第7章《平面图形的认识（二）》（教师版）

2023-2024学年苏科版数学七年级下册章节拔高检测卷（易错专练）第7章《平面图形的认识（二）》考试时间：100分钟试卷满分：100分难度系数：0.51一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分．在每小题所给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的，请将正确选项前的字母代号填写在括号内）1．（2分）（2023秋•长沙期末）如图，AB∥CD，∠A＝125°，∠CED＝60°，则∠D的度数为（）A．45° B．60° C．65° D．75°解：∵AB∥CD，∠A＝125°，∴∠C＝180°﹣∠A＝55°，∵∠CED＝60°，∴∠D＝180°﹣∠C﹣∠CED＝65°，故选：C．2．（2分）（2023秋•太原期末）如图，已知直线a∥b，现将含45°角的直角三角板放入平行线之间，两个锐角顶点分别落在两条直线上．若∠1＝23°，则∠2的度数为（）A．68° B．67° C．23° D．22°解：如图：由题意得：∠3＝45°，∵∠1＝23°，∴∠ABC＝∠1+∠3＝68°，∵a∥b，∴∠2＝∠ABC＝68°，故选：A．3．（2分）（2023秋•安州区期末）如图，∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F的值是（）A．240° B．360° C．540° D．720°解：如图，AC、DF与BE分别相交于点M、N，在四边形NMCD中，∠MND+∠CMN+∠C+∠D＝360°，∵∠CMN＝∠A+∠E，∠MND＝∠B+∠F，∴∠A+∠B+∠C+∠D+∠E+∠F＝360°，故选：B．4．（2分）（2023秋•浚县期末）如图所示，图形中∠1与∠2不一定相等的是（）A． B． C． D．解：A、∵∠1与∠2是对顶角，∴∠1＝∠2，故A不符号题意；B、∵∠3＝90°，∴∠1+∠2＝180°﹣∠3＝90°，∴∠1与∠2不一定相等，故B符合题意；C、∵a∥b，∴∠1＝∠2，故C不符合题意；D、如图：∵a⊥c，b⊥d，∴∠ABC＝∠DBF＝90°，∴∠DBF﹣∠ABF＝∠ABC﹣∠ABF，∴∠1＝∠2，故D不符合题意；故选：B．5．（2分）（2023秋•阳城县期末）在如图所示的四种沿AB进行折叠的方法中，不一定能判断纸带两条边a，b互相平行的是（）A．如图1，展开后测得∠1＝∠2 B．如图3，测得∠1＝∠2 C．如图2，展开后测得∠1＝∠2且∠3＝∠4 D．在图4，展开后测得∠1+∠2＝180°解：A、当∠1＝∠2时，a∥b，故此选项不符合题意；B、∠1＝∠2不能判定a，b互相平行，故此选项符合题意；C、由∠1＝∠2且∠3＝∠4可得∠1＝∠2＝∠3＝∠4＝90°，∴a∥b，故此选项不符合题意；D、由∠1+∠2＝180°可知a∥b，故此选项不符合题意；故选：B．6．（2分）（2023•长阳县一模）如图在△ABC中，BO，CO分别平分∠ABC，∠ACB，交于O，CE为外角∠ACD的平分线，BO的延长线交CE于点E，记∠BAC＝∠1，∠BEC＝∠2，则以下结论①∠1＝2∠2，②∠BOC＝3∠2，③∠BOC＝90°+∠1，④∠BOC＝90°+∠2正确的是（）A．①②③ B．①③④ C．①④ D．