙知10～20s内,推力F的大小为200N,推力的功率为：P＝＝＝Fv＝200N×0.5m/s＝100W,故D正确;故选：D.10．如图所示是”探究电流与电阻的关系”电路图,下列说法正确的是()A．将R1由10Ω换成20Ω,不需要调节滑动变阻器 B．调节滑动变阻器的过程中,应观察电流表的示数 C．实验结论：导体中的电流与导体的电阻成反比 D．三次实验中,电压表与电流表的比值不同【答案】D【解答】解：AB、根据串联电路的分压原理可知,将定值电阻由10Ω改接成20Ω的电阻,电阻增大,其分得的电压增大;探究电流与电阻的实验中应控制电压不变,根据串联电路电压的规律可知,为了保持定值电阻两端电压不变,应增大滑动变阻器分得的电压,由串联分压的分压原理可知,应增大滑动变阻器连入电路中的电阻,所以滑片应向左端移动,观察电压表,使电压表的示数不变,故AB错误;C、探究电流与电阻的关系的结论：电压一定时,通过导体的电流与导体的电阻成反比,不能缺少”电压一定”,故C错误;D、探究电流与电阻的实验中应控制电压不变,改变不同的电阻,故三次实验中,电压表与电流表的比值不同,故D正确.故选：D.11．把实验室小灯泡按如图接入电路,不考虑温度对灯丝电阻的影响.开关S闭合后,电流表A1的示数小于A2的示数.下列说法正确的是()A．若用电压表V1、V2分别替换电流表A1、A2,三个灯泡的亮度不变 B．若只用电压表V1替换电流表A1,电压表V1有示数,电流表A2的示数变大 C．若只将L1与L3的位置对调,电流表A1的示数一定变小,A2的示数一定变大 D．若只将L2与L3的位置对调,电流表A1的示数可能变小,A2的示数一定不变【答案】D【解答】解：由图可知,三灯泡并联,电流表A1测L1和L2的并联的电流,电流表A2测L2和L3的电流;由于电流表A1的示数小于A2的示数,根据欧姆定律知并联电路中通过导体的电流与导体的电阻成反比,所以R1＞R3;A、由图可知,若用电压表V1、V2分别替换电流表A1、A2,三个灯泡串联,总电阻大于任何一个灯泡的电阻,由I＝知通过每个灯泡的电流变小,小灯泡的亮度变小,故A错误;B、若只用电压表V1替换电流表A1,电流表A2把L1与L2的短路,只有小灯泡L3工作,电压表V1测量电源电压,电压表V1有示数,电流表A2的只测量通过小灯泡L3的电流,电路中的电流变小,电流表A2的示数变小,故B错误;C、若只将L1与L3的位置对调,由于R1＞R3,所以电流表A1的示数一定变大,A2的示数一定变小,故C错误;D、若只将L2与L3的位置对调,由于电流表A2测L2和L3的电流,所以A2的示数一定不变,由于不知道R2与R3的关系,不能确定电流表A1示数的变化,电流表A1的示数可能变小也可能变大还可能不变,故D正确.故选：D.12．”珍爱生命、注意安全”是同学们日常生活中必须具有的安全意识.下列涉及物理知识的安全问题说法正确的是()A．公路上汽车行驶时,后车必须与前车保持安全距离 B．无论手的干湿都可以摸与电源相连的灯具 C．低于100℃的水都可以直接饮用 D．火车站站台设有一条黄色安全线,火车进站时,候车乘客可以站在安全黄线以内,只要不接触火车就行【答案】A【解答】解：A、公路上汽车行驶时,后车必须与前车保持安全距离,防止惯性带来的危害,故A正确;B、人体是导体,无论手的干湿都不可以触摸与电源相连的灯具,容易引发触电事故,故B错误;C、低于100℃,高于40℃的水不易直接饮用,容易对人体造成烫伤,而10℃～40℃的水更接近于凉白开,其温度接近人体体温,直接饮用后不易刺激胃肠道,可以直接饮用,故C错误;D、火车站站台设有一条黄色安全线,火车进站时,候车乘客可以站在安全黄线以外,空气流速大的地方,气压越小,黄线以内容易引发安全事故,故D错误.故选：A.二、填空题(本题共10小题,每空1分,共23分)13．如图所示,足球运动员传球时足球的一段运动轨迹,其中足球在A点的重力势能小于(选填”大于”、”小于”或”等于”)在B点的重力势能.