2022-2023学年河南省信阳某中学高一（上）月考物理试卷（12月份）（附答案详解）

2022-2023学年河南省信阳高级中学高一（上）月考物理试卷（12

月份）

1.如图所示为G5065高铁由南昌西到厦门北的路线图，期间运行5小时20分钟，全程约682

公里，下列说法正确的是（）

A.在研究G5065通过某高架桥的时间时可以将列车看成质点

B.时间是国际单位制中力学三个基本物理量之一

C.5小时20分钟表示的是时刻

D.根据这两个数据，可以估算出此次行程的平均速度的大小

2.如图所示为某工地的自动卸货车，当车厢与水平方向的夹角为a时，工件沿车厢匀速下滑。

已知工件的质量为相，重力加速度为g。则下列说法正确的是（）

A.下滑的工件受四个力的作用

B.下滑的工件对车厢的压力大小为mgsina

C.工件与车厢间的动摩擦因数为tana

D.车厢对下滑工件的作用力垂直车厢斜向上

3.如图所示的斜面和水平面平滑连接，将滑块从斜面上固定点O由静止释放，当在水平面

上分别放置毛巾、木板、玻璃时，滑块静止时的位置分别为位置1、2、3,通过实验现象能

直接说明（）

A.如果水平面光滑，物体将一直运动下去B.没有外力的作用，物体就不会运动

C.物体的加速度是由外力产生的D.物体所受的外力越大，加速度越大

4.如图所示，舰载机借助弹射装置瞬间获得一个初速度为,然后以最大的加速度a做匀加

速直线运动，到跑道末端时正好成功起飞。已知整个起飞过程的平均速度大小为4%,则航母

跑道的长度为（）

ABCD

・aaaa

5.如图所示，轻杆一端与竖直墙上的银链连接，另一端固定一小球（视为质点），轻绳一端与

墙面连接，另一端与小球连接，稳定时轻绳伸直。已知ab：be：ca=5：4：3,轻杆的作用

力与轻绳的拉力大小之差为凡重力加速度为g,则小球的质量为（）

A.

B.

C.

D.

6.某实验小组的同学为了模拟卫星的发射，自制了一个小火箭，小火箭升空后的u-t图像

如图所示。假设空气的阻力以及小火箭的推力大小恒定不变，6s未推力消失，重力加速度取

g=10m/s2«下列说法正确的是（）

A.第6s末小火箭到达最高点

B.0-6s与6s〜6.6s的平均速度之比为2：3

C.小火箭上升的最大高度为66〃？

D.小火箭的推力与重力之比为11：6

7.小明将行李箱放在火车的水平地板上，已知行李箱的质量为〃?，行李箱与地板之间的动

摩擦因数为”，重力加速度为g,假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，火车始终在水平面内沿

直线行驶，整个过程中行李箱始终与火车保持相对静止。则下列说法正确的是（）

A.火车未启动时，地板对行李箱的作用力大于行李箱的重力

B.火车启动过程中，行李箱所受的摩擦力方向与火车的启动方向相反

C.火车匀速行驶时，行李箱所受的摩擦力大小为

D.火车减速进站时，地板对行李箱的作用力最大为JT*mg

8.如图所示的粗糙水平面上放置两相同材料制成的质量均为，”的物体，两物体间用一质量

不计的轻绳拴接在一起，现在物体A上施加一水平向右的外力F使两物体共同向右做匀加速

直线运动，假设轻绳始终不断。下列说法正确的是（）

A.仅将外力加倍，则两物体的加速度加倍

B.仅将两物体的质量减半，则两物体的加速度加倍

C.仅将3的质量减半，则轻绳的拉力变为原来的

D.两物体的质量和外力同时减半，则轻绳的拉力减半

9.如图所示，1、2、3、4四小球均由静止开始沿着光滑的斜面从顶端运动到底端，其运动

时间分别为口、，2、t3、Q。已知竖直固定的圆环的半径为「，。为圆心，固定在水平面上的

斜面水平底端的长度为遮r,重力加速度为g,下列说法正确的是（）

A.匕KI?B.t3=t4C.D.