①②④解：∵CE为外角∠ACD的平分线，BE平分∠ABC，∴∠DCE＝∠ACD，∠DBE＝∠ABC，又∵∠DCE是△BCE的外角，∴∠2＝∠DCE﹣∠DBE，＝（∠ACD﹣∠ABC）＝∠1，故①正确；∵BO，CO分别平分∠ABC，∠ACB，∴∠OBC＝ABC，∠OCB＝∠ACB，∴∠BOC＝180°﹣（∠OBC+∠OCB）＝180°﹣（∠ABC+∠ACB）＝180°﹣（180°﹣∠1）＝90°+∠1，故②、③错误；∵OC平分∠ACB，CE平分∠ACD，∴∠ACO＝∠ACB，∠ACE＝ACD，∴∠OCE＝（∠ACB+∠ACD）＝×180°＝90°，∵∠BOC是△COE的外角，∴∠BOC＝∠OCE+∠2＝90°+∠2，故④正确；故选：C．7．（2分）（2022秋•定陶区期末）如图，∠ABC＝∠ACB，AD、BD、CD分别平分△ABC的外角∠EAC、内角∠ABC、外角∠ACF．以下结论：①AD∥BC；②∠BDC＝∠BAC；③∠ADC＝90°﹣∠ABD；④BD平分∠ADC．其中正确的结论有（）A．1个 B．2个 C．3个 D．4个解：∵AD平分∠EAC，∴∠EAC＝2∠EAD，∵∠EAC＝∠ABC+∠ACB，∠ABC＝∠ACB，∴∠EAD＝∠ABC，∴AD∥BC，即①正确；∵BD、CD分别平分∠ABC、∠ACF∴∠DCF＝∠ACF，∠DBC＝∠ABC，∵∠DCF是△BCD的外角，∴∠BDC＝∠DCF﹣∠DBC＝∠ACF﹣∠ABC＝（∠ACF﹣∠ABC）＝∠BAC，即②正确；∵AD平分∠EAC，CD平分∠ACF，∴∠DAC＝∠EAC，∠DCA＝∠ACF，∵∠EAC＝∠ACB+∠ABC，∠ACF＝∠ABC+∠BAC，∠ABC+∠ACB+∠BAC＝180°，∴∠ADC＝180°﹣（∠DAC+∠ACD）＝180°﹣（∠EAC+∠ACF）＝180°﹣（∠ABC+∠ACB+∠ABC+∠BAC）＝180°﹣（180°+∠ABC）＝90°﹣∠ABC＝90°﹣∠ABD，即③正确；∵AB＝AC，∴∠ABC＝∠ACB，∵∠ADB＝∠DBC＝∠ABC，而∠BDC＝∠BAC≠∠ACB，∴∠ADB≠∠CDB，即④错误；∴正确的有3个，故选：C．8．（2分）（2023秋•射洪市期末）如图，AB∥CD，∠1＝∠2，∠3＝130°，则∠2等于（）A．30° B．25° C．35° D．40°解：∵AB∥CD，∠3＝130°，∴∠GAB＝∠3＝130°，∵∠BAE+∠GAB＝180°，∴∠BAE＝180°﹣∠GAB＝180°﹣130°＝50°，∵∠1＝∠2，∴∠2＝∠BAE＝×50°＝25°．故选：B．9．（2分）（2022秋•安化县期末）如图，E在线段BA的延长线上，∠EAD＝∠D，∠B＝∠D，EF∥HC，连FH交AD于G，∠FGA的余角比∠DGH大16°，K为线段BC上一点，连CG，使∠CKG＝∠CGK，在∠AGK内部有射线GM，GM平分∠FGC，则下列结论：①AD∥BC；②GK平分∠AGC；③∠DGH＝37°；④∠MGK的角度为定值且定值为16°，其中正确结论的个数有（）A．4个 B．3个 C．2个 D．1个解：∵∠EAD＝∠D，∠B＝∠D，∴∠EAD＝∠B，∴AD∥BC，故①正确；∴∠AGK＝∠CKG，∵∠CKG＝∠CGK，∴∠AGK＝∠CGK，∴GK平分∠AGC；故②正确；∵∠FGA的余角比∠DGH大16°，∴90°﹣∠FGA﹣∠DGH＝16°，∵∠FGA＝∠DGH，∴90°﹣2∠FGA＝16°，∴∠FGA＝∠DGH＝37°，故③正确；设∠AGM＝∠1，∠MGK＝∠2，∴∠AGK＝∠1+∠2，∵GK平分∠AGC，∴∠CGK＝∠AGK＝∠1+∠2，∵GM平分∠FGC，∴∠FGM＝∠CGM，∴∠FGA+∠AGM＝∠MGK+∠CGK，∴37°+∠1＝∠2+∠1+∠2，∴∠2＝18.5°，∴∠MGK＝18.5°，故④错误，故选：B．