若不计空气阻力,足球在下落的过程中,重力势能转化为动能,足球的机械能不变.(选填”变大”、”变小”或”不变”)【答案】小于;动;不变.【解答】解：从图中信息可知,A点的高度小于B,故物体在A点的重力势能小于B;足球在下落的过程中,重力势能转化为动能;不计空气阻力,机械能不变.故答案为：小于;动;不变.14．一名工人用如图所示的滑轮组提起41kg的重物,物体受到的重力为410N,若动滑轮重10N,不计绳重和摩擦,则绳子自由端的拉力为140N,如果绳子自由端移动的距离为9m,则重物上升3m.【答案】410;140;3【解答】解：物体的重力：G＝mg＝41kg×10N/kg＝410N;由图知,承担重物绳子的段数n＝3,不计绳重和摩擦,绳子自由端的拉力：F＝×(G+G动)＝×(410N+10N)＝140N;由s＝nh可得,重物上升的高度：h＝＝＝3m.故答案为：410;140;3.15．干燥的冬天,脱下毛衣后,用手臂靠近小泡沫块,泡沫块就会粘满手臂,这是因为干燥的手臂与毛衣摩擦后带电,而带电体具有吸引轻小物体的性质,若手臂带负电,用手臂接触不带电的验电器金属球,则金属球与手臂之间的瞬间电流方向是从金属球到手臂(选填”手臂到金属球”或”金属球到手臂”).【答案】吸引轻小物体;金属球到手臂.【解答】解：干燥的冬天,脱下毛衣时,毛衣与手臂摩擦带了电荷,由于带电体能够吸引轻小物体,所以用手臂靠近小泡沫块,泡沫块就会粘满手臂;若手臂带负电,用手臂接触不带电的验电器金属球,一部分电子会从手臂转移到验电器上,由于电子所带的电荷是负电荷,所以金属球与手臂之间的瞬间电流方向是金属球到手臂.故答案为：吸引轻小物体;金属球到手臂.16．如图所示电路中,当闭合开关S后,两个电压表指针偏转角度相同,指针位置如图所示.电阻R2两端的电压为1.8V,电阻R1、R2两端的电压之比为4：1.【答案】1.8V;1：4.【解答】解：由图可知,两电阻串联,电压表V2测R2两端的电压,电压表V1测的是总电压,因为指针偏转相同角度,所以两个电压表选择的量程不同,电压表V1选用大量程,分度值0.5V,其示数为9V;电压表V2选用小量程,分度值0.1V,其示数为1.8V;又因为在串联电路中,总电压等于各用电器两端的电压之和,所以电阻R1两端的电压为电压表V1的示数减去电压表V2的示数,即9V﹣1.8V＝7.2V,电阻R1和R2两端的电压之比为7.2V：1.8V＝4：1.故答案为：1.8V;4：1.17．如图是自行车手闸示意图,手闸是一个简单机械,这种简单机械的名称是杠杆,当图中手对车闸的作用力F＝12N时,刹车拉线受到力的大小为48N.【答案】杠杆;48.【解答】解：由图知,自行车手闸在力的作用效果下,能够绕着铆钉转动,所以是杠杆的应用;因为F1L1＝F2L2,所以拉线受到的拉力为F′＝×12N＝48N.故答案为：杠杆;48.18．如图甲所示的电路中,电源电压为3V,灯泡L和定值电阻R的I﹣U图像如图乙所示,定值电阻R的电阻为15Ω,闭合开关S,灯泡L和R消耗的功率之比P1：P2＝2：1.【答案】15;2：1.【解答】解：由图乙可知,当定值电阻两端的电压UR＝3V时,通过R的电流为IR＝0.2A,根据可得,定值电阻R的阻值为由图甲可知,灯泡L与定值电阻R并联,根据并联电路特点可知,UR＝UL＝U＝3V由图乙可知,当灯泡两端电压为3V时,通过灯泡L的电流为0.4A,闭合开关S,灯泡L和R消耗的功率之比为故答案为：15;2：1.19．某单缸四冲程汽油机的汽缸活塞面积为30cm2,一个冲程活塞在汽缸中移动的距离是50mm,满负荷工作时做功冲程燃气的平均压强为9.0×105Pa,飞轮1min转动1800周,则汽油机1s对外做功15次;当汽油机满负荷工作时,汽油机的功率为2025W.【答案】15,2025.