2024届高考押题预测物理试卷01（广东专用）（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE7决胜2024高考物理押题预测卷01（广东专用）一、单选题1．图中的（a）、（b）、（c）、（d）四幅图涉及不同的原子物理知识，其中说法正确的是（

）A．根据图（a）所示的三种射线在磁场中的轨迹，可以判断出“1”为射线B．如图（b）所示，发生光电效应时，入射光光强越强，光电子的最大初动能越大C．玻尔通过图（c）所示的粒子散射实验，揭示了原子核还可以再分D．利用图（d）所示的氢原子能级示意图，可以解释氢原子光谱为何不是连续光谱〖答案〗DA．图（a）所示放射源射出的三种射线在磁场中运动轨迹不同，射线带正电，根据左手定则判断出射线1为射线，故A错误；B．如图（b）所示，发生光电效应时，根据光电效应方程可知入射光频率越大，光电子的最大初动能也就越大，与入射光的强度无关，故B错误；C．卢瑟福通过图（c）所示在α粒子散射实验的基础上，提出了原子核式结构模型，故C错误；D．利用图（d）所示的氢原子能级示意图，玻尔将量子观念引入原子领域，并能够解释氢原子的光谱特征，氢原子能级是分立的，光谱也是分立的，故D正确。故选D。2．练习钢琴和音乐课上常用到的一款节拍器，如图节拍器中有⼀摆杆，摆杆在标度尺左右摆动，有规律的发出节拍声。其中标度尺标出摆振动时每分钟发出的节拍声次数（n），摆杆上有⼀个可上下移动的摆锤。摆锤位置所对标尺数，就表⽰该摆每分钟振动的节拍数（⼀次全振动有两次节拍数），由此可算出摆的振动周期（T）。改变摆锤的位置就可以改变它的振动周期。下列说法正确的是（）A．节拍器上数值虽不清晰，但摆锤位置上移时摆动的频率变大B．摆锤上下移动时即使在不同的位置，发出的声音声速都相同C．音乐教室有两个相同节拍器，同时工作能听到类似音叉的共振现象D．声波、水波和光波一样，波传播方向和振动方向相类似，都是横波〖答案〗BA．摆锤位置上移，其每分钟发出的节拍声次数减少，由可知，周期变大，根据周期与频率的关系可知，其频率变小，故A错误；B．声波在同一种介质中传播的速度相同，故B正确；C．当驱动力的频率等于固有频率时，物体做受迫运动的振幅达到最大值，这种现象称为共振。所以音乐教室有两个相同节拍器，同时工作不属于共振现象，故C错误；D．声波是纵波，不是横波，故D错误。故选B。3．如图甲所示为磁电式电流表的结构图，图乙为内部结构示意图，在极靴和铁质圆柱间存在磁场，电流通过电表接线柱流入线圈，在安培力作用下发生偏转，与螺旋弹簧的反向作用平衡后，指针指示电流大小。下列说法正确的是（）A．铁质圆柱将磁场屏蔽，内部没有磁场B．线圈所处位置是匀强磁场C．若更换更强的磁场，将增大电流表的量程D．运输过程中把电表正负接线柱用导线相连可减缓表针摆动幅度〖答案〗DA．铁质圆柱没有将磁场屏蔽，内部有磁场，故A错误；B．磁场是均匀地辐向分布，线圈转动过程中各个位置的磁感应强度的大小不变，故B错误；C．若更换更强的磁场，安培力增大，但不会增大电流表的量程，故C错误；D．运输过程中把电表正负接线柱用导线相连，电流表短路，指针摆动时产生感应电流，感应电流受到安培力作用，可减缓表针摆动幅度，故D正确。故选D。4．某兴趣小组模拟避雷针周围电场的等势面分布如图所示，相邻等势面间的电势差相等。A、B、C、D、E为电场空间中的五个点，其中C、D两点关于避雷针对称，一电子（质量为m）仅在电场力作用下从A点静止释放，运动到C点时速度为v，下列说法正确的是（）A．A点的电势高于E点的电势B．电场中C、D两点的电场强度相同C．若电子能经过B点，则到B点时的速度为D．电子在A点时的加速度大于在C点时的加速度〖答案〗CA．电子从A点静止释放，仅在电场力作用下运动到C点，可知电子受到的电场力大致向下，则电场线方向大致向上，根据沿电场线电势降低，可知A点的电势小于E点的电势，故A错误；B．