2019年浙江省杭州市萧山区第二学期中考适应性练习科学试题

2019学年第二学期中考适应性练习九年级科学试题卷一、选择题(每题3分，共计60分)1.2020年美国流感疫情再次进入紧张局势，达菲(奥司他韦，分子式为C16H28N2O4·H3PO4)作为治疗流感的首选药，再次出现断供的情形。以下关于奥司他韦的说法中，正确的是()A.每个奥司他韦分子中含有一个磷酸分子B.奥司他韦的分子量为410C.奥司他韦中共有58个原子D.奥司他韦是一种特效药，我们可以多吃一些以预防流感【答案】B【解析】【详解】A、磷酸奥司他韦是由磷酸奥司他韦分子构成的，每个奥司他韦分子中不含磷酸分子，故A不正确；B、达菲(奥司他韦，分子式为C16H28N2O4·H3PO4)，分子量为，故B正确；C、1个磷酸奥司他韦分子由16个碳原子、31个氢原子、2个氮原子、8个氧原子和1个磷原子构成的，共含58个原子，故C不正确；D、奥司他韦是一种特效药，不能多吃，故D不正确。故选B。2.图示为某化学反应的微观示意图，下列说法正确的是()A.③物质的化学式可以写成CH6O2B.反应前后H元素的化合价不变C.④属于氧化物D.参加反应的物质①和②的分子个数比为1﹕1【答案】C【解析】【详解】由微观反应示意图可知，该反应是由一氧化碳和氢气在一定条件下反应生成好C2H6O和水，化学方程式为。