【解答】解：(1)飞轮每转两圈对外做功一次,飞轮1s转动30周,则汽油机1s对外做功15次;(2)活塞做功一次的路程s＝50mm＝0.05m,燃气对活塞的压力F＝pS＝9.0×105Pa×30×10﹣4m2＝2700N,一个做功冲程中燃气对活塞做的功：W＝Fs＝2700N×0.05m＝135J.所以飞轮转动1800周,要对外做功900次,1min燃气对活塞做的总功为：W总＝W×900＝135J×900＝121500J,而t＝1min＝60s,汽油机的功率为：P＝＝＝2025W.故答案为：15,2025.20．如图所示电路中,电源两端的电压保持不变,滑动变阻器最大电阻为R3.当S1和S3闭合、S2断开,电压表V1的示数为U1,电流表的示数为I1;当S1闭合、S2和S3断开,滑动变阻器的滑片P在中点,电压表V1的示数为U1′,电流表的示数为I2;U1：U1′＝5：2,则R1：R3＝1：3;当S2闭合、S1和S3断开,滑动变阻器的滑片P在A端,电压表V2的示数为U2,电流表的示数为I3,I2：I3＝2：1;S1、S2和S3都闭合,电流表的示数为I4,I1：I4＝2：3.【答案】1：3;2：3.【解答】解：S1和S3闭合,S2断开时,电路为定值电阻R1的简单电路,电流表测通过电路的电流,电压表V1测R1两端的电压;根据欧姆定律可得I1＝,S1闭合,S2和S3断开,滑动变阻器的滑片P在中点,R1与R3串联接入电路,电流表测通过电路的电流,电压表V1测R1两端的电压,电压表V2测R3两端的电压;串联电路总电压等于各部分电压之和,已知U1：U1′＝5：2,则U＝U1,U3＝U﹣U1′,串联电路各处电流相等,根据欧姆定律可得R1：R3＝：＝＝＝,则R1：R3＝1：3;根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得I2＝＝＝,S2闭合,S1和S3断开,滑动变阻器的滑片P在A端,R1与滑动变阻器的最大阻值串联接入电路,电流表测通过电路的电流,电压表V2测R3两端的电压;根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得I3＝＝,已知I2：I3＝2：1,即2×＝,整理可得R2＝2R1,S1、S2和S3都闭合,R1、R2并联接入电路,电流表测干路电流,并联电路干路电流等于各支路电流之和,根据欧姆定律可得I4＝＝＝,则I1：I4＝：＝.故答案为：1：3;2：3.21．如图甲所示,电源电压恒定不变,滑动变阻器R2最大阻值是20Ω.闭合开关,图乙是滑动变阻器从一端滑到另一端的P﹣R图象,则R1＝10Ω,电源电压U＝6V;当滑片P滑至最右端时,通电10min电路产生的总热量为720J.【答案】10;6;720.【解答】解：(1)由图象可知,滑动变阻器接入电路中的电阻为10Ω时,滑动变阻器消耗的电功率最大P1＝0.9W,由P＝I2R可知,电路中的电流I＝＝＝0.3A;根据串联电路的特点和欧姆定律可知,电源电压U＝IR1+IR2＝0.3A×R2+0.3A×10Ω①;当滑动变阻器滑片P滑至最右端时,接入电路中的电阻为20Ω,滑动变阻器消耗的电功率P2＝0.8W,由P＝I2R可知,电路中的电流I′＝＝＝0.2A;根据串联电路的特点和欧姆定律可知,电源电压U＝I′R1+IR2′＝0.2A×R1+0.2A×20Ω②;联立①②可得：R1＝10ΩΩ,U＝6V;(2)当滑片P滑至最右端时,电路中的电流I′＝0.2A,通电10min电路产生的总热量：Q＝I′2Rt＝(0.2A)2×(10Ω+20Ω)×10×60s＝720J.故答案为：10;6;720.22．如图是我国早期的指南针﹣﹣司南,东汉学者王充在《论衡》中记载有：”司南之杓,投之于地,其柢指南”,这是因为司南本身是一个磁铁,它处在地球产生的磁场中,静止时其长柄指向地球的南方,说明司南的长柄一端是S(选填”N”或”S”)极.【答案】见试题解答内容【解答】解：中国是世界上最早研究磁现象的国家.并制成了指向仪器司南,它是用天然磁石磨制成的勺子,即其实质就是一块磁铁,其静止时其勺柄指向南方,即指南的南极用S表示.