10．（2分）（2023春•高青县期末）如图，将△ABC沿DE、EF翻折，顶点A，B均落在点O处，且EA与EB重合于线段EO，若∠CDO+∠CFO＝100°，则∠C的度数为（）A．40° B．41° C．42° D．43°解：如图，连接AO、BO．由题意EA＝EB＝EO，∴∠AOB＝90°，∠OAB+∠OBA＝90°，∵DO＝DA，FO＝FB，∴∠DAO＝∠DOA，∠FOB＝∠FBO，∴∠CDO＝2∠DAO，∠CFO＝2∠FBO，∵∠CDO+∠CFO＝100°，∴2∠DAO+2∠FBO＝100°，∴∠DAO+∠FBO＝50°，∴∠CAB+∠CBA＝∠DAO+∠OAB+∠OBA+∠FBO＝140°，∴∠C＝180°﹣（∠CAB+∠CBA）＝180°﹣140°＝40°，故选：A．二、填空题（本大题共10小题，每题2分，共20分．不需写出解答过程，请将正确答案填写在横线上）11．（2分）（2023秋•萍乡期末）如图，△ABC中，∠B＝40°，点D为边BC上一点，将△ADC沿直线AD折叠后，点C落到点E处，若DE∥AB，则∠ADE的度数为110°．解：∵DE∥AB，∠B＝40°，∴∠BDE＝40°，由折叠的性质得∠ADE＝∠ADC，∵∠ADB+∠ADC＝180°，∠ADB＝∠ADE﹣∠BDE＝∠ADC﹣40°，∴∠ADC﹣40°+∠ADC＝180°，∴∠ADC＝110°，∴∠ADE＝∠ADC＝110°．故答案为：110．12．（2分）（2022秋•尧都区期末）如图，学生使用的小刀，刀身是长方形，刀片的上下边沿是平行的，刀片转动时会形成∠1和∠2，则∠1+∠2＝90°．解：如图，过点O作OP∥AB，则∠1＝∠AOP．∵AB∥CD，OP∥AB，∴OP∥CD，∴∠2＝∠POC，∵∠AOP+∠POC＝90°，∴∠1+∠2＝90°，故答案为：90°．13．（2分）（2023春•东港市期末）如图，AB∥CD，EF与AB交于点P，过点P作PQ⊥EF，则图中与∠QPB互余的角有4个．解：∵PQ⊥EF，∴∠BPQ+∠BPF＝90°，又∵AB∥CD，∴∠BPF＝∠DMF，又∵∠APE＝∠BPF，∠CMP＝∠DMF，∴与∠QPB互余的角有∠BPF，∠APE，∠DMF，∠CME，故答案为：4．14．（2分）（2023春•安陆市期末）如图：已知AB∥DE∥CF，若∠ABC＝70°，∠CDE＝130°，则∠BCD的度数是20°．解：∵AB∥CF，∠ABC＝70°，∴∠BCF＝∠ABC＝70°，又∵DE∥CF，∠CDE＝130°，∴∠DCF+∠CDE＝180°，∴∠DCF＝50°，∴∠BCD＝∠BCF﹣∠DCF＝70°﹣50°＝20°．故答案为：20°．15．（2分）（2023•凤凰县模拟）如图，直线AB∥CD，∠C＝45°，AE⊥CE，则∠1＝135°．解：延长CE交AB于点F，如图所示：∵AB∥CD，∠C＝45°，∴∠AFC＝∠C＝45°，∵AE⊥CE，∴∠AEF＝90°，∴∠1＝∠AEF+∠AFC＝90°+45°＝135°．故答案为：135°．16．（2分）（2023秋•藁城区期末）已知：如图所示，在△ABC中，点D，E，F分别为BC，AD，CE的中点，且S△ABC＝4cm2，则阴影部分的面积为1cm2．解：∵D为BC中点，根据同底等高的三角形面积相等，∴S△ABD＝S△ACD＝S△ABC＝×4＝2（cm2），同理S△BDE＝S△CDE＝S△BCE＝×2＝1（cm2），∴S△BCE＝2（cm2），∵F为EC中点，∴S△BEF＝S△BCE＝×2＝1（cm2）．