A．由分子结构模型可知，③物质的化学式可以写成C2H6O，选项说法错误；

B．在反应物中，氢元素存在与单质中，其化合价为0，在生成物中，氢元素存在与化合物中，化合价不为零，选项说法错误；

C．④是水，是由两种元素组成的化合物，且其中一种元素是氧元素，属于氧化物，选项说法正确；

D．由化学方程式可知，参加反应的物质①和②的分子个数比为2：4=1：2，选项说法错误。

故选：C。3.将多肉植物的一小片叶放在比较湿润的土壤中，过一段时间后就可以长成一株小多肉植物，下列繁殖方式与培育多肉植物有着本质区别的是()A.用嫁接的方法培育果树优良品种 B.克隆技术出生的多莉C.采用人工授粉培育杂交水稻 D.细菌的分裂生殖【答案】C【解析】【分析】由亲本产生的有性生殖细胞，经过两性生殖细胞（例如精子和卵细胞）的结合，成为受精卵，再由受精卵发育成为新的个体的生殖方式，叫做有性生殖；无性生殖指的是不经过两性生殖细胞结合，由母体直接产生新个体的生殖方式。【详解】将多肉植物的一片叶放在较湿润的土壤表面，过一段时间后就可以长成一株小多肉植物，没有经生殖细胞的两两结合，由母体直接产生新个体的方式，属于无性生殖。ABD.用嫁接的方法培育果树优良品种、克隆技术出生的多莉、细菌的分裂生殖，都属于无性生殖，与培育多肉植物的繁殖方式相同，ABD不符合题意。C.采用人工授粉的方式培育杂交水稻，经过两性生殖细胞的结合，成为受精卵，再由受精卵发育成为新的个体的生殖方式，属于有性生殖，繁殖方式与培育多肉植物有着本质区别，C符合题意。故选C。【点睛】熟练掌握有性生殖和无性生殖的概念，以及常见的繁殖方式，并理解其原理。4.据报道，最近一家美国公司发明了一款3D打印机。打印出一叶长宽各4mm，厚0.5mm的微型肝脏，此肝虽小，却具有真正肝脏的大多数机能。为制造这叶肝脏，打印机叠加了约20层肝实质细胞和肝星状细胞（两种主要的肝细胞），还添加了来自血管的细胞，在肝内形成精妙的管道，使它存活5天以上。关于这则报道的评论，不合理的是（）A.打印的原料一定不是碳粉或墨水，而含有细胞B.肝脏内“精妙的管道”，应类似血管和毛细血管C.此肝脏应能将葡萄糖合成糖原，还能将一些有毒物质转化为无毒物质D.此肝脏应能分泌胆汁，使蛋白质变成微小的颗粒，最终分解为甘油和脂肪酸【答案】D【解析】【分析】肝脏是人体内最大的消化腺，成人的肝脏重约，大部分位于腹腔的右上部，肝脏具有多方面的功能：分泌胆汁、代谢功能和解毒功能。【详解】打印的原料一定不是碳粉或墨水，而含有细胞，所以能打印出一个器官，A不符合题意；肝脏内“精妙的管道”，应类似血管和毛细血管，B不符合题意；肝虽小，却具有真正肝脏的大多数机能，所以肝脏应能将葡萄糖合成糖原，还能将一些有毒物质转化为无毒物质，C不符合题意；此肝脏应能分泌胆汁，使脂肪变成微小的颗粒，最终被肠液、胰液分解为甘油和脂肪酸，D符合题意。【点睛】解答此类题目的关键是知道人体最大的消化腺是肝脏。5.春天的清晨，小宇抓拍到一颗小水珠从约半米高的草叶上掉到水面的精妙瞬间(如图)。他估算了一系列数值，最接近事实的是()A.小水珠质量约为 B.小水珠的直径约为3cmC.小水珠的温度约为30℃ D.小水珠的密度约为1kg/cm3【答案】A【解析】【详解】A．一滴水的质量约为，故A符合实际；B．若小水珠质量是，由知道，体积由知道，则小水珠的半径约为故B不符合实际；C．春天清晨的温度约为3℃，远达不到30℃，故C不符合实际；D．由知道，小水珠的密度故选A。6.生物与环境之间是相互依赖、相互制约的，是一个不可分割的统一整体。结合生态学观点，下列说法正确的是()A.菟丝子缠绕在植物上，从植物体中吸取营养，与植物寄生的关系B.枯叶蝶不容易被发现，是因为它有保护色C.所有的植物都会被阳光影响，都具有向光性D.蚯蚓能增加土壤肥力是生物对环境的适应【答案】A【解析】【分析】生物与生物之间的关系包括同种生物之间的作用和不同种生物之间的作用，常见的关系有：捕食关系、竞争关系、合作关系、寄生关系等。【详解】A．寄生关系是指两种生物生活在一起，对一种有利，对另一种（寄主）造成伤害的营养关系。菟丝子主要靠吸收大豆体内的水分和营养物质来生存，对大豆造成伤害。因此，菟丝子与大豆的关系是寄生关系，A正确。B．枯叶蝶的体色和体形酷似枯叶，这样利于枯叶蝶捕食和避敌，是一种拟态现象，B错误。C．并不是所有的植物都具有向光性，“喜阴植物”只能生活在背光的环境中，否则就会死亡，如绿萝，C错误。D．蚯蚓能增加土壤肥力是生物对环境的影响而不是适应，D错误。【点睛】解答此类题目的关键是理解生物与环境的关系。7.下列实验或活动中，实验用品与使用目的不相符的是()选项实验或活动名称实验用品使用目的A观察和解剖花显微镜观察胚珠B唾液淀粉酶对淀粉的消化作用碘液检验淀粉C光合作用需要二氧化碳氢氧化钠溶液吸收二氧化碳D制作人体口腔上皮细胞临时装片亚甲基蓝溶液染色A.AB.BC.CD.D【答案】A【解析】【分析】本题考查有关实验操作步骤与目的相关知识，需要灵活掌握所学实验的操作步骤，才能解答这类题目。【详解】A．观察和解剖花时，要用刀片将子房纵切，用放大镜观察子房内的胚珠，A错误。B．淀粉遇到碘液变蓝，是淀粉的特性，所以观察唾液淀粉酶对淀粉的消化作用，可用碘液检验是淀粉的存在，B正确。C．氢氧化钠溶液能吸收二氧化碳，氢氧化钠与二氧化碳能发生反应，生成碳酸钠和水，因此可以用于光合作用需要二氧化碳的对照实验中，C正确。D．制作口腔上皮细胞临时装片的步骤包括：擦、滴（生理盐水）、刮、涂、盖、染，用亚甲基蓝溶液染色，D正确。故选A。【点睛】熟记所学实验的操作步骤是解题的关键。8.李大爷因咽炎引起发烧的糖尿病患者，检查他的血液与尿液，预测的结果分别()A.血液白细胞偏高，尿液含有红细胞 B.血液白细胞偏低，尿液含有红细胞C.血液白细胞偏高，尿液含有葡萄糖 D.血液白细胞偏低，尿液含有葡萄糖【答案】C【解析】【分析】（1）血液包括血浆和血细胞。血细胞包括白细胞、红细胞和血小板。（2）糖尿病患者有“三多一少”的症状，三多即多饮、多尿、多食，一少指体重减少。【详解】患者有咽炎，可以说明体内有炎症，原因是白细胞吞噬细菌，对人体有保护作用，因此可以看到白细胞的测量值高于正常值。胰岛素是由胰岛分泌的，它的主要作用是调节糖的代谢，具体说它能促进血糖合成糖元，加速血糖分解，从而降低血糖浓度。糖尿病患者的血液流经肾脏形成尿液时，一部分血糖会进入尿液形成糖尿。故选C。【点睛】明确血细胞各部分的作用和糖尿病的原因即能解答此题。9.当地球在A、D之间运动时，下列出现的情况与我国民间的传统风俗相符合的是()A.赏明月，共庆团圆 B.发红包，守岁迎春 C.观花灯，喜闹元宵 D.清明时，踏青插柳【答案】D【解析】【分析】【详解】图中显示，当地球位于图中A位置时，太阳直射北回归线，为北半球夏至日（6月22日前后），地球位于图中B位置时，太阳直射赤道，为北半球秋分日（9月23日前后），地球位于图中C位置时，太阳直射南回归线，为北半球冬至日（12月22日前后），地球位于图中D位置时，太阳直射赤道，为北半球春分日（3月21日前后）；结合图中自转方向推断公转方向为逆时针方向，地球从D位置公转至A位置时，即春分日至夏至日期间，大约在3月21日至6月22日之间，赏明月，共庆团圆，是指中秋节，一般在9~10月间，故A错误。发红包，守岁迎春，是指春节，一般在1~2月间，故B错误。观花灯，喜闹元宵，是指元宵节，一般在2月份，故C错误。清明时，踏青插柳，是指清明节，一般在4月5日左右，位于春分日至夏至日期间，此时地球位于A、D之间，D符合题意。故选D。10.将一定量的铜锌混合粉末放入盛有硝酸银溶液的烧杯中，不断搅拌，充分反应后过滤。向得到的滤渣和滤液中分别加入足量的稀盐酸，均无现象。则滤渣中（

