江苏省淮阴区2024年高考物理三模试卷含解析

江苏省淮阴区2024年高考物理三模试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。下列说法正确的是（）

A.查德威克用a粒子轰击镀原子核，发现了质子

B.卢瑟福通过对a粒子散射实验的研究，揭示了原子核有复杂的结构

C.汤姆孙通过对阴极射线的研究，发现阴极射线是原子核中的中子变为质子时产生的夕射线

D.居里夫妇从沥青铀矿中分离出了针（P。）和镭（Ra）两种新元素

2、如图所示，两个内壁光滑的圆形管道竖直固定，左侧管道的半径大于右侧管道半径。两个相同小球A、B分别位于

左、右管道上的最高点，两球的半径都略小于管道横截面的半径。由于微小的扰动，两个小球由静止开始自由滑下，

当它们通过各自管道最低点时，下列说法正确的是（）

A.A球的速率等于B球的速率

B.A球的动能等于B球的动能

C.A球的角速度大于B球的角速度

D.A球、B球对轨道的压力大小相等

3、为了纪念物理学家对科学的贡献，许多的单位是用家的名字来命名的，在，下列单位所属于基本物理量的是

A.安培B.库仑C.牛顿D.焦耳

4、如图所示，在光滑水平桌面内，固定有光滑轨道ABC,其中半圆轨道BC与直轨道AB相切于B点,物体受到与AB

平行的水平拉力尸，从静止开始运动，拉力户的大小满足如图乙所示（以A为坐标原点，拉力少从A指向3为正方

向）。若〃z=lkg,A3=4m,半圆轨道的半径R=L5m,重力加速度取g=10m/s2。则下列说法中正确的是（）

c

A.拉力口从4到6做功为50J

B.物体从3到C过程中，所受的合外力为0

C.物体能够到达。点，且速度大小为2j?m/s

D.物体能够到达C点，且速度大小为2jl?m/s

5、如图所示，将一小木块和一小钢珠分别用手拿着并压缩两根一端分别竖直固定在地面上的弹簧上端。现同时释放小

木块和小球，若小木块在整过运动过程中所受空气的阻力/与其速度v满足/=仙（A为常数），而小钢珠的运动忽略

空气阻力，且两物体同时离开弹簧，取向上为运动的正方向，则下图f轮正确反应两物体离开弹簧后的运动情况的v-t

图像的是（）

小1木块小1钢球

人,M

VI

6、某移动电源上标志的4500mAh反映的物理量是)

A.电压B.电量

C.功率D.能量

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图甲所示，一木块沿固定斜面由静止开始下滑，下滑过程中木块的机械能和动能随位移变化的关系图线如图乙所

A.在位移从0增大到x的过程中，木块的重力势能减少了E

B.在位移从0增大到x的过程中，木块的重力势能减少了2E

C.图线。斜率的绝对值表示木块所受的合力大小

D.图线沙斜率的绝对值表示木块所受的合力大小

8、下列说法中正确的是（）

A.布朗微粒越大，受力面积越大，所以布朗运动越激烈

B.在两个分子从无限远的地方不断靠近的过程中，它们的分子力先增大后减小再增大

C.在两个分子从无限远的地方不断靠近的过程中，它们的分子势能先增大后减小

D.两个系统达到热平衡时，它们的分子平均动能一定相同

E.外界对封闭的理想气体做正功，气体的内能可能减少

9、如图，和尸。是两根互相平行、竖直放置的光滑金属导轨，导轨足够长，电阻不计，匀强磁场垂直导轨平面向

里。金属杆成垂直导轨放置，与导轨始终良好接触，金属杆具有一定的质量和电阻。开始时，将开关S断开，让金属

杆成由静止开始自由下落，经过一段时间，再将开关S闭合，从闭合开关S开始计时，取竖直向下为正方向，则金

属杆运动的动能EK、加速度.、所受到的安培力，及电流表的示数，随时间f变化的图象可能是

10、甲、乙两车在同一平直道路上同向运动其V-/图像如图所示，图中AOPQ和AOQT的面积分别为邑和

52（%＞电），初始时，甲车在乙车前方与处，贝U（）

A.若S0=S]+S2,两车不会相遇B.若50＜电，两车相遇2次

C.若s（）=Si，两车相遇1次D.若“="，两车相遇1次

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学利用图甲所示电路测量一量程为3mA的直流电流表的内阻RA（约为110。）。提供的实验器材有:

A.直流电源（电动势为IV,内阻不计）；

B.电阻箱（0-999.90）；

C.滑动变阻器（0〜5Q.额定电流为3A）；

D.滑动变阻器（0〜50c.额定电流为lA）o

甲乙

⑴为了尽可能减小测量误差，滑动变阻器R应选用（选填"C”或"D”）。

⑵根据图甲所示电路，在图乙中用笔画线代替导线，将实物间的连线补充完整一

（3）主要实验步骤如下：

I.将电阻箱&的阻值调为零，滑动变阻器R的滑片P移到右端；

II.闭合开关S,调节滑动变阻器£的滑片P,使电流表的示数为3mA；

I.调节电阻箱Ro,使电流表的示数为1mA,读出此时电阻箱的阻值R；

IV.断开开关S,整理好仪器。

（4）已知Ri=208.8Q,则电流表内阻的测量值为O,由于系统误差，电流表内阻的测量值____（选填“大于”“等

于”或“小于”）真实值。

12.（12分）兴趣课上老师给出了一个质量为机的钩码、一部手机和一个卷尺，他要求王敏和李明两同学估测手上抛

钩码所做的功。两同学思考后做了如下操作：

⑴他们先用卷尺测出二楼平台到地面的距离瓦王敏在二楼平台边缘把钩码由静止释放，同时李明站在地面上用手机

秒表功能测出钩码从释放到落到地面的时间如在忽略空气阻力的条件下，当地的重力加速度的大小可以粗略的表示

为g=（用九和fo表示）；

⑵两同学站在水平地面上，李明把钩码竖直向上抛出，王敏用手机的秒表功能测出钩码从抛出点到落回抛出点的时间。

两同学练习几次，配合默契后某次李明把钩码竖直向上抛出，同时王敏用手机的秒表功能测出钩码从抛出点到落回抛

出点的时间t,在忽略空气阻力的条件下，该次李明用手上抛钩码所做的功可以粗略地表示为w=（用m,从to

和f表示）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，水平地面上静止放置一辆长度为L=1.5m、质量机A=4kg的小车A,小车的上表面粗糙，小车

与地面间的摩擦力极小，可以忽略不计；小车左端固定一轻质弹簧，自然长度为乙=0.5m,最右端静置一质量，"B=2kg

的物块8（可视为质点）；现对A施加一个水平向右尸=20N的恒力，小车运动一段时间后，物块5和弹簧接触，同时

撤掉恒力F,已知物块3和小车间的动摩擦因数〃=02。不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2,求：

（1）水平向右的恒力F作用的时间

（2）弹簧最大压缩量d=0.3m时，弹簧的弹性时能耳。

,777777777777/7^777777777777777^7777777777777777777

14.（16分）如图所示，AB是半径R=0.80m的上光滑圆弧轨道，半径05竖直，光滑水平地面上紧靠8点静置一长

4

为1.5m的小车，其上表面与B点等高。现将一质量/n=1.0kg的小滑块从A点由静止释放，经B点滑上小车，小滑块

恰好未滑离小车。已知滑块与小车之间的动摩擦因数〃=0.40。重力加速度g取10m/s2。求：

（1）滑块刚滑至B点时，圆弧对滑块的支持力大小；

⑵小车的质量。

15.（12分）为了保证行车安全，车辆在行进过程中应保持足够的安全距离。现在有甲、乙两辆汽车在同一直线车道

上匀速行驶，甲车速度耍=10m/s,乙车速度丫乙=24m/s,甲车在前，乙车在后。当两车相距以=48m时，两车司

机同时看到前方正在发生山体滑坡，于是立即采取制动措施，刹车的加速度大小分别为。甲=2m/s2M乙=^m/s\

如果不考反应时间与车身的长度，那么两车能否避免相碰?

