2024届某中学高三4月月考物理试题含答案

重庆市巴蜀中学2024届高考适应性月考卷九一一物理

一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。

1.下列说法正确的是

A.声源远离观察者时，观察者接收到的声音频率比声源发出的频率大

B.肥皂膜上出现彩色条纹是光的偏振现象

C.将原本精准的摆钟从广州运到黑龙江后应调整其摆长

D.双缝干涉实验中形成的干涉图样，条纹间距与光的频率无关

2.下列四幅图分别对应四种说法，其中正确的是

nE7eV

(

甲乙丙丁

ffil

A.图甲中铀238的半衰期是45亿年，经过45亿年，10个铀238必定有5个发生衰变

B.图乙中笊核的比结合能小于氧核的比结合能

C.图丙中一个氢原子从n=4的能级向基态跃迁时，最多可以放出6种不同频率的光

D.图丁中为光电效应实验，用不同光照射某金属得到的I-U关系图，则a光频率最高

3.如图，一根绝缘的光滑水平横杆上套有质量均为m的A、B两个小环，两环上都带有正电荷，系在两环上的等长细绳拴住

质量为M的物块处于静止状态，某时刻开始环上电荷量缓慢减少，则

AB

\/

□

图2

A.单根细绳对物块的拉力始终不变

B.两细绳对物块的合力变大

C.杆对A环的作用力保持不变

D.两环间距等于绳长时，单根细绳拉力大小等于Mg

4.霍尔推进器不断被改进，未来有望成为远距离太空探测的首选推进装置。有一种霍尔推进器如图所示，很窄的圆环空间内

有沿半径方向向外的辐射状磁场I,其磁感强度大小可近似认为处处相等；在垂直于圆环平面方向上加有匀强磁场n和匀强

电场（图中都没有画出），磁场I与磁场II的磁感应强度大小相等。电子恰好可以在圆环内沿顺时针方向做匀速圆周运动。

下列说法正确的是

图3

A.磁场n垂直圆环平面向里

B.电场方向垂直圆环平面向外

c.电子受到的电场力提供向心力

D.磁场对电子的洛伦兹力做正功

5.如图，两个电荷量都为Q的正、负点电荷固定在A、B两点，AB连线中点为0。现将另一个电荷量为+q的试探电荷放在A

B连线的中垂线上距。为x的C点，沿某一确定方向施加外力使试探电荷由静止开始沿直线从C点加速运动到0点，不计重

力，则此过程中

创C

图4

A.施加的外力沿C0方向

B.试探电荷受到的电场力一直变小

C.试探电荷做加速度增大的加速运动

D.试探电荷的电势能逐渐增加

6.如图，将一质量为m=10g、长度为l=20cm的长方形硬纸板放在水平桌面上，左端一小部分伸出桌外。将一质量为也为10g

的橡皮擦（可视为质点）置于纸板的正中间，用手指将纸板水平弹出，纸板瞬间获得初速度为=bn/s。已知橡皮擦与纸板、

桌面间的动摩擦因数均为%=0.1,纸板与桌面间的动摩擦因数为“2=0.2,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/S\

则

图5

A.弹出纸板后瞬间，纸板的加速度大小为2m/s'

B.橡皮擦与纸板达到相同速度后，一直与纸板相对静止

C.最终橡皮擦不会脱离纸板

D.因橡皮擦与纸板摩擦而产生的热量为高/

7.如图，地球和某行星在同一轨道平面内同向绕太阳做顺时针的匀速圆周运动。地球和太阳的连线与地球和行星的连线所夹

的角叫地球对该行星的观察视角，已知该行星的最大观察视角为①当行星处于最大视角处时，是地球上天文爱好者观察该

行星的最佳时期。则

图6

A.行星的环绕半径与地球的环绕半径之比为tan0

B.行星的环绕周期与地球的环绕周期之比为）磊

Vsin30住

行星两次处于最佳观察期的时间间隔至少为

C.1-Vsin30

(7r+20)Vsin30生

D.行星两次处于最佳观察期的时间间隔可能为;

27r(l-Vsin30)

二、多项选择题：本大题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的

得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.如图所示为某款磁吸式无线充电宝对手机充电的原理图，它的发射线圈两端为电压22V的正弦式交流电，手机内部接收线