）A.一定有银，可能有铜和锌

B.一定有银，可能有铜，一定没有锌C.一定有银和铜，可能有锌

D.一定有银和铜，一定没有锌【答案】B【解析】【详解】由于金属的活动性顺序是：锌＞铜＞银，将一定量的铜锌混合粉末放入盛有硝酸银溶液的烧杯中，不断搅拌，锌先与硝酸银反应生成了硝酸锌和银，当锌反应完后，铜再与硝酸银反应生成了硝酸铜和银。向滤渣和滤液中分别滴加稀盐酸均无明显现象产生，说明不含能与稀盐酸反应的金属、不含硝酸银溶液。所以滤渣中一定含有银，可能含有铜，一定没有锌。观察选择项B正确，故选B。11.下列是小妍同学在学习科学过程中所记录的四幅图，其中正确的是（）A.通电螺线管的磁级B.平行光经过凹透镜C.使杠杆静止时施加的最小力D.家庭电路中灯、插座的接法【答案】C【解析】【分析】可用右手螺旋定则判通电线管的磁极；凹适镜对光有发散作用，平行光线穿过凹透镜时折射光线的反向延长线过焦点；由杠杆中力臂越长越省力可知，要使施加的力最小需要使力臂最长；家庭电路的插座并联接在电路中，接灯泡时，开关与灯泡的位置要注意，由火线出发接灯泡之前先接开关。【详解】右手螺旋定则判断磁极时，右手握住螺线管，四指方向为电流方向，拇指方向为N极方向，所以右端是N极，A错误；平行光经过凹透镜时，是发散的要偏离主光轴，B错误；力臂是指支点到力的垂直距离，所以力与杠杆垂直时，杆到支点部分即是力等，此时力臂最长，所以最力，C正确；图电路中开关接在灯泡的后面，接法错误，D错误。【点睛】本题主要考查了通电线管的磁极、透镜、杠杆力的大小的判断、家庭电路等知识点，考查的范围比较广，有一定难度。12.2018年3月13日，日本九州雾岛群山的活火山——新燃岳火山6日发生强烈喷发，火山灰柱高达约2300米。下列关于火山说法中错误的是()A.火山是地壳运动的一种表现 B.火山在板块交界处容易发生C.火山喷发不会造成空气污染 D.喷出的二氧化硫使酸雨增多【答案】C【解析】【分析】【详解】火山是地壳运动过程中，在地壳薄弱地带岩浆喷出地表的现象，火山是地壳运动的一种表现，说法正确，A不符合题意。在板块交界处，板块相互碰撞挤压，多断裂构造，岩浆活动活跃，火山容易发生，说法正确，B不符合题意。火山喷发物中有火山灰、含硫化合物等，会造成空气中颗粒物和有毒化合物污染，因此火山喷发会造成空气污染，说法错误，C符合题意。火山喷出的二氧化硫，会溶于空气中凝结形成的云滴中，使得雨水酸度增加，从而导致酸雨增多，说法正确，D不符合题意。故选C。13.20oC时，将等质量a、b两种固体，分别加入盛有水的烧杯中，充分搅拌后现象如图甲，升温到50oC时，现象如图乙，a、b两种固体的溶解度曲线如图丙。下列说法中正确的是()A.图甲a、b溶液中的溶质质量相等 B.图乙a、b溶液一定是不饱和溶液C.图丙N表示a物质的溶解度曲线 D.30oC时a、b溶液溶质质量分数不相等【答案】B【解析】【详解】A、20℃时，将等质量的a、b两种固体，分别加入盛有100g水的烧杯中，充分搅拌后，a中有剩余固体，b中无剩余固体，溶液中溶质的质量分数a应小于b，故A错误；

B、图乙中的b不是饱和溶液，在50℃时，a的溶解度大于b的溶解度，所以a肯定也不是饱和溶液，故B正确；

C、根据图甲中信息可以知道20℃时a的溶解度小于b的溶解度，而图3中在20℃时，N曲线的溶解度大于M曲线的溶解度，故M表示的是a物质的溶解度曲线，故C错误；

D、根据图丙可知两种物质的溶解度都随温度升高而增大，因此30℃时，a、b的溶解度都比20℃时大，且30℃时两物质的溶解度相等，当a中的物质完全溶解时，溶质的质量分数就会相等，故D不正确。

故选：B。14.一辆火车在平直的轨道上匀速行驶，一位乘客将一个苹果竖直向上扔，苹果恰好落回到乘客手中。下列说法正确的是()A.当苹果到达最高点时，苹果处于静止状态B.苹果能落回到乘客手中是因为苹果受到惯性力的作用C.以地面为参照物，苹果的运动路线是曲线D.以火车为参照物，苹果的运动状态不变【答案】C【解析】【详解】A．苹果竖直向上抛过程，只受到重力，处于受力不平衡状态，所以，当苹果到达最高点时，仅是瞬时速度为零，而不是处于静止状态，故A错误；B．苹果能落回到乘客手中是因为苹果具有惯性，但惯性不是力，故B错误；C．以地面为参照物，苹果与地面发生位置的变化，且路线是曲线，故C正确；D．以火车为参照物，在竖直向上抛过程，苹果与火车发生位置的变化，处于运动状态，故D错误。故选C。15.如图所示的是运动员在铅球比赛中的场景.铅球离手后，在空中飞行过程中动能EK随时间t变化的曲线最接近的是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】动能大小的影响因素：质量和速度．质量一定时，速度增大，动能增大；速度一定时，质量增大，动能增大．【详解】由图知道，铅球在整个飞行过程中，质量不变，铅球一直在运动，动能不为零。从出手到最高点过程中速度减小，此过程动能减小；在下落的过程中，速度不断增大，到达地面最大，此过程动能增大，整个过程动能先减小再增大。A．动能先减小后增大，符合题意；B．动能先增大后减小，不符合题意；C．动能先减小到0，后增大，不符合题意；D．动能先增大后减小，不符合题意。故选A。16.在一密闭容器内发生某反应，反应过程中各物质的质量变化如下，其中未知数据正确的是()物质abcd反应前60g60g00反应中36g12g18g①反应后②0③④A.该反应一定是氧化还原反应 B.经过计算，a参加反应的质量为20gC.③为 D.④为【答案】C【解析】【详解】由表中数据分析可知，反应前后b的质量减少了60g0g=60g，故b是反应物，参加反应的b的质量为60g。