故答案为1．17．（2分）（2023秋•鹿寨县期末）如图1是某景区电动升降门，将其抽象为几何图形，如图2所示，BA垂直于地面AE于A，当CD平行于地面AE时，则∠ABC+∠BCD＝270°．解：过点B作BF∥AE，如图：∵CD∥AE，∴BF∥CD，∴∠BCD+∠CBF＝180°，∵AB⊥AE，∴AB⊥BF，∴∠ABF＝90°，∴∠ABC+∠BCD＝∠ABF+∠CBF+∠BCD＝90°+180°＝270°．故答案为：270°．18．（2分）（2023秋•黑龙江期末）如图，BP是△ABC中∠ABC的平分线，CP是∠ACB的外角的平分线，如果∠ABP＝20°，∠ACP＝50°，则∠P＝30°．解：∵BP是△ABC中∠ABC的平分线，CP是∠ACB的外角的平分线，∴∠ABP＝∠CBP＝20°，∠ACP＝∠MCP＝50°，∵∠PCM是△BCP的外角，∴∠P＝∠PCM﹣∠CBP＝50°﹣20°＝30°，故答案为：30°．19．（2分）（2022春•鼓楼区校级期末）如图，在△ABC中，点E是AB边上的点，且AE：EB＝2：3，点D是BC边上的点，且BD：DC＝1：2，AD与CE相交于点F，若四边形BDFE的面积是16，则△ABC的面积为60．解：连接FB，如图所示：设S△BDF＝a，S△BEF＝b，∵，∴S△AEF＝b，∵BD：DC＝1：2，∴S△CDF＝2a，∴S△ABD＝S△ACD＝（16+b），S△ACE＝（16+2a），∵S△ACF＝S△ACD﹣S△CDF＝S△ACE﹣S△AEF，∴32+b﹣2a＝（16+2a）﹣b，∴10a﹣6b＝64，∵a+b＝16，，解得，∴S△ABC＝S△ACD+S△AEF+S四边形BDFE＝（32+b）+b+16＝40+20＝60．故答案为：60．20．（2分）（2023春•金牛区校级期中）△ABC中，∠A＝90°．现进行第一次操作：如图1作射线BA1，使得∠ABA1＝∠ABC，作射线CA1，使得∠ACA1＝∠ACD．再进行第二次操作：如图2作射线BA2，使得∠A1BA2＝∠A1BC，作射线CA2，使得∠A1CA2＝∠A1CD．再进行第三次操作：如图3作射线BA3使得∠A2BA3＝∠A2BC，作射线CA3，使得∠A2CA3＝∠A2CD．则∠A3＝20°．解：第一次操作：∵∠A＝90°，∴∠ABC+∠ACB＝90°，∵∠ABA1＝∠ABC，∠ACA1＝∠ACD，∴∠DCA1＝（90°+∠ABC）＝45°+，∠CBA1＝∠ABC，第二次操作：∵∠A1BA2＝∠A1BC，∠A1CA2＝∠A1CD，∴A2BC＝∠A1BC＝∠ACB，∠A2CD＝∠A1CD＝（90°﹣∠ABC）＝60°﹣∠ABC，第三次操作：∵∠A2BA3＝∠A2BC，∠A2CA3＝∠A2CD，∴∠A3BC＝∠ACB，∠A3CD＝40°﹣∠ABC，∴∠A3＝∠A3CD﹣∠A3BC＝40°﹣∠ABC﹣∠ACB＝40°﹣（∠ABC+∠ACB）＝20°；故答案为：20°．三、解答题（本大题共8小题，共60分．解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤）21．（6分）（2023秋•汝阳县期末）将下列推理过程补充完整，并在括号中填写理由．如图，已知AD⊥BC，EF⊥BC，DG∥BA．试说明：∠1＝∠2．解：∵AD⊥BC，EF⊥BC（已知），∴∠EFD＝∠ADB＝90°（垂直的定义）．∴∠EFD+∠ADB＝180°．