电场线与等势面垂直，根据对称性可知电场中C、D两点的电场强度大小相同，方向不同，故B错误；C．设相邻两等势面间的电势差为，从A到C，根据动能定理有从A到B，根据动能定理有可得B点时的速度为故C正确；D．等势面越密，电场强度越大，C点处等势面较密，故电子在A点时的加速度小于在C点时的加速度，故D错误。故选C。5．如图是某小型水电站进行电能输送时的简化模型。发电机的输出功率，发电机的电压，经升压变压器后向远处输电，输电线总电阻，在用户端用降压变压器把电压降为。已知输电线上损失的功率，假设两个变压器均是理想变压器，下列说法正确的是（）A．发电机输出的电流B．升压变压器匝数比C．降压变压器的匝数比D．当水电站输出电压一定时，若用电用户增多，则减小〖答案〗CA．由功率可得发电机输出的电流为故A错误；B．由输电线上损失的功率可得根据变压器电流与匝数关系可得升压变压器匝数比为故B错误；C．根据变压器电压与匝数关系可得可得升压变压器副线圈的输出电压为输电线上损失的电压为则降压变压器原线圈的输入电压为根据变压器电压与匝数关系可得降压变压器的匝数比为故C正确；D．用户数量增多时，用户端的等效电阻为用户数量增多时，减小，则输电线上的电流增大，也增大，故D错误。6．如图所示，两根金属丝、由电阻率均为的材料制成，横截面均为圆形、粗细均匀，将它们并联后接在电路、间。已知金属丝的长度为、直径为，金属丝的长度为、直径为，则下列说法中正确的是（）

A．金属丝、的电阻相等B．相同时间内通过金属丝、横截面积的电荷量相等C．金属丝、内电子定向移动的速度之比为D．间的电阻为〖答案〗CA．根据则则金属丝、的电阻不相等，选项A错误；B．两电阻不等，则电流不等，根据并联电路的电流关系可知根据q=It可知相同时间内通过金属丝、横截面积的电荷量不相等，选项B错误；C．根据解得金属丝、内电子定向移动的速度之比为选项C正确；D．因则间的电阻为选项D错误。故选C。7．我国计划在2030年前实现载人登陆月球开展科学探索，其后将探索建造月球科研试验站，开展系统、连续的月球探测和相关技术试验验证。假设质量为m的飞船到达月球时，在距离月面的高度等于月球半径的处先绕着月球表面做匀速圆周运动，其周期为，已知月球的自转周期为，月球的半径为R，引力常量为G，下列说法正确的是（

）A．月球的第一宇宙速度为B．月球两极的重力加速度为C．当飞船停在月球纬度的区域时，其自转向心加速度为D．当飞船停在月球赤道的水平面上时，受到的支持力为〖答案〗DA．设月球的质量为M，飞船距离月面的高度等于月球半径的处先绕着月球表面做匀速圆周运动时，根据万有引力提供向心力有设月球的第一宇宙速度为v1，则有解得故A错误；B．在月球两极表面时，根据万有引力等于重力有解得月球两极的重力加速度为故B错误；C．当飞船停在月球纬度60°的区域时，自转半径为自转向心加速度为故C错误。D．当飞船停在月球赤道的水平面上，设水平面对其支持力大小为F，对飞船受力分析，由牛顿第二定律可得解得故D正确。故选D。二、多选题8．航天服是保障航天员的生命活动和正常工作的个人密闭装备，可防护空间的真空、高低温、太阳辐射和微流星等环境因素对人体的危害。航天员穿着航天服，从地面到达太空时内部气体将急剧膨胀，若航天服内气体的温度不变，视为理想气体并将航天服视为封闭系统。则关于航天服内的气体，下列说法正确的是（

）A．体积增大，内能减小 B．压强减小，内能不变C．对外界做功，吸收热量 D．压强减小，分子平均动能增大〖答案〗BC由于航天服内气体视为理想气体，温度决定内能，温度不变，内能不变，温度是分子热运动平均动能的标志，故分子平均动能也不变。由于航天服内气体体积增大，气体对外界做功，温度不变，由热力学第一定律可知由于，，则，所以航天服内气体将吸收热量，又由等温变化有可知体积变大，则压强减小。综上所述，故BC正确，AD错误。故选BC。9．如图所示是小齐同学设计的一个能够测量电流的装置，其上部是一根粗细均匀横截面积为S的竖直细管，下部是一截面为正方形（边长为L）的容器。