A、该反应不一定有元素化合价的改变，不一定属于氧化还原反应，故选项说法错误。

B、由反应前与反应中a、b的质量关系，参加反应的a、b的质量比为（60g36g）：（60g12g）=1：2；完全反应后参加反应的b的质量为60g，则完全反应时参加反应的a的质量为30g，故选项说法错误。

C、由反应前与反应中b、c的质量关系，参加反应的b与生成的c的质量比为（60g12g）：（18g0g）=8：3，则完全反应后生成的c的质量为60g×，则③为，故选项说法正确。

D、根据反应物的改变量等于生成物的改变量，完全反应后生成d的质量为，则，故选项说法错误。

故选：C。17.固体甲和盛有液体乙的圆柱形容器(忽略容器自重)放置在水平地面上，已知甲、乙质量相等，底面积相同。现有物体丙分别放在物体甲上和浸没在液体乙中(液体没有溢出)，若甲、乙和丙的密度分别是ρ甲<ρ乙<ρ丙，则甲对地面压强的增加量p1与液体乙对容器底部压强的增加量p2的关系()A.p1可能等于p2 B.p1一定大于p2 C.p1可能小于p2 D.p1一定小于p2【答案】B【解析】【分析】【详解】物体丙放在甲上面时，增加的压力与丙的重力相等，即F=G丙增加的压强为物体丙浸没在乙液体中时，排开液体的体积与丙的体积相同，由G=mg，知道，容器中增加的液体的重力G乙=ρ乙gV乙=ρ乙gV丙增加的压强由于甲、乙和丙的密度分别是ρ甲<ρ乙<ρ丙，所以，甲对地面压强的增加量p1一定大于液体乙对容器底部压强的增加量p2。故选B。18.对如图所示的四种情景，下列说法中正确的是()A.小芳站在平面镜前照镜子，在她向后退的过程中，她在镜中的像变小B.小科用放大镜看字，字离放大镜越近，他看到的字越小C.小猫看到水中的鱼是由光的折射形成的实像D.小明从侧面看到白纸比镜面亮，是因为光照到白纸上发生了镜面反射【答案】B【解析】【详解】A．平面镜所成的像与物体是等大的，她向后退的过程中，小芳在平面镜中像的大小不变，故A错误；B．用放大镜看书时，书在凸透镜的一倍焦距以内，放大镜离书本越近，字越小，故B正确；C．看到水中游动的鱼是光折射形成的虚像，而不是实像，故C错误；D．光正对着平面镜照射时，在平面镜上会发生镜面反射，反射光线会集中在竖直方向，所以从侧面观察几乎没有光线进入眼睛，看到的平面镜是暗的；而光线在白纸上会发生漫反射，反射光线射向各个方向，所以在侧面看到的白纸是亮的，故D错误。故选B。19.某固体由Ba2+、Cu2+、Na+、Cl﹣、CO32﹣、SO42﹣中的几种离子构成，取一定质量的该固体样品，进行如下实验：①将固体溶于水得无色透明溶液，加入足量BaCl2溶液，过滤后得到5克白色沉淀。②在沉淀中加入过量稀硝酸，仍有3克白色沉淀。③在滤液中滴加AgNO3溶液，产生白色沉淀。则该固体中一定含有（）A.Na+、CO32﹣、SO42﹣ B.Cu2+、CO32﹣、SO42﹣C.Cl﹣、CO32﹣、SO42﹣ D.Na+、Ba2+、Cl﹣【答案】A【解析】【分析】推断物质的组成，应根据检验过程中所观察到的现象确定试样中存在哪些离子，必须把可能存在的离子全部考虑到，再根据每步检验的现象，肯定或否定某些离子的存在，逐步缩小范围，最终得出正确的结论。【详解】将固体溶于水得无色透明溶液，说明不含铜离子；加入足量BaCl2溶液，过滤后得到5克白色沉淀，说明固体中可能含有硫酸根离子、碳酸根离子，钡离子与硫酸根、碳酸根不能大量共存，则一定不含有钡离子；在沉淀中加入过量稀硝酸，仍有3克白色沉淀，说明存在不溶于稀硝酸的白色沉淀，即说明5克白色沉淀中含有硫酸钡、碳酸钡；滤液中含有过量的稀硝酸，在滤液中滴加AgNO3溶液，产生白色沉淀，说明生成了不溶于稀硝酸的氯化银沉淀，说明固体中存在氯离子，由于加入足量BaCl2溶液，但无法确定原固体中是否含有氯离子；钡离子和铜离子都不存在，故该固体中一定含有Na+、CO32﹣、SO42﹣，故选A。【点睛】本题主要考查离子共存问题以及离子的检验，需要掌握一定的方法，才能顺利解出本题。20.科学家在实验的基础上进行合理的推理，建立了牛顿第一定律，下列科学规律的，也是运用了这种研究方法的是（）A.光的反射规律 B.真空中不能传声C.并联电路中电流的规律 D.欧姆定律【答案】B【解析】【详解】牛顿第一定律的建立是在科学实验的基础上，通过对实验数据的分析，并进一步通过推理得出的（实际上不受摩擦力的物体根本不存在），所以该实验主要是利用了实验推理法形成了牛顿第一定律ACD．光的反射定律、并联电路中电流的规律、欧姆定律实验都是直接通过真实的实验数据得出的结论，其结论形成方法与牛顿第一定律不同，所以ACD都不符合题意；B．真空不能传声的实验是建立在真实实验的基础上，通过进一步推理（向外抽气体，只是越来越少，不可能抽成真空）形成结论，该实验是运用了实验推理法，其形成原理同牛顿第一定律相同，所以B选项符合题意。故选B。二.填空题(共计26分)21.2020年春节期间，湖北省武汉市持续开展流感及相关疾病监测，发现多起病毒性肺炎病例，均诊断为新型冠状病毒引起的肺炎传染病。世界卫生组织(WIIO)将其命名为2019nCoV，如图的新冠病毒是一种正链单股RNA病毒比一般的DNA双螺旋结构更容易发生变异，也是目前已知的第7种可以感染人的冠状病毒。该病能够通过飞沫在空气中传播和接触传播，具有较强的传染性，为了防止疾病流行，杭州市疾控中心提出以下预防措施：①发现疑似或确诊病人者，及时隔离治疗；②经常进行消毒，勤洗手，出门必须戴口罩；③尽量不乘坐公共交通工具，不得集中聚会，进入各大商店自觉接受体温测量。(1)由材料可知，新型冠状病毒结构十分简单，仅由蛋白质外壳和内部的______________组成；(2)从控制传染病流行的三个环节来看，上述①措施属于______________；(3)人在感染新型冠状病毒肺炎后通过积极治疗痊愈后，可获得免疫力，这是因为患者体内会产生相应的______________和记忆细胞。这种针对某一种病原体的防御作用，称为______________免疫。【答案】①.遗传物质②.控制传染源③.抗体④.特异性【解析】【分析】（1）病毒没有细胞结构，主要由内部的核酸和外部的蛋白质外壳组成，不能独立生存，只有寄生在活细胞里才能进行生命活动。一旦离开就会变成结晶体。（2）传染病是由病原体引起的，能在生物之间传播的疾病。病原体指能引起传染病的细菌、真菌、病毒和寄生虫等。传染病若能流行起来必须具备传染源、传播途径、易感人群三个环节，所以预防传染病的措施有控制传染源、切断传播途径、保护易感人群。（3）特异性免疫是指第三道防线，产生抗体，消灭抗原，是出生后才有的，只能对特定的病原体有防御作用。是患过这种病或注射过疫苗后获得的。【详解】（1）新型冠状病毒结构十分简单，仅由蛋白质外壳和内部的遗传物质组成。（2）新型冠状肺炎患者是能够散播病原体的人属于传染源，因此，“将新型冠状肺炎疑似病人实行隔离”，是预防传染病3个措施中的控制传染源。（３）当病原体（如病毒、病菌）进入人体后，刺激淋巴细胞，淋巴细胞就产生一种抵抗该病原体的特殊蛋白质，叫做抗体。进入人体的病毒在免疫学上称为抗原。引起人体产生抗体的物质（如病原体等异物）叫做抗原。人在感染新型冠状病毒肺炎后，体内有抵抗新型冠状病毒肺炎病毒的抗体。已康复的病人体内产生了相应抗体，该抗体只对新型冠状病毒有免疫作用，不会再患该病，但还可能患其它传染病，因此这属于特异性免疫。【点睛】解答此类题目的关键是理解掌握病毒的结构、传染病的预防措施以及特异性免疫的特点。22.油菜花是黄冈市丰富而宝贵的旅游资源.每年春天举办的油菜花节，也就成了最热闹的民间盛会.请回答下列有关油菜花的问题.