圈的电压为6V。已知接收线圈的匝数为30匝，装置由于漏磁，接收线圈的磁通量约为发射线圈磁通量的70%。下列说法正

确的是

A.发射线圈的匝数为110匝

B.两线圈中交变电流的频率相同

C.接收线圈的电压最大值为6aV

D.充电时，接收线圈始终有远离发射线圈的趋势

9.如图所示，水平面上有一质量为5m的小球B与轻弹簧连接，还有质量为2m、半径为R的;圆弧形槽C,其底部与水平面平

滑相切，最初B、C均静止。一质量为m的小球A从距槽C顶端3R处自由落下后恰好滑入槽C,不计一切摩擦，则

图8

A.球A沿槽C下滑过程中，槽C对球A做负功

B.整个过程中球A、球B和槽C构成的系统动量守恒

C.球A第一次滑至槽C最低点过程中，球A水平向左位移为|R

D.球A与弹簧作用后，能够追上槽C

10.某同学以初速度见将垒球从A点抛出后，恰好以速度外垂直击中前方挡板上的B点，轨迹如图所示，已知几方向与挡板平

行，A、B两点的距离为3.2m。不计空气阻力，取g=l（hn/s2。则垒球从A到B过程（抛出后到碰撞前）中

4

图9

A.垒球机械能守恒

B.垒球动量变化量的方向竖直向下

C.垒球在B点时动能最小

D.垒球运动时间为0.8s

三、非选择题：共5小题，共57分。

11.（6分）在"测定玻璃的折射率"的实验中，在白纸上放好玻璃砖，然后画出玻璃砖与空气的两个界面aa，和bb"如图甲所

示。在玻璃砖的一侧插上两枚大头针P1和P2，用"+"表示大头针的位置，然后在另一侧透过玻璃砖观察，并依次插上大头针P3

和P4。

图10

（1）在插P3和P4时，应使P3挡住（选填"PJ、"P2"、"P1和P2"、"P1或「2"）的像，使&挡住（选填

叩2"、"P3"、"P1、「2和P3"、"Pl、P2或「3”）的像。

（2）用"插针法"找出与入射光线对应的折射光线，以入射点0为圆心作圆，与入射光线、折射光线分别交于A、B点，再过

A、B点作法线NM的垂线，垂足分别为C、D点，如图乙所示，则玻璃的折射率"（用图中线段的字母表示）。

（3）为了进一步提高测量准确度，请提出一条合理的改进建议：。

12.（10分）某人打算测量某一电源的电动势和内阻。

（1）小李同学先用多用电表粗测该电源的电动势。他先把选择开关旋转到直流电压10V挡正确操作测量时表盘指针如图所示,

其读数为V.

图11

（2）为了更准确地测量电动势和内阻，他在实验室中找到了电阻箱、电压表、定值电阻等相关器材，组成如图甲所示电路,

并进行实验。已知该电源允许通过的最大电流为40mA,图中电阻箱R的阻值范围为0~9999。0

n12

①电路中R。为保护电阻，实验室中备有以下几种规格的定值电阻，本实验中应选用，

A.20Q,125mA

B.150Q,30mA

C.200Q,80mA

D.500Q,5mA

②实验中通过调节电阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值R及相应的电压表示数U,根据测得的多组数据，作出93嬴图线,

如图乙所示，图线的纵轴截距为a,图线的斜率为k,则电源的电动势£=,内阻r=。

③若考虑到电压表内阻对实验的影响，则电源电动势的测量值比真实值（选填"偏大""偏小"或"不变"）。

13.（10分）智能机器人自动分拣快递包裹系统被赋予"惊艳世界的中国黑科技"称号。如图所示，智能机器人携带包裹从供包

台静止开始运动，抵达分拣口时，速度恰好减为零，翻转托盘使托盘倾角缓慢增大，直至包裹滑下，将包裹投入分拣口中。

某次分拣时，携带包裹的机器人沿倾角为a=8。的轨道从供包台静止开始运动到相距44m的分拣口处。在运行过程中包裹与托

盘保持相对静止。已知机器人加速过程的加速度为2m/s2,运行的最大速度为4m/s,机器人以最大速度匀速运动8s后，做匀

减速运动，并刚好停在分拣口。机器人运送包裹过程中可视为质点。

（1）若包裹与托盘的动摩擦因数为4=子,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在机器人到达分拣口处，要使得包裹能下滑,