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

A.查德威克用a粒子轰击镀原子核，发现了中子。卢瑟福用a粒子轰击氮原子核，发现了质子，故A错误；

B.贝克勒尔通过对天然放射性现象的研究，证明原子核有复杂结构，故B错误；

C.汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子，但阴极射线不是原子核中的中子变为质子时产生的p射线，故C错误;

D.居里夫妇从沥青铀矿中分离出了针（Po）和镭（Ra）两种新元素，故D正确。

故选D。

2、D

【解析】

AB.对于任意一球，根据机械能守恒得

mg*2R=^mv2

解得

v=y/^gR

由于左侧管道的半径大于右侧管道半径，所以A球的速率大于B球的速率，A球的动能大于B球的动能，故A、B错

误；

C.根据v=J4gH=可得

则有

%＜处

即A球的角速度小于B球的角速度，故C错误;

D.在最低点，根据牛顿第二定律可得

F-mg=m—

NK

解得

FN=5mg

根据牛顿第三定律可得A球、B球对轨道的压力大小相等，故D正确；

故选D。

3、A

【解析】

物理学中共有七个基本物理量分别为：质量，长度，时间，电流强度，物质的量，热力学温度，发光强度，其中电流

强度的单位就是以科学家的名字来命名的即安培，故A正确.

4、D

【解析】

A.b-x图像与坐标轴所围面积表示功，则拉力P从A到3做功为

W=-x2x40J-10xlJ=30J

2

故A错误；

B.物体从3到C过程中，做圆周运动，合力不变0,故B错误；

CD.从A到3由动能定理有

W=mv\

解得

vB=2V15m/s

由于滑轨道ABC在水平面内，则物体从3到C做匀速圆运动，物体能够到达C点，且速度大小为2jl?m/s，故C

错误，D正确。

故选D。

5、D

【解析】

对于小钢球没空气阻力时只受重力，是竖直上抛运动，7图像是直线，故图中直线为钢球的运动图像。对于小木块有

空气阻力时，上升阶段由牛顿第二定律得

F=ma=mg+f

解得

由于阻力随速度的减小而减小，故上升阶段加速度逐渐减小，最小值为g。同理，有空气阻力时，下降阶段由牛顿第

二定律可得

kv

a=g-----

m

由于阻力随速度增大而增大，故下降过程中加速度逐渐减小，v-f图像的斜率表示加速度，故图线与f轴相交时刻的加

速度为g,此时实线的切线与虚线平行。故D正确，ABC错误。

故选D。

6、B

【解析】

移动电源上标志的4500mAh反映的物理量是电量，表示以4500mA放电，可以放一个小时，故B正确，ACD错误.

故选B

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

AB,木块沿斜面下滑过程中，动能增大，则图线沙为木块的动能随位移变化的关系。由机械能的变化量等于动能的变

化量与重力势能变化量之和，有

E—2E=E—0+AEp

得q=-2£,即木块的重力势能减少了2E,故A错误，B正确；

C.由功能关系可知图线。斜率的绝对值表示木块所受的除重力之外的合力大小，故C错误；

D.由功能关系可知图线b斜率的绝对值表示木块所受的合力大小，故D正确。

故选BDo

8、BDE

【解析】

颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈；根据分子力和分子距离的图像和分子势能和分子之间距离图像，分析分子力

和分子势能随r的变化情况；两个系统达到热平衡时，温度相同；根据热力学第一定律判断。

【详解】

A.布朗运动微粒越大，受力面积越大，液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的越趋于平衡，所以布朗运动越不

剧烈，故A错误；

B.在两个分子从无限远的地方不断靠近的过程中，它们的分子力先增大后减小再增大，如图所示：

C.在两个分子从无限远的地方不断靠近的过程中，它们的分子势能先减小后增大，如图所示:

故C错误；

D.温度是分子平均动能的标志，两个系统达到热平衡时，温度相同，它们的分子平均动能一定相同，故D正确；

E.根据热力学第一定律：

外界对封闭的理想气体做正功W>0,但气体和外界的热交换不明确，气体的内能可能减少，故E正确。

故选BDE=

9、BC

【解析】

闭合开关时，金属棒受到向下的重力以及向上的安培力，若重力与安培力相等，即

B212V

mg-BDITLT=--------

R

金属杆做匀速直线运动。速度不变，则动能、安培力、感应电流都不变，加速度为零。若安培力小于重力，则加速度

的方向向下，做加速运动，加速运动的过程中，安培力增大，则加速度减小，做加速度逐渐减小的加速运动，当重力

与安培力相等时，做匀速直线运动，则a-f图象是斜率逐渐减小的曲线，因为

E2

k=1m(vo+az)

所以以-f图象是一条斜率减小的曲线。安培力为

LB212V

R

尸一f图线先是一条斜率逐渐减小的曲线，之后恒定不变，因为

Blv

1=----

R

所以7一，图象先是一条斜率逐渐减小的的曲线，当金属杆匀速时，电流恒定不变，但U0时金属杆有速度，所以U0

时电流不等于零。若安培力大于重力，则加速度的方向向上，做减速运动，减速运动的过程中，安培力减小，做加速

度逐渐减小的减速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动。安培力为

22

口Blv

F=-------

R

所以厂一。图象是斜率逐渐减小的曲线，当匀速运动时，安培力不再减小，此时安培力等于重力，故AD错误，BC正

确。

故选BC。

10、ABC

【解析】

读取V-f图像信息，运动情景图如图所示

乙车Sl+S2

S()甲车S2

图像与/轴所围面积为位移，至。点时，乙车位移为

S乙=S[+§2

甲车位移为

S甲二§2

初始时，甲车在乙车前方So处

若甲、乙两车速度相同为V时，有

电+“=$0

乙车还没有追上甲车，此后甲车比乙车快，不可能追上；

若甲、乙两车速度相同为V时，有

+s2>s0+s2

即

“"

则此前乙车已追上甲车1次，此时乙车在甲车前面，之后乙车速度小于甲车，乙车还会被甲车反追及1次。则全程相

遇2次；

若甲、乙两车速度相同为n时，有

邑+§2=So+$2

即

So=»

则此前乙车始终在甲车后面，此时乙车刚好追及甲车(临界点)，之后乙车速度小于甲车，不再相遇。则全程仅相遇1

次；故A、B、C正确，D错误；

故选ABCo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

【解析】

⑴口］本实验为了减小实验误差，应满足滑动变阻器的最大阻值远小于电流表的内阻，即应选用C

⑵［2］根据实验电路图连接实物图如图所示

(4)［3］由实验原理可知

尺=4=104.4。

从2

［4］由于闭合开关S,调节滑动变阻器衣的滑片P,使电流表的示数为3mA,调节电阻箱岛，使电流表的示数为1mA,

读出此时电阻箱的阻值Ri；电阻箱阻值变大，并联等效电阻变大，故并联部分分担电压增大，由于电阻箱两端电压变

大，故电阻箱阻值偏大，故电流表内阻测量偏大。

2hmh^t2

12、

【解析】

19

在忽略空气阻力的条件下，钩码做自由落体运动，有h、gR，解得

2h

⑵⑵在忽略空气阻力的条件下，钩码上抛做竖直上抛运动，上升时间与下落时间相等，即

1

/上=/下=Qf

抛出的初速度vo=gf下，根据动能定理可知，该次李明用手上抛钩码所做的功可以粗略地表示为

W=—mVg

联立解得

W=^f

2戏

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

23

13、(1)t=ls,(2)E"=—J

P15

【解析】

（1）根据牛顿第二定律，有

物块B的加速度

UB~

小车A的加速度

_F-^mBg

UA一

mA

物块3的位移

12

XB——Clgt

小车A的位移

12

乙=3%厂

根据位移关系有

XA~XB^L~LO

联立解得

t=ls

(2)撤掉外力时，物块8的速度

vB=aBt

撤掉外力时，小车的速度

5=卬

从撤掉外力到