该容器左右两壁为导体，其他各面是绝缘的，其底部与大气相通。容器内有一个正方形的金属活塞，其边长也为L，可在容器内无摩擦滑动。活塞下面有一轻质弹簧支撑着，已知弹簧的劲度系数为k，活塞上部充有密度为ρ的绝缘油（测量过程中细管内始终有绝缘油）。容器的左右两壁与一电路连接，整个装置放在水平向里、磁感应强度为B的匀强磁场中。电键K闭合前，活塞处于静止状态，重力加速度为g，弹簧始终处于弹性限度内，则（）A．闭合电键K后，竖直细管中油柱的上表面会向上移动B．闭合电键K后，竖直细管中油柱的上表面会向下移动C．若油柱稳定后上表面变化的高度为x，则回路中的电流为D．若油柱稳定后上表面变化的高度为x，则回路中的电流为〖答案〗BCAB．闭合电键K前，活塞受到重力、弹簧的弹力和液体的压强产生的压力，设这时液体的高度为h0，弹簧的弹力为F0，由受力平衡得

闭合电键K后，电流的方向从右向左，根据左手定则可以判定安培力的方向向下，此时的受力平衡

故活塞会向下运动，即液体的高度要减小，油柱的是上表面要下降，故A错误，B正确；CD．油柱上表面下降x，则进入容器的液体的体积故活塞下降的高度液体的高度弹簧的弹力变化联立解得故C正确，D错误。故选BC。10．篮球运动员进行了如图所示的原地纵跳摸高训练。已知质量m＝60kg的运动员原地静止站立（不起跳）摸高为2.10m，在原地纵跳摸高训练过程中，该运动员先下蹲，重心下降0.5m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.90m的高度。若将运动员起跳过程（从重心下降0.5m处开始向上运动到双脚离地过程）视为做匀加速运动，忽略空气阻力影响，g取10m/s2，对运动员的起跳过程，则下列说法正确的是（）

A．运动员处于超重状态B．地面对运动员的冲量大小为240N·sC．运动员对地面的压力为1560ND．运动时间为0.5s〖答案〗ACAC．从开始起跳到脚离开地面重心上升h1=0.5m，做匀加速运动，加速度向上，处于超重状态。离开地面到上升到最高点的过程中，重心上升距离h2=2.90m-2.10m=0.8m运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据解得在起跳过程中，有解得由牛顿第二定律得解得由牛顿第三定律可知运动员对地面的压力为1560N，方向竖直向下。故AC正确；BD．依题意，运动员的起跳过程时间为地面对运动员的冲量大小为故BD错误。故选AC。三、实验题11．(1)用螺旋测微器测出其直径如图所示，则。(2)用多用电表挡粗测某电阻发现多用表指针偏角偏大，为进一步较精确测量选用合适的倍率重新欧姆调零后，测量时指针位置如图所示，其电阻为(3)实验室有若干内阻为、满偏电流为的表头，某同学打算先将表头改装成电压表，再对电源电动势和内阻进行测量。若将此表头改装成量程为的电压表，需要串联一个的电阻。(4)现将改装后的电压表和电阻箱组成图（b）所示电路，调节电阻箱的阻值，记录多组电压表示数和电阻箱读数，描点后绘成图（c）所示一次函数图像，测出横轴截距为，纵轴截距为，则电源电动势为，内阻为；（此问两空用“”、“”和电压表电阻“”表示）。〖答案〗(1)6.714/6.715/6.716(2)8(3)210(4)（1）螺旋测微器的固定刻度读数为，可动刻度读数为所以最终读数为（2）发现表头指针偏转角度很大，说明倍率太大，为了较准确地进行测量，应换到挡。重新正确操作后，表盘的示数如图3所示，其读数为（3）若将此表头改装成量程为的电压表，需要串联的电阻值为（4）［1]［2]由闭合电路欧姆定律可得解得由图（c）可知解得12．用图示装置完成“探究单摆周期与摆长的关系”：(1)用游标尺上有10个小格的游标卡尺测量摆球的直径，结果如图甲所示，可读出摆球的直径为cm。