托盘与车上表面的夹角最小是多少？

（2）机器人匀减速过程的加速度为多少？

14.（13分）某次滑板表演，在开始阶段，表演者在同一竖直平面内运动，可以把该场地简化为如图所示的凹形场地：两端是

；的光滑圆弧面，半径均为L,中间是长为4L的粗糙水平面。表演者M的质量（含滑板）为m,从光滑圆弧面的A处由静止

开始滑下，进入水平面后，与质量（含滑板）为1.2m且静止在水平面中点。处的表演者N碰撞，碰后M以碰前瞬间速度的

七反弹，在返回途中停在0B中点处，N最终也停在0B中点处，且M、N没有发生第二次碰撞。重力加速度为g。

（1）求M滑至圆弧末端B时对圆弧轨道的压力大小；

（2）求M与N碰撞后瞬间M、N的速度大小之比；

（3）假设M、N在粗糙水平面上运动时，所受阻力与压力的比分别为jkn（jk均未知），表演者的动作不影响自身的速

度，滑板的长度忽略不计。求四和k的数值（结果用分数表示）。

15.（18分）如图甲所示，垂直于纸面方向足够长的平行金属板M、N水平放置，板宽与板间距离均为d,M、N分别与一电

压可调的电源正负极相连。板间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为殳，板右侧空间有垂直纸面向里的有界匀强磁场

瓦（/未知，图中未画出），宽度为d。两板中心线左端点0有一粒子源，可以水平向右持续发射相同初速度的质量为m、

电量为q（q>0）的带电粒子，粒子在板间运动时间很短，每一个粒子在板间运动时均认为电压恒定，不计粒子重力及粒子

间的相互作用。

M—

xx

0一—0--------;