10.一物体从空中足够高的某位置以竖直向上的速度v抛出，经过时间t（大小未知）物体的速

度大小为初速度的2倍，忽略空气阻力，重力加速度为g。则下列说法正确的是（）

B.物体的平均速率为

C.物体的位移大小为D.再经时间r,物体的速度大小为5V

11.晓宇同学利用了如图所示的实验装置探究了合力与分力的关系，将两个细绳套8、C与

橡皮筋拴接在。点。

（1）下列选项中对该实验理解正确的是o

人实验时04段可以替换为细绳

比用一个弹簧秤拉橡皮筋时应将。点拉到同一位置

C.弹簧秤没必要与木板平行

（2）开始两弹簧秤垂直，现保持。点的位置以及弹簧秤B的方向不变，将C沿逆时针方向转

过一个小角度，则弹簧秤8的示数（填“变大”“不变”或“变小”）。

（3）实验时如果仅有一个弹簧秤，为了完成实验，应至少拉橡皮筋次。

12.某同学利用了如图甲所示的实验装置完成了“探究加速度与外力、质量的关系”实验。

(1)关于对该实验的理解，下列正确的是。

A.该实验的思想采用了控制变量法

8.实验时应先释放小车再接通打点计时器的电源

C.细绳的拉力尸近似等于沙桶的重力，则应使小车的质量远远大于沙和沙桶的总质量

/).平衡摩擦力时，应挂上沙桶并将纸带穿过打点计时器

(2)某次操作得到的纸带如图乙所示，图中的点为相邻的计数点，且相邻两计数点间有4个点

未画出，已知打点计时器的打点频率为了，则小车的加速度为a=(用已知量和图中的量

表示)。

(3)保持小车的质量不变，反复改变沙桶的质量，并根据得到的实验数据描绘出如图丙所示的

图像，该图线不过原点的原因是(表述合理即可给分)；小车的质量应m=g。

13.一辆汽车在平直的道路上以v=108km"的速度行驶，突然发现正前方x=1506处有

一险情，司机立即刹车，已知汽车与路面的之间的动摩擦因数为〃1=0.25,经过一段时间，

汽车驶入第二段路面，汽车与这段路面间的动摩擦因数为%=0.4,结果汽车刚好到达险情

发生处停止运动，重力加速度取g=10m/s2。求：

(1)汽车刚驶入第二段路面时，汽车速度的大小；

(2)汽车做减速运动的总时间。

14.如图甲所示，一足够长的粗糙斜面体倾角为a=30。，质量为1kg的物体由斜面体

上的。点开始以一定的初速度几沿斜面体向上运动，同时在物体上施加一沿斜面体向下的恒

力尸，此时刻计为t=0时刻，2s末将恒力厂撤走，物体的速度随时间变化的规律如图乙所示.

重力加速度取g=l(hn/s2。物体可视为质点，求：

(1)恒力F和物体与斜面体之间的动摩擦因数〃的大小；

(2)t=5s时物体到。点的距离沏。

15.如图所示，倾角为a=37。的斜面体固定在水平面上，将质量为mp=5kg的物体P单独

放在斜面体上时刚好静止。现用一细绳拴接在物体P上，跨过斜面体顶端的光滑定滑轮与轻

弹簧以及另一段细绳栓接于。点，将另一物体。栓接在该细绳的下端，系统静止时轻弹簧沿

水平方向，且伸长量为x=4cm,拴接物体尸的细绳与斜面体平行，滑轮左侧的细绳与竖直

方向的夹角为夕=53。。已知轻弹簧的劲度系数/c=500N/m,sin37。=0.6,cos37°=0.8,

重力加速度取g=10m/s2o求：

(1)物体。的质量相。以及物体月所受的摩擦力；

(2)将轻弹簧换成等长的细绳，其他条件保持不变，改变物体。的质量，欲使物体P始终静

止，物体。质量的取值范围。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、在研究G5065通过某高架桥的时间时，高铁的大小和形状不可以忽略不计，故