(2)实验时，摆球在垂直纸面的平面内摆动，为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，在摆球运动的最低点的左、右两侧分别放置激光光源与光敏电阻，如图乙所示，光敏电阻与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t的变化图线如图丙所示，则该单摆的周期为。(3)若把该装置放到正在匀加速上升的电梯中，用完全相同的操作重新完成实验，图像中Δt将（选填“变大”“不变”或“变小”），图像中t0将（选填“变大”“不变”或“变小”）。(4)如果某同学在实验时，用的摆球质量分布不均匀，无法确定其重心位置。他第一次量得悬线长为L1（不计摆球半径），测得周期为T1；第二次量得悬线长为L2，测得周期为T2。根据上述数据，可求得g值为（）A． B． C． D．〖答案〗(1)1.87(2)2t0(3)变小变小(4)B（1）游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以摆球的直径为（2）由图可知，该单摆的周期为（3）[1][2]若把该装置放到正在匀加速上升的电梯中，则等效重力加速度变为则用完全相同的操作重新完成实验，则摆球经过最低点时的速度变大，则遮光时间变短，即图像中Δt将变小，单摆的周期变小，可知图像中t0将变小。（4）设摆球的重心距离摆线最低点的距离为r，则根据单摆周期公式可知联立解得故选B。四、解答题13．导光柱是将光以最小的损耗从一个光源传输到距离该光源一定距离的另一个点的装置，其中，光滑内凹输入端的导光柱将有效提高光线捕获能力。如图为某一导光柱的纵截面简化示意图，导光柱下端AEB为半球凹形输入端，半径为R，O为圆心。导光柱横截面直径与半圆形直径相等，其高度为。球心O处有一点光源，能发出各个方向的单色光。该纵截面内只有120°范围的光线才能够在进入导光柱后不被折射出AD或BC侧面，从而导致光传输的损耗。（1）求导光柱介质的折射率；（2）某条从光源O发出的光线与AB边界的夹角为，求此条光线到达输出端CD的时间t。〖答案〗（1）2；（2）（1）由几何关系及全反射临界角可知（2）此条光线在半球凹形输入端的时间为由折射率与速度公式得有几何关系得此条光线在导光柱中传播的距离为此条光线在导光柱中传播的时间为此条光线到达输出端CD的时间为解得14．如图甲所示为一款“反重力”磁性轨道车玩具，轨道造型可以自由调节，小车内装有发条，可储存弹性势能。小宋同学将轨道简化为图乙所示模型：竖直圆周轨道与水平直轨道AM相切（B、D两切点略微错开），两个半径均为r的四分之一圆弧轨道在N处平滑连接，它们的圆心（O2、O3位于同一高度，现将质量为m=100g的小车从A点由静止释放，它恰好能通过圆周轨道的最高点C，且vC=1m/s。小车在轨道BCD段、MNP段所受磁吸力大小分别为其重力的0.5倍、1.5倍（磁吸引力始终垂直轨道面），摩擦力忽略不计；长为=1.375m的直轨道DM段无磁吸力，与小车间的动摩擦因数。小车可视为质点，且小车在到达B点前发条的弹性势能已完全释放。求：（1）竖直圆周轨道的半径R；（2）小车经过圆周轨道最低点B时所受支持力FN的大小；（3）同时调节r，其他条件不变，要求小车不脱离轨道，r应满足的条件。〖答案〗（1）0.2m；（2）6N；（3）r≥0.1m（1）小车恰好通过最高点，由牛顿第二定律有解得（2）从B点到C点的过程中，只有重力做功，小车的机械能守恒，由机械能守恒定律有解得在B点由牛顿第二定律有解得（3）要保证小车不离开轨道，则在N点时，需满足小车由C点到N点，由动能定理有解得假设小车能运动到P点，小车由N点到P点，由动能定理有解得则假设不成立，小车不能到达P点。假设小车能运动到竖直圆轨道BCD的圆心等高的轨道左侧的Q点，小车由N点到Q点，由动能定理有解得则假设不成立，小车不能到达Q点。则可调半径r的范围为。15．如图甲，某装置由多个横截面积相同的金属圆筒依次排列，其中心轴线在同一直线上，圆筒的长度依照一定的规律依次增加。