故答案为：磁铁;S.三．解答题(本题共8小题,共53分)23．(3分)如图甲所示是一个磁悬浮地球仪以及其内部结构示意图.请在图乙中的两个虚线框内分别标出通电螺线管的磁极以及电源的”+”极或”﹣”极.【答案】.【解答】解：已知条形磁体上端为N极,则下端为S极,根据同名磁极相互排斥,可知,电磁铁的上端为S极,下端为N极.根据安培定则,伸出右手使大拇指指向电磁铁的N极(电磁铁的下端),则四指弯曲所指的方向为电流的方向,电流从螺线管的下端流入,所以电源的下端为正极,如图所示：.24．(3分)根据如图甲所示的实物连线图,在图乙方框内画出对应的电路图.(要求连线要横平竖直,尽量使电路图简洁美观)【答案】见解答图.【解答】解：由实物图可知,电流从正极开始经电流表、灯泡L1、开关、灯泡L2,回到电源负极,电压表与灯泡L1并联.如图所示：25．(6分)利用三块电流表”探究并联电路电流的特点”,实验电路如图甲所示：(1)接电路时,开关应处于断开状态.电流表应串联(选填”串联”或”并联”)在被测电路中;(2)若要测量干路电流,电流表应接在如图甲中的C处,正确连接电路,接入三个电流表后,进行试触时发现有一个电流表的指针偏转情况如图乙所示,由此可知此电流表在连接电路时电流表正负接线柱接反了.(3)排除故障后闭合开关,记录电流表数据如下表,根据数据可以得出的结论是：并联电路中,干路电流等于各支路电流之和.为了让结论更可靠、更具有普适性,可以采取的做法是换用不同规格的灯泡多次实验.实验次数支路电流I1/A支路电流l2/A干路电流I/A10.300.160.46【答案】(1)断开;串联;(2)C;电流表正负接线柱接反了;(3)干路电流等于各支路电流之和;换用不同规格的灯泡多次实验.【解答】解：(1)为保护电路,在连接电路过程中,开关应处于断开状态;电流表应串联在被测电路中;(2)若要测量干路电流,电流表应串联在干路中,即图甲中的C处;正确连接电路,接入三个电流表后,进行试触时发现有一个电流表的指针偏转情况如图乙所示,即电流表指针反向偏转,说明电流表正负接线柱接反了;(3)根据表格中数据,0.46A＝0.30A+0.16A,可得出的结论是：并联电路中,干路电流等于各支路电流之和;为得出普遍规律他还应当换用不同规格的灯泡多次实验,获得多组数据.故答案为：(1)断开;串联;(2)C;电流表正负接线柱接反了;(3)干路电流等于各支路电流之和;换用不同规格的灯泡多次实验.26．(7分)小涛用”伏安法”测量小灯泡的电功率,如图﹣1所示,电源电压为6V,小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为5Ω,滑动变阻器有甲("20Ω,2A”)、乙("5Ω,1A”)两种规格可选.(1)小涛在连接好电路的最后一根导线后,闭合开关,发现小灯泡不亮,电压表指针偏到最大刻度处,且电流表也没有示数,出现上述故障的原因可能是小灯泡断路.(2)本实验应该选择甲(选填”甲”或”乙”)规格的滑动变阻器.(3)排除故障后继续进行实验,当滑动变阻器滑片P移到某一位置时,电压表示数如图﹣2所示,为2.4V;要测小灯泡的额定功率,应将滑片P向B(选填”A”或”B”)端移动,使电压表示数为2.5V.小涛根据实验数据描绘了如图﹣3所示的I﹣U图像,则小灯泡的额定功率是0.75W.(4)小涛打算增加一个电阻箱R0,只利用电压表,设计图﹣4所示的电路来测量小灯泡的额定功率.主要步骤如下：①按电路图连接电路;②闭合开关S1,将开关S2接到b,移动滑动变阻器的滑片,直到电压表示数为2.5V;③将S2接a,保持滑动变阻器的滑片不动,调节电阻箱,直到电压表示数为2.5V时,读出电阻箱接入电阻为R0.则小灯泡的额定功率P额＝(用字母和已知量表示);④若在步骤③中调节电阻箱时无法使电压表示数恰好是2.5V,小涛将电阻箱阻值调到某一值后,将滑动变阻器的滑片向右移了一点,电压表的示数恰好为2.5V,然后用测得的数据求出小灯泡的额定功率.