（1）如图1所示是从受精卵到一株油菜的生长发育过程，其中[b]是________（2）油菜要培育出新品种，杂交时必须采用人工辅助授粉的方法，把其他品种的花粉授到如图1所示花的__________上.

（3）在光照下，油菜嫩绿的幼叶会慢慢变得深绿，据此推测，图2细胞图中的_________会明显增多，请用表达式写出发生在该处的主要生理过程:______________________【答案】①.细胞分化②.1柱头③.叶绿体④.二氧化碳+水有机物+氧气【解析】【分析】图1中a表示细胞的分裂，b表示细胞的分化，c表示组织形成器官，d表示器官构成植物体，1是柱头，2是花柱，3是花瓣，4是花萼，图2中1是上表皮，2是叶肉细胞，3是下表皮，4是气孔，5是叶脉。【详解】（1）细胞分裂是指一个细胞分成两个细胞。分裂后的细胞与原细胞的功能是相同的。细胞分裂的结果是使细胞的数量增多了，分裂后的细胞形态，结构、功能都相同。图中的a表示细胞的分裂。细胞分化是指细胞分裂后产生的细胞，起初功能相同，其形态和结构也相同，但在发育过程中，由于这些细胞的功能各自不同，它们的形态、结构也发生了变化。细胞分化的结果是形成了不同的组织。图中的b表示细胞的分化过程。（2）进行杂交时采用人工授粉的方法，把其他品种的花粉授到如图1所示花的雌蕊的1柱头上，受精完成后，子房将发育成果实。（3）在光照下，小叶慢慢伸展长大，颜色也变得深绿，叶色变深，这是因为这样的叶中的叶绿体增多。叶绿体是光合作用的场所。叶的生长所需要的有机物是由叶绿体经过光合作用合成的。其表达式是：【点睛】此题是综合性的解答题，解答时知识要全面熟练，如细胞的分裂。分化，植物体的结构层次，光合作用等知识。23.温室效应(英文：GreenhouseEffect)，又称“花房效应”，是大气保温效应俗称，而二氧化碳是数量最多的温室气体，约占大气总容量的0.03%，其分子式为CO2，化学，结构式为：16O=C=16O；最近据国外媒体报道，“火星快车”号和“金星快车”号探测器日前分别在火星和金星大气层中发现了一种非常特殊的气态化合物，这种化合物的存在不但会导致金星上的温室效应被成倍的放大，而且可能会在火星上也诱发温室效应的产生.它的结构式为：16O=C=18O，请你结合所学知识分析作答：(1)16O=C=16O与16O=C=18O互为同位素吗______________？为什么______________？(2)相同质量的16O=C=16O分子与16O=C=18O分子所含的氧元素质量之比为______________。【答案】①.不是②.同位素是原子核内质子数相同，中子数不同的同类原子的互称③.184：187【解析】【详解】（1）同位素是指具有相同质子数而中子数不同的原子之间的互称，所以16O=C=16O与16O=C=18O不是互为同位素，因为它们不是同种元素的不同原子；故填：不是；同位素是原子核内质子数相同，中子数不同的同类原子的互称；