序号为奇数的圆筒和交变电源的一个极相连，序号为偶数的圆筒和该电源的另一个极相连。交变电源两极间电势差的变化规律如图乙所示。在t=0时，奇数圆筒相对偶数圆筒的电势差为正值，此时位于和偶数圆筒相连的金属圆板（序号为0）中央的一个电子，在圆板和圆筒1之间的电场中由静止开始加速，沿中心轴线冲进圆筒1。为使电子运动到圆筒与圆筒之间各个间隙中都能恰好使静电力的方向跟运动方向相同而不断加速，圆筒长度的设计必须遵照一定的规律。若已知电子的质量为m、电子电荷量为e、电压的绝对值为u，周期为T，电子通过圆筒间隙的时间可以忽略不计。则：（1）求电子进入圆筒1时的速度v1，并分析电子从圆板出发到进入圆筒2过程中的运动形式；（2）第n个金属圆筒的长度应该是多少？（3）若电子通过圆筒间隙的时间不可忽略，且每个圆筒间的间隙距离均为d，在保持圆筒长度、交变电压的变化规律和（2）中相同的情况下，该装置能够让电子获得的最大速度是多少？〖答案〗（1）；电子从圆板开始先做匀加速直线运动，进入圆筒1做匀速直线运动，在圆筒1、2之间间隙再做匀加速直线运动，进入圆筒2再做匀速直线运动；（2）；（3）（1）根据动能定理解得电子从圆板开始先做匀加速直线运动，进入圆筒1，筒内场强为0，电子不受外力做匀速直线运动，在圆筒1、2之间间隙再做匀加速直线运动，进入圆筒2再做匀速直线运动。（2）设电子进入第个圆筒后的速度为v，根据动能定理有得第个圆筒的长度为（3）由于保持圆筒长度、交变电压的变化规律和（2）中相同，若考虑电子在间隙中的加速时间，则粒子进入每级圆筒的时间都要比（2）中对应的时间延后一些，如果延后累计时间等于，则电子再次进入电场时将开始减速，此时的速度就是装置能够加速的最大速度。由于两圆筒间隙的电场为匀强电场，间距均相同，则电子的加速度为则累计延后时间为，则电子的加速时间为，所以电子的最大速度为可得决胜2024高考物理押题预测卷01（广东专用）一、单选题1．图中的（a）、（b）、（c）、（d）四幅图涉及不同的原子物理知识，其中说法正确的是（

）A．根据图（a）所示的三种射线在磁场中的轨迹，可以判断出“1”为射线B．如图（b）所示，发生光电效应时，入射光光强越强，光电子的最大初动能越大C．玻尔通过图（c）所示的粒子散射实验，揭示了原子核还可以再分D．利用图（d）所示的氢原子能级示意图，可以解释氢原子光谱为何不是连续光谱〖答案〗DA．图（a）所示放射源射出的三种射线在磁场中运动轨迹不同，射线带正电，根据左手定则判断出射线1为射线，故A错误；B．如图（b）所示，发生光电效应时，根据光电效应方程可知入射光频率越大，光电子的最大初动能也就越大，与入射光的强度无关，故B错误；C．卢瑟福通过图（c）所示在α粒子散射实验的基础上，提出了原子核式结构模型，故C错误；D．利用图（d）所示的氢原子能级示意图，玻尔将量子观念引入原子领域，并能够解释氢原子的光谱特征，氢原子能级是分立的，光谱也是分立的，故D正确。故选D。2．练习钢琴和音乐课上常用到的一款节拍器，如图节拍器中有⼀摆杆，摆杆在标度尺左右摆动，有规律的发出节拍声。其中标度尺标出摆振动时每分钟发出的节拍声次数（n），摆杆上有⼀个可上下移动的摆锤。摆锤位置所对标尺数，就表⽰该摆每分钟振动的节拍数（⼀次全振动有两次节拍数），由此可算出摆的振动周期（T）。改变摆锤的位置就可以改变它的振动周期。下列说法正确的是（）A．节拍器上数值虽不清晰，但摆锤位置上移时摆动的频率变大B．摆锤上下移动时即使在不同的位置，发出的声音声速都相同C．音乐教室有两个相同节拍器，同时工作能听到类似音叉的共振现象D．声波、水波和光波一样，波传播方向和振动方向相类似，都是横波〖答案〗BA．摆锤位置上移，其每分钟发出的节拍声次数减少，由可知，周期变大，根据周期与频率的关系可知，其频率变小，故A错误；B．声波在同一种介质中传播的速度相同，故B正确；C．当驱动力的频率等于固有频率时，物体做受迫运动的振幅达到最大值，这种现象称为共振。