不可以将列车看成质点，故A错误；

8、时间是国际单位制中力学三个基本物理量之一，故8正确；

C、5小时20分钟表示的是时间间隔，故C错误；

。、平均速度为位移与时间的比值，由于不知道南昌西到厦门北的位移大小，所以不可以估算出

此次行程的平均速度的大小，故。错误。

故选：B。

当物体的大小和形状在所研究的问题中可以忽略时可以看作质点；明确时间和时刻的定义，知道

时间间隔对应一个过程，而时刻对应一个瞬间；时间是国际单位制中力学三个基本物理量之一；

平均速度为位移与时间的比值。

本题以南昌西到厦门北的路线图为背景，考查时刻、质点、平均速度等，对于物理学中相近知识

点要注意准确理解，掌握它们的区别和联系。

2.【答案】C

【解析】解：A、匀速下滑的工件受到重力,"g,支持力N和摩擦力/三个力的作用，其受力分析

B、根据平衡条件可得下滑的工件所受的支持力N=/ngcosa,根据牛顿第三定律可知下滑的工件

对车厢的压力大小为mgcosa,故B错误；

C、根据平衡条件可得/=mgsina,另据滑动摩擦力公式/=“N,联立解得〃=tana,故C正确：

。、根据平衡条件可知车厢对下滑工件的作用力即支持力N和摩擦力/的合力方向与重力等大反向

共线，即竖直向上，故力错误。

故选：Co

当工件匀速下滑时处于平衡状态，对工件进行受力分析，根据相互作用力关系和平衡条件处理力

学问题。

本题主要考查了平衡条件的应用和第三定律的应用，要求同学们能正确对物体进行受力分析，难

度适中。

3.【答案】A

【解析】解：由题意可知，当在水平面上分别放置毛巾、木板、玻璃时，滑块静止时的位置分别

为位置1、2、3,可知摩擦力越小，则滑块滚的越远，由此得出的结论是：如果水平面光滑，则

滑块将沿着水平面一直运动下去;此实验不能说明加速度的大小与合外力大小的关系，故A正确、

BCC错误。

故选：Ao

根据实验现象可知摩擦力越小，则滑块滑的越远，合理外推得到结论是：如果水平面光滑，滑块

将沿着水平面一直运动下去，由此分析。

本题主要是考查牛顿运动定律，关键是弄清楚该实验的实验目的，能够根据实验现象合理外推得

到结论。

4.【答案】B

【解析】解：设起飞时的速度大小为心根据匀变速直线运动的规律可得：4v0=

解得：v=7v0

根据速度-位移关系可得：卢一诏=2aX

解得：％=出，故B正确、ACO错误。

a

故选：B。

根据匀变速直线运动的规律求解起飞时的速度大小，再根据速度-位移关系求解位移。

在解答匀变速直线运动一类题目时，注意公式的合理选取，如果涉及时间一般采用速度-时间关系

和位移-时间关系公式解答，如果不涉及时间，一般采用速度-位移关系公式解答。

5.【答案】C

【解析】解：小球C受重力、轻绳的拉力弓、轻杆的弹力殳三个力的作用而平衡，如图所示：

根据力的矢量三角形与△abc相似可得反：Fb：mg=ac：be：ab

解得轻绳的拉力大小为，轻杆的作用力大小为，且有凡-七=F

解得小球C的质量m=，故ABO错误，C正确；

故选：Co

首先对球受力分析，受重力、轻绳的拉力、轻杆的弹力，根据力的矢量三角形与几何三角形的相

似性分析解答。

本题考查相似性的应用，关键是作出受力分析，注意寻找相似关系。

6.【答案】D

【解析】解：AC,火箭上升的最大高度等于运动过程中的最大位移大小，由图可知当速度等于零

时，位移最大，火箭达到最高点，即第6.6s末火箭达到最高点，图像面积表示位移，则最大高度

为九=m=33m,故AC错误；

B、小火箭0〜6s与6s~6.6s时间内做匀变速直线运动，根据可知，。〜6s与6s~6.6s的平均速

度之比为1：1,故8错误；

D、u-t图像斜率表示加速度，则

加速阶段加速度：％=

减速阶段加速度：。2=

根据牛顿第二定律得

F-Fa-mg=mar

—F阻-mg=ma2

联立解得：F—mg

则小火箭的推力与重力之比为11：6,故。正确；

故选：Do

在“-t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，

速度的方向表示物体的运动方向：u-t图像面积表位移；根据牛顿第二定律列式可求推力和重力

之比。