（2）相同质量的16O=C=16O分子与16O=C=18O分子所含的氧元素质量之比=×100%：×100%=184：187．故填：184：187。24.实验室采用还原法制备新型材料纳米级铁粉，其流程如图所示（1）纳米级Fe粉在空气中易燃烧，其生成物名称是____________。（2）实验中通入N2的目的是______．（3）Ⅱ中反应的化学方程式为______。【答案】①.四氧化三铁②.排尽空气，防止生成铁粉被氧化③.H2+FeCl2Fe+2HCl【解析】【详解】（1）纳米级Fe粉在空气中燃烧生成四氧化三铁。

（2）高温下生成的铁易被氧气氧化，实验中通入N2的目的是排尽空气，防止生成的铁粉被氧化。

（3）Ⅱ中氢气与氯化亚铁在高温下反应生成铁和氯化氢，Ⅱ中反应的化学方程式为H2+FeCl2Fe+2HCl。25.小金为了证明“碘升华”做了如图甲、乙两个实验(甲图为教材中的方法，乙图为水浴加热法)。加热一段时间后，均能观察到紫色的碘蒸气。已知：常压下，碘的熔点为oC，碘的沸点为oC，酒精灯火焰的温度约400oC。(1)你认为实验______________(填“甲”或“乙”)更能说明碘直接升华，理由是______________；(2)碘升华需要______________(填“吸热”或“放热”)；(3)科学来源于生活，请再举一例物质升华的例子______________。【答案】①.乙②.乙实验水沸腾时温度为100oC，未到达碘的熔点，说明碘没有熔化直接升华了③.吸热④.北方冬天冰冻的衣服干了、樟脑丸变小、干冰制雨等(合理即可)【解析】【详解】（1）由于甲同学利用酒精灯直接对试管进行加热，温度上升速度很快，会迅速超过碘的熔点和沸点，因此根据实验现象无法判断固态碘是否直接变成气体而不是先变成液体再变成气体；而乙同学使温度在缓慢上升的过程中，仍可以看到碘蒸气，而且由于水沸腾后温度不变，其温度小于碘的熔点，说明碘没有熔化，更不会汽化，这就证明了固态碘是直接变成气体的。故填：乙；乙实验水沸腾时温度为100oC，未到达碘的熔点，说明碘没有熔化直接升华了。（2）固态碘直接变成气体的过程是升华，这是一个吸收热量的过程。故填：吸热。（3）升华指物体从固态直接变成气态。故填：北方冬天冰冻的衣服干了、樟脑丸变小、干冰制雨等(合理即可)。26.如图所示，有一根均匀铁棒，长为L，OA=，重力G=600N，为了不使这根铁棒的B端下沉，所需外力F至少应为______________________N，若F的方向不变，微微抬起这根铁棒的B端，所需外力F′应为______________________N。【答案】①.200②.300【解析】【详解】[1][2]根据杠杆的平衡条件可知所以微微抬起这根铁棒的B端所以三.实验探究题(40分)27.种子中不同的营养物质进行有氧呼吸时消耗氧气的体积和释放二氧化碳的体积的比值是不一样的。例如，葡萄糖氧化分解时消耗氧气和产生二氧化碳的体积之比等于1：1，蛋白质氧化分解时消耗氧气和产生二氧化碳的体积之比不等于1：1。科学上把种子进行有氧呼吸时释放二氧化碳的体积和消耗氧气的体积的比值称为呼吸熵。测定发芽种子呼吸熵的装置如下图的装置1和装置2(氢氧化钠溶液能完全吸收二氧化碳，二氧化碳在水中的溶解忽略不计)，其中，装置1和装置2中的发芽种子的种类相同，大小、健康状况相近，数量相同。(1)测定消耗氧气的体积的是哪个装置______________，请做出判断并简述理由______________；(2)为使测得消耗氧气的体积和释放二氧化碳的体积更精确，应再设置一对照装置，其容器和小试管中分别放入等量的煮熟种子和5毫升蒸馏水，用于排除装置1和2内因环境因素引起的体积变化对实验的干扰。这里的环境因素指的是______________(列举1点)；(3)某次实验中，具体操作如下：将装置1和装置2放在25oC温度下，关闭活塞，30分钟后，读出装置1、装置2刻度管着色液向左分别移动a毫米和b毫米，则该发芽种子的呼吸熵为______________(用a、b表示，不考虑环境因素对实验造成的影响)。【答案】①.装置1②.种子有氧呼吸消耗氧气，产生二氧化碳，二氧化碳又被氢氧化钠溶液吸收，导致装置内气压减小③.温度、气压、光照、装置内水分蒸发合理皆可④.【解析】【分析】分析实验装置可知，装置1的试管内装有NaOH，吸收呼吸释放的二氧化碳，因此1中液滴的移动是由氧气的变化决定的，装置2中无NaOH，液滴的移动是由氧气变化与二氧化碳的变化共同决定的，二氧化碳的释放量是装置1与装置2液滴移动的距离差．【详解】（1）装置1的试管内装有NaOH，吸收呼吸释放的二氧化碳，因此1中液滴的移动是由氧气的变化决定的，装置2中无NaOH，液滴的移动是由氧气变化与二氧化碳的变化共同决定的。故填：装置1；种子有氧呼吸消耗氧气，产生二氧化碳，二氧化碳又被氢氧化钠溶液吸收，导致装置内气压减小。（2）温度、气压、光照、装置内水分蒸发等原因会造成气体的体积变化。故填：温度、气压、光照、装置内水分蒸发合理皆可。（3）种子进行有氧呼吸释放的二氧化碳的体积是装置1与装置2液滴移动的距离差，即ab，消耗氧气的体积是装置1液滴移动的距离，即a。故种子进行有氧呼吸时释放二氧化碳的体积和消耗氧气的体积的比值（呼吸熵）为：。故填：。28.气体的密度容易受温度和压强的影响。为了测量常温常压下氧气的密度，在老师的指导下，小明进行了如下实验：步骤一：检查发生装置的气密性。步骤二：往烧瓶中装入适量的二氧化锰粉未，关闭分液漏斗的活塞，并将适量的过氧化氢溶液倒入分液漏斗中，测出发生装置的总质量为m1克。步骤三：取一个集气瓶，用记号笔在适当位置做标记，将水注入集气瓶到标记处，用量筒测出这些水的体积为V0毫升，再将集气瓶灌满水倒扣在水槽中等待收集。步骤四：打开活塞，滴入过氧化氢溶液，同时开始收集气体，调节集气瓶在水中的上下位置，当集气瓶内、外的液面相平且刚好达到标记处时（如图），暂停反应。步骤五：重复步骤四，再收集9瓶气体。步骤六：称出反应后发生装置的总质量为m2克。(1)小明通过该实验，测得氧气的密度是______；(2)步骤四中，控制集气瓶内、外液面保持相平的目的是__________________________________；(3)如果实验中装置气密性不良，将对测得的密度值有何影响。____________________________【答案】①.②.使集气瓶内的气压与外界大气压保持相等，以收集到常压下的氧气③.偏大；收集一定体积氧气时，由于部分氧气泄漏导致消耗的过氧化氢质量增加，使测得氧气的质量偏大，所以密度偏大【解析】【详解】(1)[1]本题中共收集了10瓶氧气，因此总体积是10V0，根据密度公式(2)[2]步骤四中，控制集气瓶内、外液而保持相平的目的是：使集气瓶内的气压与外界大气压保持相等，以收集到常压下的氧气；故答案为使集气瓶内的气压与外界大气压保持相等，以收集到常压下的氧气。