所以音乐教室有两个相同节拍器，同时工作不属于共振现象，故C错误；D．声波是纵波，不是横波，故D错误。故选B。3．如图甲所示为磁电式电流表的结构图，图乙为内部结构示意图，在极靴和铁质圆柱间存在磁场，电流通过电表接线柱流入线圈，在安培力作用下发生偏转，与螺旋弹簧的反向作用平衡后，指针指示电流大小。下列说法正确的是（）A．铁质圆柱将磁场屏蔽，内部没有磁场B．线圈所处位置是匀强磁场C．若更换更强的磁场，将增大电流表的量程D．运输过程中把电表正负接线柱用导线相连可减缓表针摆动幅度〖答案〗DA．铁质圆柱没有将磁场屏蔽，内部有磁场，故A错误；B．磁场是均匀地辐向分布，线圈转动过程中各个位置的磁感应强度的大小不变，故B错误；C．若更换更强的磁场，安培力增大，但不会增大电流表的量程，故C错误；D．运输过程中把电表正负接线柱用导线相连，电流表短路，指针摆动时产生感应电流，感应电流受到安培力作用，可减缓表针摆动幅度，故D正确。故选D。4．某兴趣小组模拟避雷针周围电场的等势面分布如图所示，相邻等势面间的电势差相等。A、B、C、D、E为电场空间中的五个点，其中C、D两点关于避雷针对称，一电子（质量为m）仅在电场力作用下从A点静止释放，运动到C点时速度为v，下列说法正确的是（）A．A点的电势高于E点的电势B．电场中C、D两点的电场强度相同C．若电子能经过B点，则到B点时的速度为D．电子在A点时的加速度大于在C点时的加速度〖答案〗CA．电子从A点静止释放，仅在电场力作用下运动到C点，可知电子受到的电场力大致向下，则电场线方向大致向上，根据沿电场线电势降低，可知A点的电势小于E点的电势，故A错误；B．电场线与等势面垂直，根据对称性可知电场中C、D两点的电场强度大小相同，方向不同，故B错误；C．设相邻两等势面间的电势差为，从A到C，根据动能定理有从A到B，根据动能定理有可得B点时的速度为故C正确；D．等势面越密，电场强度越大，C点处等势面较密，故电子在A点时的加速度小于在C点时的加速度，故D错误。故选C。5．如图是某小型水电站进行电能输送时的简化模型。发电机的输出功率，发电机的电压，经升压变压器后向远处输电，输电线总电阻，在用户端用降压变压器把电压降为。已知输电线上损失的功率，假设两个变压器均是理想变压器，下列说法正确的是（）A．发电机输出的电流B．升压变压器匝数比C．降压变压器的匝数比D．当水电站输出电压一定时，若用电用户增多，则减小〖答案〗CA．由功率可得发电机输出的电流为故A错误；B．由输电线上损失的功率可得根据变压器电流与匝数关系可得升压变压器匝数比为故B错误；C．根据变压器电压与匝数关系可得可得升压变压器副线圈的输出电压为输电线上损失的电压为则降压变压器原线圈的输入电压为根据变压器电压与匝数关系可得降压变压器的匝数比为故C正确；D．用户数量增多时，用户端的等效电阻为用户数量增多时，减小，则输电线上的电流增大，也增大，故D错误。6．如图所示，两根金属丝、由电阻率均为的材料制成，横截面均为圆形、粗细均匀，将它们并联后接在电路、间。已知金属丝的长度为、直径为，金属丝的长度为、直径为，则下列说法中正确的是（）

A．金属丝、的电阻相等B．相同时间内通过金属丝、横截面积的电荷量相等C．金属丝、内电子定向移动的速度之比为D．间的电阻为〖答案〗CA．根据则则金属丝、的电阻不相等，选项A错误；B．两电阻不等，则电流不等，根据并联电路的电流关系可知根据q=It可知相同时间内通过金属丝、横截面积的电荷量不相等，选项B错误；C．根据解得金属丝、内电子定向移动的速度之比为选项C正确；D．因则间的电阻为选项D错误。故选C。7．我国计划在2030年前实现载人登陆月球开展科学探索，其后将探索建造月球科研试验站，开展系统、连续的月球探测和相关技术试验验证。假设质量为m的飞船到达月球时，在距离月面的高度等于月球半径的处先绕着月球表面做匀速圆周运动，其周期为，已知月球的自转周期为，月球的半径为R，引力常量为G，下列说法正确的是（