本题是u-t图象和牛顿第二定律的应用，要明确斜率的含义，同时也要知道在u-t图象中图象与

坐标轴围成的面积的含义。

7.【答案】D

【解析】解：人火车未启动时，行李箱处于静止状态，则由力的平衡条件可知地板对行李箱的作

用力等于行李箱的重力，故A错误；

8、火车启动过程中，行李箱的加速度与火车的加速度相同，则行李箱所受的摩擦力与火车的加速

度方向相同，故8错误；

C、火车匀速行驶时，行李箱处于平衡状态，则行李箱的摩擦力为零，故C错误；

。、火车减速进站时，行李箱受重力，支持力、与运动方向相反的静摩擦力，又静摩擦力的大小

最大等于最大静摩擦力篇=〃mg,则地板对行李箱的作用力最大值为：F=J第+(mg/=

+gmg,故D正确。

故选：D。

火车未启动时或火车匀速行驶时，由力的平衡条件进行分析;火车启动过程中或火车减速进站时，

根据受力情况结合牛顿第二定律、力的合成进行分析。

本题主要是考查牛顿第二定律和共点力的平衡，解答本题的关键是弄清楚行李箱的受力情况，结

合共点力的平衡或牛顿第二定律进行分析。

8.【答案】D

【解析】解：设摩擦因数为四，对A8整体由牛顿第二定律得：F—n2mg=2ma,对B由牛顿第

二定律得：T—(img=ma,

联立解得T=,a=,

4、当尸加倍，根据加速度的表达式可知两物体的加速度不可能加倍，故4错误；

8、仅将两物体的质量加倍，根据以上分析的加速度表达式可知两物体的加速度也不可能加倍，故

8错误；

CD、根据以上分析的轻绳拉力表达式可知，轻绳拉力大小仅与外力F有关，故C错误，。正确。

故选：Do

对整体利用牛顿第二定律，然后隔离8对其牛顿第二定律即可求解。

本题考查连接体问题，注意研究对象的灵活选取以及隔离的原则。

9.【答案】BC

【解析】解：1轨道长：Xi=2rcos300=V3r,根据牛顿第二定律可得加速度大小为：的=

gsin(9(T-3(T)=^g

根据位移-时间关系可得：%!=%片

联立解得：；

2轨道长：x2=2rcos600=r,根据牛顿第二定律可得加速度大小为：

根据位移-时间关系可得：x2=a2tj

联立解得：：

3轨道长：，据牛顿第二定律可得加速度大小为：=gsin60。=苧g

根据位移-时间关系可得：x3=a3tj

联立解得：=2近

4轨道长，据牛顿第二定律可得加速度大小为：

根据位移-时间关系可得：x4=

联立解得：t4=2或。

A、由上可知：％=,故4错误；

B、由上可知：t3=t4=2V2,故8正确；

C、由上可知：，故C正确；

D、由上可知：打一名=0，故。错误。

故选：BC。

根据几何关系分别求出四种情况下轨道的长度，再根据牛顿第二定律求解加速度大小，最后由位

移-时间关系求解时间，再逐项分析。

对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定

律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答：知道加速度是联系力和运动的桥

梁。

10.【答案】BD

【解析】解：A、以竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动为加速度向下的匀变速直线运动，经过

时间t（大小未知）物体的速度大小为初速度的2倍，则物体处于下降状态，速度为-2%时间t==

,故A错误；

C、物体的上升过程的位移大小为乙=

下降过程的位移大小为小==

物体的位移大小为X=0一=-=

故c错误；

B、物体的路程为S=X]+%2=+=

物体的平均速率为===V

故8正确；

。、再经时间物体的速度大小为=2。+gt=2u+g=5"

故。正确；

故选：BDo

小球做竖直上抛运动，根据速度-时间关系求解时间；根据位移-时间关系求解小球的上升过程和

下降过程的距离，两段距离之和为小球的路程，两段距离之差为小球的位移；路程与时间的比值

为平均速度；根据速度-时间关系求解物体的速度。

本题主要是考查竖直上抛运动，解答本题的关键是知道竖直上抛运动可以分段看作竖直向上的减

速运动和竖直向下的自由落体运动，能够根据运动学的计算公式进行解答.