这样测得的额定功率与实际值相比会偏小(选填”偏大”或”偏小”).【答案】(1)小灯泡断路;(2)甲;(3)2.4;B;0.75;(4);偏小.【解答】解：(1)小涛在连接好电路的最后一根导线后,闭合开关,发现小灯泡不亮,电流表无示数,电路可能断路,发现电压表示数很大,说明电压表与电源连通,则与电压表并联的支路以外的电路是完好的,则与电压表并联的部分断路了,故其原因可能是小灯泡断路;(2)测量小灯泡的电功率实验中,L与滑动变阻器串联,电压表测L两端电压,电流表测电路中电流,由串联电路特点和欧姆定律可得,灯泡正常发光时电路中电流约为：I＝IL＝＝＝0.5A,此时滑动变阻器连入阻值：R滑＝＝＝＝7Ω＞5Ω,所以应选择滑动变阻器甲;(3)由图﹣2可知,分度值为0.1V,示数为2.4V,小于灯泡的额定电压2.5V,应增大灯泡两端的电压,根据串联电路电压的规律,应减小滑动变阻器两端的电压,由分压原理可知,应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小,故滑片向B端移动,直到电压表示数为灯泡的额定电压2.5V;由图﹣3图象可知,当灯泡电压U＝2.5V时,I＝0.3A,所以灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W;(4)实验步骤：①按电路图连接电路;②闭合开关S1,将开关S2接到b,移动滑动变阻器的滑片,直到电压表示数为2.5V;③将S2接a,保持滑动变阻器的滑片不动,调节电阻箱,直到电压表示数为2.5V时,读出电阻箱接入电阻为R0;在步骤②中,灯泡和滑动变阻器串联,电压表测灯泡两端电压,移动滑动变阻器的滑片,直到电压表示数为2.5V,此时灯泡正常发光;在步骤③中,电阻箱与滑动变阻器串联,电压表测电阻箱两端的电压;保持滑动变阻器的滑片不动,调节电阻箱,直到电压表示数为2.5V时,根据等效替代法,此时电阻箱的阻值等于灯泡正常发光时的阻值,即RL＝R0,则灯泡正常发光时的功率为：P额＝＝＝＝;小涛将滑动变阻器的滑片向右移了一点,即滑动变阻器的阻值增大了一点,才使电压表的示数为2.5V,根据串联电路分压规律可知,滑动变阻器的滑片没有移动时,电压表的示数大于2.5V,电阻箱的电阻比灯泡正常发光时的电阻大,通过R0的电流比灯泡正常发光时的电流更小了一些,根据电功率公式P＝UI可知,这样测量出的额定功率与实际相比要偏小.故答案为：(1)小灯泡断路;(2)甲;(3)2.4;B;0.75;(4);偏小.27．(5分)用图甲滑轮组做”探究动滑轮的重力对滑轮组机械效率大小的影响”实验,实验中把不同的磁铁吸附在动滑轮边框上以改变滑轮的重,每次实验都匀速拉动绳端使物体上升10cm,不计绳重,实验数据如表.次数G物/NG动/NF/Nη/%16.00.32.290.926.01.036.01.92.969.046.03.23.458.8(1)每次实验绳端移动距离为30cm;(2)第2次实验中拉力F的示数如图乙,第2次实验滑轮组的机械效率为80%,分析数据可知：在物重不变的情况下,动滑轮越重滑轮组的机械效率越低;(3)实验中若仅增大绳端移动的距离,则滑轮组的机械效率将不变;(4)本实验中,在物重不变的情况下,动滑轮变重时,由摩擦引起的额外功占总额外功的比例将变小(选填”变大”、”变小”或”不变”).【答案】(1)30;(2)80;低;(3)不变;(4)变小.