）A．月球的第一宇宙速度为B．月球两极的重力加速度为C．当飞船停在月球纬度的区域时，其自转向心加速度为D．当飞船停在月球赤道的水平面上时，受到的支持力为〖答案〗DA．设月球的质量为M，飞船距离月面的高度等于月球半径的处先绕着月球表面做匀速圆周运动时，根据万有引力提供向心力有设月球的第一宇宙速度为v1，则有解得故A错误；B．在月球两极表面时，根据万有引力等于重力有解得月球两极的重力加速度为故B错误；C．当飞船停在月球纬度60°的区域时，自转半径为自转向心加速度为故C错误。D．当飞船停在月球赤道的水平面上，设水平面对其支持力大小为F，对飞船受力分析，由牛顿第二定律可得解得故D正确。故选D。二、多选题8．航天服是保障航天员的生命活动和正常工作的个人密闭装备，可防护空间的真空、高低温、太阳辐射和微流星等环境因素对人体的危害。航天员穿着航天服，从地面到达太空时内部气体将急剧膨胀，若航天服内气体的温度不变，视为理想气体并将航天服视为封闭系统。则关于航天服内的气体，下列说法正确的是（

）A．体积增大，内能减小 B．压强减小，内能不变C．对外界做功，吸收热量 D．压强减小，分子平均动能增大〖答案〗BC由于航天服内气体视为理想气体，温度决定内能，温度不变，内能不变，温度是分子热运动平均动能的标志，故分子平均动能也不变。由于航天服内气体体积增大，气体对外界做功，温度不变，由热力学第一定律可知由于，，则，所以航天服内气体将吸收热量，又由等温变化有可知体积变大，则压强减小。综上所述，故BC正确，AD错误。故选BC。9．如图所示是小齐同学设计的一个能够测量电流的装置，其上部是一根粗细均匀横截面积为S的竖直细管，下部是一截面为正方形（边长为L）的容器。该容器左右两壁为导体，其他各面是绝缘的，其底部与大气相通。容器内有一个正方形的金属活塞，其边长也为L，可在容器内无摩擦滑动。活塞下面有一轻质弹簧支撑着，已知弹簧的劲度系数为k，活塞上部充有密度为ρ的绝缘油（测量过程中细管内始终有绝缘油）。容器的左右两壁与一电路连接，整个装置放在水平向里、磁感应强度为B的匀强磁场中。电键K闭合前，活塞处于静止状态，重力加速度为g，弹簧始终处于弹性限度内，则（）A．闭合电键K后，竖直细管中油柱的上表面会向上移动B．闭合电键K后，竖直细管中油柱的上表面会向下移动C．若油柱稳定后上表面变化的高度为x，则回路中的电流为D．若油柱稳定后上表面变化的高度为x，则回路中的电流为〖答案〗BCAB．闭合电键K前，活塞受到重力、弹簧的弹力和液体的压强产生的压力，设这时液体的高度为h0，弹簧的弹力为F0，由受力平衡得

闭合电键K后，电流的方向从右向左，根据左手定则可以判定安培力的方向向下，此时的受力平衡

故活塞会向下运动，即液体的高度要减小，油柱的是上表面要下降，故A错误，B正确；CD．油柱上表面下降x，则进入容器的液体的体积故活塞下降的高度液体的高度弹簧的弹力变化联立解得故C正确，D错误。故选BC。10．篮球运动员进行了如图所示的原地纵跳摸高训练。已知质量m＝60kg的运动员原地静止站立（不起跳）摸高为2.10m，在原地纵跳摸高训练过程中，该运动员先下蹲，重心下降0.5m，经过充分调整后，发力跳起摸到了2.90m的高度。若将运动员起跳过程（从重心下降0.5m处开始向上运动到双脚离地过程）视为做匀加速运动，忽略空气阻力影响，g取10m/s2，对运动员的起跳过程，则下列说法正确的是（）