∴EF∥AD（同旁内角互补，两直线平行）．∴∠1＝∠BAD（两直线平行，同位角相等）．又∵DG∥BA（已知），∴∠2＝∠BAD（两直线平行，内错角相等）．∴∠1＝∠2（等量代换）．解：∵AD⊥BC，EF⊥BC（已知），∴∠EFD＝∠ADB＝90°（垂直的定义），∴∠EFD+∠ADB＝180°，∴EF∥AD（同旁内角互补，两直线平行），∴∠1＝∠BAD（两直线平行，同位角相等），又∵DG∥BA（已知），∴∠2＝∠BAD（两直线平行，内错角相等）．∴∠1＝∠2（等量代换），故答案为：180°；EF；AD；同旁内角互补，两直线平行；BAD；两直线平行，同位角相等；∠2＝∠BAD；两直线平行，内错角相等；等量代换．22．（6分）（2023秋•商水县期末）如图，已知F，E分别是射线AB，CD上的点．连接AC，AE平分∠BAC，EF平分∠AED，∠2＝∠3．（1）试说明AB∥CD；（2）若∠AFE﹣∠2＝30°，求∠AFE的度数．解：（1）∵AE平分∠BAC，∴∠1＝∠2，∵∠2＝∠3，∴∠1＝∠3，∴AB∥CD；（2）∵∠AFE﹣∠2＝30°，∴∠AFE＝∠2+30°，∵AB∥CD，∴∠AFE＝∠FED＝∠2+30°，∵EF平分∠AED，∴∠AED＝2∠FED＝2∠2+60°，∵∠3+∠AED＝180°，∴∠3+2∠2+60°＝180°，∵∠3＝∠2，∴∠2＝40°，∴∠AFE＝∠2+30°＝70°，∴∠AFE的度数为70°．23．（8分）（2023秋•天山区校级期中）已知，GP平分∠BGH，HP平分∠GHD，∠GPH＝90°．（1）求证：AB∥CD；（2）若∠AGE＝60°，求∠4的度数．解：（1）∵∠GPH＝90°，∴△GHP中，∠1+∠3＝90°，又∵GP平分∠BGH，HP平分∠GHD，∴∠BGH＝2∠1，∠DHG＝2∠3，∴∠BGH+∠DHG＝2（∠1+∠3）＝180°，∴AB∥CD；（2）∵∠BGH＝∠AGE＝60°，∴∠DHG＝180°﹣60°＝120°，又∵HP平分∠GHD，∴∠4＝∠DHG＝×120°＝60°．24．（8分）（2023秋•崇川区期末）如图1，点E在BC的延长线上，已知AD∥BE，∠B＝∠D．（1）求证：AB∥CD；（2）连接AE，∠BAE的平分线和∠DCE的平分线所在的直线相交于点F（点F与点C不重合）．①如图2，若∠BAE＝66°，∠DCE＝70°，且点F在∠DCE平分线的反向延长线上，则∠AFC＝68°；②试探究∠DAE与∠AFC之间的数量关系，并说明理由．（1）证明：如图1所示：∵AD∥BE，∴∠D＝∠DCE，∵∠B＝∠D，∴∠B＝∠DCE，∴AB∥CD；（2）①过点F作FM∥AB，延长FC交AE于H，如图2所示：∵∠BAE＝66°，AF平分∠BAE，∴∠BAF＝∠BAE＝33°，∵∠DCE＝70°，点F在∠DCE平分线的反向延长线上，∴CH平分∠DCE，∴∠DCH＝∠DCE＝35°，由（1）可知：AB∥CD，∴AB∥FM∥CD，∴∠AFM＝∠BAF＝33°，∠CFM＝∠DCH35°，∴∠AFC＝∠AFM+∠CFM＝33°+35°＝68°；故答案为：68．