11.【答案】B变大三

【解析】解：(1)4、因为细绳弹性较差，不能很好体现0A段在拉力作用时的形变量，0A段不可

以替换为细绳，故4错误；

8、为了保证分力和合力的关系，用一个弹簧秤拉橡皮筋时应将。点拉到同一位置，故8正确；

C、拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板面平行，这样测得的弹力较准确，

故C错误；

故选：B；

(2)两弹簧秤的合力大小等于橡皮筋的拉力，。点的位置不变，橡皮筋的拉力不变，如图所示

当弹簧秤C沿逆时针方向转过一个小角度后，两弹簧秤的示数均变大；

(3)实验时如果仅有弹簧秤B,将弹簧秤套在左侧的细绳套上，将结点。拉到一定位置，记录弹簧

秤的示数以及从C的方向；将弹簧秤套在右侧的细绳套上，保持两侧细绳的方向与第一次一致，

将结点0拉到同一位置，记录弹簧秤的示数；第三次用弹簧秤拉一个细绳套，使结点。拉到同一

位置，以前两次的力为邻边画出平行四边形，将对角线与第三次的力进行比较即可。

故答案为：(1)B；(2)变大；(3)三。

(1)该实验采用了“等效法”，探究合力与分力的关系，为了产生相同的效果，要求把橡皮筋拉伸

到相同位置；根据实验的原理确定各个步骤是否正确；

(2)根据平行四边形定则，分析两个分力的大小如何变化；

(3)根据实验步骤分析。

解决该题的关键是掌握实验的实验目的、实验原理和实验的注意事项，知道实验中等效替代法的

原理，会分析结点不变时，分力的变化情况。

12.【答案】AC木板的倾角过大或重力沿着斜面的分力大于摩擦力200

【解析】解：(1)4该实验的思想采用了控制变量法，探究加速度与外力关系时，应保持小车质量

不变，在探究加速度与质量关系时，应保持小车所受外力不变，故A正确；

8.实验时应先接通打点计时器的电源，再释放小车，故B错误；

C根据牛顿第二定律可知，为了使细绳的拉力尸近似等于沙桶的重力，则应使小车的质量远远大

于沙和沙桶的总质量，故C正确；

。.平衡摩擦力时，纸带应该穿过打点计时器，但不应挂上沙桶，使小车沿木板的重力的分力等于

小车所受阻力，故。错误。

故选：AC.

(2)相邻的计数点的时间间隔，根据“逐差法”，小车的加速度

(3)当外力F为零时，加速度不为零，说明重力沿着斜面的分力大于摩擦力，这是由于木板的倾角

过大造成的；

根据牛顿第二定律F+F0=Ma

得

可见a-F图像斜率等于小车质量的倒数

图像的斜率为

所以小车质量

故答案为：(1)4C；(2)；(3)木板的倾角过大;200o

(1)“探究加速度与外力、质量的关系”实验采用了“控制变量法”；为了保证实验顺利进行，应

先接通电源再释放小车；实验中用砂桶的质量代替小车的合力，应该使小车质量远大于小盘(包括

盘中的祛码)质量；根据平衡摩擦力的原理作答；

(2)根据“逐差法”加速度；

(3)平衡摩擦力过大，为施加外力，就具有了加速度，根据牛顿第二定律求得质量。

解决实验的关键是要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项.

13.【答案】解：(1)汽车在第一段路面减速运动时的加速度大小为由,根据牛顿第二定律可得：

“izng=max

代入数据解得：=2.5m/s2

汽车在第二段路面减速运动时的加速度大小为a2,根据牛顿第二定律可得：ii2mg=ma2

2

代入数据解得：a2=4m/s

在第二阶段减速运动的初速度大小为v,根据速度-位移关系可得：%=年+,其中%=

2cli

108fcm/h=30m/s

代入数据解得：v=20m/s；

(2)汽车做减速运动的总时间：t=+=s+s=9s。

答：(1)汽车刚驶入第二段路面时，汽车速度的大小为2Chn/s；

(2)汽车做减速运动的总时间为9s。

【解析】(1)根据牛顿第二定律求解汽车在第一段、第二段路面减速运动时的加速度大小，根据速

度-位移关系进行解答；

(2)根据速度-时间关系求解汽车做减速运动的总时间。

对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定

律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系力和运动的桥

梁。

14.【答案】解：（1）当物体沿斜面上滑时，物体受力情况如图所示:

沿斜面方向根据牛顿第二定律可得：/+/+mgsina=

其中摩擦力/=47ngeosa

根据〃一t图象可知加速度大小为：Qi==m/s2=10m/s2

当物体沿斜面下滑时，物体受力情况如图所示：

沿斜面方向根据牛顿第二定律可得：F+mgsina-f=ma2

其中摩擦力/=fimgcosa

22

根据u-t图象可知加速度大小为：a2==m/s=4m/s

联立以上各式解得：F=2N,〃=?；

（2）t=0.8s时物体上滑位移为：xr=m=3.2m

从0.8s到2s中物体从最高点下滑距离：x2=m=2.88m

2s后物体的加速度大小为：a3=gsina-“gcosa

2

代入数据解得：a3=2m/s

再经过£'=5s-2s=3s时的位移大小为：%3=/'+，其中“2=4.8m/s

代入数据解得：%3=23.4m

t=5s时物体到O点的距离％o=工2+%3-=2m+23.4m—3.2m=22.2m。

答：（1）恒力为2M物体与斜面体之间的动摩擦因数〃的大小为噂；

（2）t=5s时物体到。点的距离为22.2m。

【解析】（1）当物体沿斜面上滑时，根据牛顿第二定律列方程，再根据u-t图象求解加速度大小;

当物体沿斜面下滑时，根据牛顿第二定律列方程，根据t图象求解加速度大小，联立求解即可；

(2)根据u-溷象求解”0.8s时物体上滑位移、从0.8s至IJ2s内物体从最高点下滑距离；根据牛顿

第二定律求解2s后物体的加速度大小，再根据位移-时间关系求解撤去拉力后运动的距离，由此

得到t=