A．运动员处于超重状态B．地面对运动员的冲量大小为240N·sC．运动员对地面的压力为1560ND．运动时间为0.5s〖答案〗ACAC．从开始起跳到脚离开地面重心上升h1=0.5m，做匀加速运动，加速度向上，处于超重状态。离开地面到上升到最高点的过程中，重心上升距离h2=2.90m-2.10m=0.8m运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据解得在起跳过程中，有解得由牛顿第二定律得解得由牛顿第三定律可知运动员对地面的压力为1560N，方向竖直向下。故AC正确；BD．依题意，运动员的起跳过程时间为地面对运动员的冲量大小为故BD错误。故选AC。三、实验题11．(1)用螺旋测微器测出其直径如图所示，则。(2)用多用电表挡粗测某电阻发现多用表指针偏角偏大，为进一步较精确测量选用合适的倍率重新欧姆调零后，测量时指针位置如图所示，其电阻为(3)实验室有若干内阻为、满偏电流为的表头，某同学打算先将表头改装成电压表，再对电源电动势和内阻进行测量。若将此表头改装成量程为的电压表，需要串联一个的电阻。(4)现将改装后的电压表和电阻箱组成图（b）所示电路，调节电阻箱的阻值，记录多组电压表示数和电阻箱读数，描点后绘成图（c）所示一次函数图像，测出横轴截距为，纵轴截距为，则电源电动势为，内阻为；（此问两空用“”、“”和电压表电阻“”表示）。〖答案〗(1)6.714/6.715/6.716(2)8(3)210(4)（1）螺旋测微器的固定刻度读数为，可动刻度读数为所以最终读数为（2）发现表头指针偏转角度很大，说明倍率太大，为了较准确地进行测量，应换到挡。重新正确操作后，表盘的示数如图3所示，其读数为（3）若将此表头改装成量程为的电压表，需要串联的电阻值为（4）［1]［2]由闭合电路欧姆定律可得解得由图（c）可知解得12．用图示装置完成“探究单摆周期与摆长的关系”：(1)用游标尺上有10个小格的游标卡尺测量摆球的直径，结果如图甲所示，可读出摆球的直径为cm。(2)实验时，摆球在垂直纸面的平面内摆动，为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，在摆球运动的最低点的左、右两侧分别放置激光光源与光敏电阻，如图乙所示，光敏电阻与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t的变化图线如图丙所示，则该单摆的周期为。(3)若把该装置放到正在匀加速上升的电梯中，用完全相同的操作重新完成实验，图像中Δt将（选填“变大”“不变”或“变小”），图像中t0将（选填“变大”“不变”或“变小”）。(4)如果某同学在实验时，用的摆球质量分布不均匀，无法确定其重心位置。他第一次量得悬线长为L1（不计摆球半径），测得周期为T1；第二次量得悬线长为L2，测得周期为T2。根据上述数据，可求得g值为（）A． B． C． D．〖答案〗(1)1.87(2)2t0(3)变小变小(4)B（1）游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，所以摆球的直径为（2）由图可知，该单摆的周期为（3）[1][2]若把该装置放到正在匀加速上升的电梯中，则等效重力加速度变为则用完全相同的操作重新完成实验，则摆球经过最低点时的速度变大，则遮光时间变短，即图像中Δt将变小，单摆的周期变小，可知图像中t0将变小。（4）设摆球的重心距离摆线最低点的距离为r，则根据单摆周期公式可知联立解得故选B。四、解答题13．导光柱是将光以最小的损耗从一个光源传输到距离该光源一定距离的另一个点的装置，其中，光滑内凹输入端的导光柱将有效提高光线捕获能力。如图为某一导光柱的纵截面简化示意图，导光柱下端AEB为半球凹形输入端，半径为R，O为圆心。导光柱横截面直径与半圆形直径相等，其高度为。球心O处有一点光源，能发出各个方向的单色光。该纵截面内只有120°范围的光线才能够在进入导光柱后不被折射出AD或BC侧面，从而导致光传输的损耗。（1）求导光柱介质的折射率；（2）某条从光源O发出的光线与AB边界的夹角为，求此条光线到达输出端CD的时间t。〖答案〗（1）2；（2）（1）由几何关系及全反射临界角可知（2）此条光线在半球凹形输入端的时间为由折射率与速度公式得有几何关系得此条光线在导光柱中传播的距离为此条光线在导光柱中传播的时间为此条光线到达输出端CD的时间为解得14．如图甲所示为一款“反重力”磁性轨道车玩具，