②∠DAE与∠AFC之间的数量关系是：∠DAE+2∠AFC＝180°，理由如下：过点F作FN∥AB，延长FC交AE于P，如图3所示：设∠BAF＝α，∠DCP＝β，∵AF平分∠BAE，∴∠EAF＝∠BAF＝α，∠BAE＝2α，∵点F在∠DCE平分线的反向延长线上，∴CP平分∠DCE，∴∠DCE＝2∠PCE＝2β，由（1）可知：AB∥CD，∴∠B＝∠DCE＝2β，∵AD∥BE，∴∠B+∠BAD＝180°，∴∠BAD＝180°﹣∠B＝180°﹣2β，∴∠DAE＝∠BAD﹣∠BAE＝180°﹣2β﹣2α＝180°﹣2（α+β），由（1）可知：AB∥CD，又∵FN∥AB，∴FN∥AB∥CD，∴∠AFN＝∠BAF＝α，∠CFN＝∠DCP＝β，∴∠AFC＝∠AFN+∠CFN＝α+β，∴∠DAE＝180°﹣2（α+β）＝180°﹣2∠AFC，即∠DAE+2∠AFC＝180°．25．（8分）（2022秋•铜川期末）如图，EF∥CD，∠1+∠2＝180°．（1）求证：GD∥CA；（2）若CD平分∠ACB，DG平分∠CDB，且∠A＝40°，求∠ACB的度数．（1）证明：∵EF∥CD，∴∠1+∠4＝180°，又∵∠1+∠2＝180°，∴∠2＝∠4，∴GD∥CA；（2）解：∵GD∥CA，∠A＝40°，∴∠3＝∠A＝40°，∠4＝∠2，∵DG平分∠CDB，∴∠2＝∠3＝40°，∴∠4＝∠2＝40°，∵CD平分∠ACB，∴∠ACB＝2∠4＝80°．26．（8分）（2023春•锦江区校级期中）已知AB∥CD，点P是直线AB，CD外一点．（1）【问题初探】如图1，点E，F分别在直线AB，CD上，连接PE，PF．求证：①∠1+∠2＝∠EPF；②∠3+∠EPF+∠4＝360°．证明：过点P作PQ∥AB，…，请将问题①，②的证明过程补充完整；（2）【结论应用】如图2，∠ABP的角平分线交CD于点E，点F是射线ED上一动点且点F不在直线BP上，连接PF，作∠PFE的角平分线与BE相交于点Q，问：∠BQF与∠BPF有怎样的数量关系？说明理由；（3）【拓展延伸】如图3，O是CD上一定点，∠ABO＝α．在∠ABO内部作射线BE，使得，BE与CD相交于点F．动点P在射线FE上，点Q在PF上，连接OQ，∠FOQ＝n∠POQ，若在点P的运动过程中，始终有4∠FQO﹣3∠FPO＝50°，求n，α的值．（1）证明：①过点P作PQ∥AB．∵AB∥CD，∴AB∥PQ∥CD，∴∠EPQ＝∠1，∠FPQ＝∠2，∴∠EPF＝∠EPQ+∠FPQ＝∠1+∠2，即∠1+∠2＝∠EPF．②∵∠1+∠2＝∠EPF，∴∠3+∠EPF+∠4＝∠3+（∠1+∠2）+∠4＝（∠1+∠3）+（∠2+∠4）＝180°+180°＝360°．（2）解：2∠BQF+∠BPF＝360°．理由如下：∵BE、FQ分别是∠ABP、∠EFP的平分线，∴∠ABE＝∠EBP，∠EFQ＝∠PFQ，∴根据（1）②可知，∠ABP+∠BPF+∠EFP＝2（∠ABC+∠EFQ）+∠BPF＝360°．∵AB∥CD，∴∠BQF＝∠BED+∠EFQ＝∠ABC+∠EFQ．∴2∠BQF+∠BPF＝360°．（3）∵AB∥CD，∴∠BFO＝∠ABF，∵∠OBE＝∠ABO，∴∠BFO＝α，∵∠FQO＝∠FPO+∠POQ，∴4∠FQO﹣3∠FPO＝4（∠FPO+∠POQ）﹣3∠FPO＝∠FQO+3（∠FQO﹣∠FPO）＝∠FQO+3∠POQ＝50°，∵∠FOQ＝n∠POQ，∴∠FQO+∠FOQ＝50°，∵∠BFO＝∠FQO+∠FOQ，∴∠BFO+（﹣1）∠FOQ＝50°，∴α+∠FOQ＝50°，∵α，n为定值，∴∠FOQ为变量，要使等式恒成立，需要＝0，∴n＝3，α＝75°．27．（8分）（2022秋•新野县期末）问题情境：如图①，直线AB∥CD，点E，F分别在直线AB，CD上．猜想：（1）若∠1＝130°，∠2＝150°，试猜想∠P＝80°；探究：（2）在图①中探究∠1，∠2，∠P之间的数量关系，并证明你的结论；拓展：（3）将图①变为图②，若∠1+