(3)[3]如果实验中装置气密性不好，测得的氧气的密度会偏大；收集一定体积氧气时，由于部分氧气泄漏导致消耗的过氧化氢质量增加，使测得氧气的质量偏大；故答案为偏大；收集一定体积氧气时，由于部分氧气泄漏导致消耗的过氧化氢质量增加，使测得氧气的质量偏大，所以密度偏大。29.小明设计了图1所示的实验装置，进行一氧化碳还原氧化铜的实验。为分离A装置中反应排出的一氧化碳和二氧化碳，他又设计了图2所示的装置（铁架台、铁夹等固定用装置已略去，a、b为活塞）。请回答：（1）实验前先要检查装置的气密性，并检验气体的纯度，再对图1装置进行加热，加热前还要进行的一步操作是________。（2）为分离得到CO和CO2，应该对图2装置进行怎样的操作？________。（3）对于A装置中反应后得到的红色固体（此时氧化铜已全部反应完），小明又进行了以下探究：【查阅资料】：①氧化铜经一氧化碳还原不仅能生成铜，还可能生成中间产物氧化亚铜（化学式为Cu2O）。②Cu2O是不溶于水的红色固体，能与酸发生反应，生成Cu2+和Cu。【提出猜想】：氧化铜经一氧化碳还原所得到的红色固体中除Cu外还可能含有Cu2O。【进行实验】：小明设计了一个最简单的实验方案：实验步骤取少量该红色固体放入盛有_____的试管中，振荡实验现象及结论___【答案】①.通一会儿CO气体②.先当关闭活塞b，打开活塞a时，可分离得到CO，然后关闭活塞a，再打开活塞b，又可分离得到CO2③.稀硫酸（或稀盐酸）④.若溶液变蓝色，说明产物中有Cu2O；若溶液仍为无色，说明产物中无Cu2O【解析】【详解】（1）由于一氧化碳和空气的混合气体受热时可能发生爆炸。故先通入一氧化碳，排净玻璃管中的空气；（2）由于二氧化碳能与氢氧化钠反应生成了碳酸和水，碳酸钠能与稀硫酸反应生成了硫酸钠、二氧化碳和水，一氧化碳与氢氧化钠不反应，所以为了分离得到CO和CO2，应关闭活塞b，打开活塞a时，通入的混合气体中的二氧化碳会与氢氧化钠反应生成碳酸钠，从而将二氧化碳除去，分离得到一氧化碳；再关闭a，打开b，滴入稀硫酸，反应可得CO2。（3）由于氧化亚铜能与酸反应生成蓝色的铜盐溶液，而铜不与硫酸反应所以实验的步骤、现象和结论为：取少量该红色固体放入盛有稀硫酸的试管中，振荡，溶液变蓝，有Cu2O；溶液不变蓝，则没有Cu2O。30.在探究小灯泡的电功率与哪些因素有关的实验中，小组同学猜想∶小灯泡的电功率可能与电压、电流有关，于是他们设计了如下所示的三个电路图∶(1)你认为图_____电路可以研究小灯泡的电功率与电压的关系，理由是_____________________。(2)小组同学经过分析讨论，选择正确的电路进行实验，得出了小灯泡的电功率与电压关系的正确实验结论。支持该结论的实验现象是____________________________________________。【答案】①.乙②.乙是串联电路，能控制电流相等③.电压表示数大的灯泡比示数小的灯泡亮【解析】【详解】(1)[1][2]研究小灯泡的电功率与电压的关系，要控制电流相等，因串联电路各处的电流相等，故图乙电路可以研究小灯泡的电功率与电压的关系。(2)[3]灯的亮度由灯的实际功率决定，电压表示数大的灯泡更亮一些，说明其功率比甲灯大。31.小金为了测量滑动摩擦力的大小，设计了如图所示的实验装置。实验中，小桶内装入适量的沙子，滑块恰好做匀速直线运动(轻绳与滑轮的摩擦不计)。(1)为了测量滑块受到滑动摩擦力，需要测量的物理量是______________；A.滑块的质量m1B.小桶和沙子的总质量m2(2)根据二力平衡可知，滑块受到的滑动摩擦力f1=______________(用物理量符号表示)；(3)小桶落地后，滑块继续向前运动，受到的滑动摩擦力f1______________f2(“＜”或“=”或“＞”)。【答案】①.B②.m2g③.=【解析】【详解】(1)[1]小桶内装入适量的沙子，滑块恰好做匀速直线运动。此时的拉力等于小桶和沙子的总生力。所以，为了测量滑块受到的滑动摩擦力，需要测量的物理量是：小桶和沙子的总质量m2。故选B。(2)[2]根由二力平衡知道，滑块受到的滑动摩擦力等于小桶和沙子的总重力，即f1=G=m2g(3)[3]由于压力不变，接触面的粗糙程度不变，则滑块所受滑动摩擦力不变，即f1=f232.人体代谢产生的过氧化氢，对人体有毒害作用。人体肝脏中的过氧化氢酶能催化过氧化氢分解产生氧气和水。某同学查阅资料发现，FeCl3也能催化过氧化氢分解。(1)为比较过氧化氢酶和FeCl3催化效率的高低，该同学在28oC环境下进行实验探究，提前准备了新鲜猪肝研磨液(含有过氧化氢酶)，FeCl3溶液，过氧化氢溶液等，然后进行以下实验步骤：①取2支洁净的试管，编号为1、2，并各注入3mL适宜浓度的过氧化氢溶液；②向1号试管内滴入2滴适宜浓度的FeCl3溶液，向2号试管内______________；③观察并记录两支试管产生气泡的情况。在以上探究的基础上，该同学又完成了“探究温度对猪肝研磨液和FeCl3催化效率的影响”实验。实验结果如图所示。图中代表猪肝研磨液催化效率的曲线是哪一条______________，为什么______________？(2)FeCl3除了能催化过氧化氢分解，FeCl3溶液也能与SO2反应，相关实验装置如下图(夹持装置已略去)。D装置中倒置漏斗的作用是______________。【答案】①.滴入2滴适宜浓度的新鲜猪肝研磨液②.乙③.酶的活动性受温度影响，在一定温度范围内，随着温度的增长，酶的活动性增强；超过适宜的温度范围，酶的活动性会随温度的升高而减弱④.使气体充分吸收，防止溶液倒吸【解析】【分析】（1）根据对比实验的条件要求分析解答。根据图中信息进行分析；