【解答】解：(1)从图中可知n＝3,每次实验绳端移动距离s＝nh＝3×10cm＝30cm＝0.3m;(2)测力计的分度值为0.1N,读数为2.5N,第2次实验滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝＝80%;分析数据可知：在物重不变的情况下,从实验1至实验4,动滑轮的重力逐渐变大,滑轮组的机械效率逐渐变小,故动滑轮越重滑轮组的机械效率越低;(3)实验中若仅增大绳端移动的距离,根据η＝＝＝＝可知滑轮组的机械效率将不变;(4)四次实验中,物体上升的高度h＝10cm＝0.1m,有用功W有用＝Gh＝6.0N×0.1m＝0.6J,第1次实验中,克服动滑轮的重力所做的额外功W动1＝G动1h＝0.3N×0.1m＝0.03J,总功W总1＝F1s＝2.2N×0.3m＝0.66J,摩擦引起的额外功W摩1＝W总1﹣W有用﹣W动1＝0.66J﹣0.6J﹣0.03J＝0.03J,摩擦引起的额外功占总额外功的比例为：＝＝50%;第4次实验中,克服动滑轮的重力所做的额外功W动4＝G动4h＝3.2N×0.1m＝0.32J,总功W总4＝F4s＝3.4N×0.3m＝1.02J,摩擦引起的额外功W摩4＝W总4﹣W有用﹣W动4＝1.02J﹣0.6J﹣0.32J＝0.1J,摩擦引起的额外功占总额外功的比例为：＝≈24%;本实验中,在物重不变的情况下,动滑轮变重时,由摩擦引起的额外功占总额外功的比例变小.故答案为：(1)30;(2)80;低;(3)不变;(4)变小.28．(8分)如图所示,电源两端的电压保持不变.电阻R1的阻值为10Ω,电阻R2的阻值为5Ω,当只闭合开关S时,电流表的示数为0.6A.求：(1)电源两端的电压U?(2)当开关S、S1都闭合时,电流表示数为多少?【答案】见试题解答内容【解答】解：(1)当只闭合开关S时,电路为R1的简单电路,电流表测电路中电流,由I＝可得,电源的电压：U＝I1R1＝0.6A×10Ω＝6V;(2)当开关S、S1都闭合时,两电阻并联,通过R2的电流：I2＝＝＝1.2A,因并联电路中,干路电流等于各支路电流之和,所以电流表的示数：I＝I1+I2＝0.6A+1.2A＝1.8A.答：(1)电源两端的电压为6V;(2)当开关S、S1都闭合时,电流表示数为1.8A.29．(9分)氢燃料具有清洁无污染、效率高等优点,被认为是二十一世纪最理想的能源,因此氢燃料新能源公交车逐渐在很多城市投放使用.[已知水的比热容为4.2×103J/(kg•℃),氢的热值为1.4×108J/kg](1)求质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量;(2)若放出的热量全部被初温为15℃的水吸收后,水的温度升高到65℃,求水的质量;(3)燃烧0.6kg的氢燃料可以使恒定功率为1.4×105W的公交车匀速行驶6min,求氢燃料公交车的效率.【答案】(1)求质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量为8.4×107J;(2)若放出的热量全部被初温为15℃的水吸收后,水的温度升高到65℃,水的质量为400kg;(3)燃烧0.6kg的氢燃料可以使恒定功率为1.4×105W的公交车匀速行驶6min,氢燃料公交车的效率为60%.【解答】解：(1)质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放＝m氢q氢＝0.6kg×1.4×108J/kg＝8.4×107J;(2)放出的热量全部被初温为15℃的水吸收,则有Q吸＝Q放＝8.4×107J,由Q吸＝cm(t﹣t0)可知,水的质量：m水＝＝＝400kg;(3)由P＝可知,公交车所做的有用功：W有＝Pt＝1.4×105W×6×60s＝5.04×107J,公交车的效率：η＝×100%＝×100%＝60%.答：(1)求质量为0.6kg的氢燃料完全燃烧放出的热量为8.4×107J;(2)若放出的热量全部被初温为15℃的水吸收后,水的温度升高到65℃,水的质量为400kg;(3)燃烧0.6kg的氢燃料可以使恒定功率为1.4×105W的公交车匀速行驶6min,氢燃料公交车的效率为60%.30．(12分)如图所示是育才中学学生在创造节做的水位测量仪,可以根据电流表的示数读出容器中水的深度.薄壁圆