XX

N-N---：

甲

图15

(1)当UMN=O时，粒子打在上板中央位置，要使所有粒子在板间做直线运动，求UMN；

(2)撤去板间磁场，要使所有粒子均能进入右侧磁场且不从右边界穿出磁场，求(UMN的最大值及右侧磁场&的最小值；

(3)撤去板间磁场后，在M板上方加一竖直向上的匀强磁场外(如图乙)，若嘿2UMN2嘿，&=8。，B2=2B0,求

粒子打在M板上的痕迹长度So

物理参考答案

选择题：共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小

题4分；第8To题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的给5分，选对但不全的给3分，有

选错的给。分。

题号12345678910

答案CBCACCDBCACDABD

【解析】

4.由于电子恰好做匀速圆周运动，则电场力与磁场I的洛伦兹力平衡，磁场II的洛伦兹力提供向心力，

方向指向圆心，故C错误。根据电子沿顺时方向运动及左手定则可知磁场n垂直圆环平面向里，故A

正确。根据左手定则可判断磁场I的洛伦兹力向里，则电子受到的电场力向外，电场方向向里，故B

错误。洛伦兹力永不做功，故D错误。

5.根据电场叠加可知CO线上的合场强方向均水平向右且沿CO方向变大，故B错误。由题可知，电荷受

到的合力应指向CO方向，则外力应指向左下方，与CO方向夹角为。，大小为图-,故A错误。由

sin。

题可知，sin。不变，巨变大，心=旦，心变大，加速度变大，故C正确。电场力与运动方向始终

口tan。

垂直，电场力不做功，电势能不变（或CO为等势面），故D错误。

6.第一阶段，橡皮擦与纸板相对滑动，。皮=〃1g=lm/s2,々〃Mg+〃2（〃2+〃2）g

m

=5m/s2,故A错误。。相同时，％-〃板口，二〃皮口/,得/=—m/s,兀皮］皮=」-m,

66272

0+。7113公

=-4—u?=—m'得'=旗1-x皮।=不m，。=必〃际口%=不而J。第二阶段，由于〃1＜外，所

以。相同后，仍相对滑动，故B错误。橡皮擦和纸板都匀减速，。工=〃|g=lm/s2,

12

,+/dxmg_2vv,B1由，，/

%==3m/s,x板2=丁「%皮2=丁得无2=无皮2一％板2，因无2＜%＜不，

tn2a板2a皮1（Jo2

故橡皮擦未滑离纸板，故C正确。由于第二阶段也有产热，故D错误。

7.当行星与地球连线，与行星轨道圆相切时，6最大,此时生=sin。，故A错误。根据开普勒第三定律

r

*k,推出T正比于犷，得周期之比为故B错误。当行星再次处于最佳观察时期，行星

物理参考答案•第1页（共5页）

与地球连线再次与行星轨道圆相切，两次最短时间间隔过程中，行星相对地球多走的角度为口-2。，

根据公式焉-虱=口-2。，及。=oX,®=—,得/年,故c错误。两相切时刻，

T2n（1—而万）

角度差也可能为n+20,故D正确。

8.若无磁损，则以=坐，可得%=110匝，但由于此题有磁损，故A错误。变压器原副线圈中交变电

流频率相同，故B正确。题中6V为接收线圈的有效值，则最大值为有效值的血倍，故C正确。由于

交流电大小方向不断变化，使得接收线圈中的磁通量大小方向不断变化，接收线圈不断有靠近远离交

替变化的趋势，故D错误。

9.球A沿槽C下滑过程中，槽C动能增加，球A机械能减少，槽C提供的支持力对球A做负功，故A正

确。由于系统竖直方向合外力不为零，水平方向合外力为零，所以只有水平方向动量守恒，故B错

误。根据“人船模型”物体运动的位移与其质量成反比，得故C正确。球A与槽C水平方

43

向动量守恒，得%=工。A，球A与球B弹性碰撞后，得丝二网口私=2%,由于2%>%,故D

2m+5m33

正确。

10.垒球在空中只有重力做功，机械能守恒，故A正确。垒球在空中只受重力的冲量，方向竖直向下，则

动量变化量方向竖直向下，故B正确。斜抛运动在最高点时只有水平速度，动能最小，故C错误。由

题可知，\v=gt,竖直向下，又/J_%,得若+5=（gf）2,将位移沿外及5方向分解，一方向

由。。减至0,另一方向加至%,则用平均速度公式，得（?口4=AB2,联立得f=0.8s,

故D正确。

非选择题：共5小题，共57分。

II.（除特殊标注外，每空2分，共6分）

（1）马和尸2（1分）尸1、尸2和尸3（1分）

（2）任

BD

（3）选用较细的大头针；同侧大头针间距稍大一些；选用两光学表面间距大的玻璃砖等

12.（每空2分，共10分）

（1）8.9

（2）①C②LA③偏小

aa

13.（10分）

物理参考答案•第2页（共5页）

解：(1)包裹刚好能下滑，则〃sgcos(e+a)=mgsin(e+a):①

解得6=22。

即夹角最小值为夕=22°②

(2)匀加速过程，由《=2弓尤]③

得匀加速位移％=4m④

匀速位移％==32m⑤

则匀减速位移无3=乙-尤1-%=8m(6)

由o：=2a3x3，得匀减速加速度%=Im/s?⑦

评分标准：本题共10分。正确得出①、②、⑦式各给2分，其余各式各给1分。

14.(13分)

解：(1)M滑至圆弧末端的过程，由动能定理得根gL=1■根I?①

2

M滑至圆弧末端，根据牛顿第二定律，有歹_〃织=相'②

L

联立可得M滑至圆弧末端B时受到的支持力大小F=3mg

由牛顿第三定律得压力F=3〃zg③

(2)设M与N碰撞前的速度为小,碰撞后，M反弹的速度大小为。”，N获得的速度大小为。心取水

平向右为正方向，根据动量守恒定律可得

mv0=m(-vM)+\.2mvN④

根据题意可得加=*

联立可得狐=£。。⑤

则.⑥

VN40

(3)对从A点滑下到碰前瞬间，能量守恒得

mgL=jumglL+—口小。；⑦

对从碰后到停止运动过程，能量守恒得

^mgL=-Qm^—v0]⑧

物理参考答案•第3页(共5页)

1

联立解得⑨

227

对M从碰后到停止运动过程，能量守恒得

k/uni.2mgD5£=；口1.2”—z?0j⑩

联立解得太=当⑪

9

评分标准：本题共13分。正确得出④、⑩式各给2分，其余各式各给1分。

15.（18分）

解：（1）粒子打在上板中央位置，r=-①

2

qu°Bo=m—②

r

粒子做直线运动，q^=qv0B0③

a

联立可得UMN=*~④

2m

（2）当粒子恰好沿下板右端点射出时

水平方向：d=vot⑤

竖直方向：-=-Q^Lnt2⑥

22md

联立可得。顺=^^⑦