（2）根据物质的性质来分析。【详解】（1）在对比实验中，相同条件可以多个，但不同条件只有一个，所以第2个试管中滴加猪肝研磨液的量应该是相同的；故填：滴入2滴适宜浓度的新鲜猪肝研磨液；

根据酶的性质可知，酶的活性受温度的影响较大，图中代表猪肝研磨液催化效果的曲线是乙；理由是：酶的活动性受温度影响，在一定温度范围内，随着温度的增长，酶的活动性增强；超过适宜的温度范围，酶的活动性会随温度的升高而减弱。故填：乙；酶的活动性受温度影响，在一定温度范围内，随着温度的增长，酶的活动性增强；超过适宜的温度范围，酶的活动性会随温度的升高而减弱；

（2）因尾气易溶于NaOH溶液，则倒置漏斗的作用为防止NaOH溶液倒吸，故填：使气体充分吸收，防止溶液倒吸。四.解答题(本大题共34分)33.我们在一些场馆和楼房建设工地上，常见一种“塔吊”的起重设备，其主要组成为电动机和机械两部分，如图所示.假设某“塔吊”配置的电动机铭牌上标有：额定电压380V，额定功率38kW，线圈电阻1Ω。在一次起吊中，该“塔吊”电动机正常工作50s，把质量为3t的重物吊起44m(g取10N/kg)。求：(1)电动机吊起重物的过程中消耗的电能；(2)电动机正常工作过程中线圈产生的热量；(3)该次起吊过程中“塔吊”机械部分的机械效率。【答案】(1)1.9×106J；(2)5×105J；(3)94.3%【解析】【详解】(1)由于电动机正常工作，消耗的功率等于额定功率，即P=38kW=3.8×104W工作时间t=25s，所以电动机消耗的电能为W电=Pt=38×104W×50s=1.9×106J(2)由知道，电动机正常工作时的电流线圈产生的热量Q=I2Rt=(100A)2×1Ω×50s=5×105J(3)线圈电流产生热量即该“塔吊”本身消耗的电能为W1=Q=1.25×105J所以“塔吊”电能转化为机械能的总量，即机械部分所做的总功为W机=W电Q=1.9×106J5×105J=1.4×106J有用功W物=Gh=mgh=3000kg×1