山东省济南市山东师范大学附中2025届高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

山东省济南市山东师范大学附中2025届高二物理第一学期期中复习检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一人静止于完全光滑的水平冰面上．现欲离开冰面，下列可行的方法是（）A．向后踢腿B．手臂向前甩C．在冰面上滚动D．脱下外衣水平抛出2、某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是()A． B． C． D．3、金属小球a固定在绝缘水平地面上，与它完全相同的金属球b自其正上方H高处由静止开始下落，两球发生碰撞后b球反弹的高度为h。已知两球带异种电荷，b球碰撞前后速度大小不变，方向反向。下列关于H、h大小判断正确的是()A．H=h B．H>h C．H<h D．不确定4、根据电场线的模拟实验，描绘出了一个正电荷的电场线分布图，如图所示．设该电场中a、b两点的电场强度的大小分别为Ea、Eb，则Ea和Eb的关系为A．Ea＜Eb B．Ea＝Eb C．Ea＞Eb D．无法确定5、如图所示，a、b、c三盏灯都能发光，且在电路变化时，灯不会烧坏。试判断：当滑动变阻器的触头P向下移动时：A．外电路的总电阻变小B．总电流变小C．a灯变暗D．c灯变亮6、用跨过光滑定滑轮的绳(绳不可伸长)把湖中小船拉靠岸，如图所示，已知拉绳的速度v不变，则船速()A．逐渐增大 B．先减小后增大C．逐渐减小. D．先增大后减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，半径为r的均匀带电圆环带电量为Q（），对称轴（虚线）上的M、N两点关于圆心O点对称。下列说法正确的是（）A．O点的场强为B．对称轴为等势线C．M、N两点的场强大小相等，电势相等D．若取无穷远处电势为0，则O点的电势大于08、为监测某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计．该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口．在垂直于上下底面方向加磁感应强度大小为B的匀强磁场，在前后两个内侧面分别固定有金属板作为电极．污水充满管口从左向右流经该装置时，接在M、N两端间的电压表将显示两个电极间的电压U．若用Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法中正确的是（）A．N端的电势比M端的高B．若污水中正负离子数相同，则前后表面的电势差为零C．电压表的示数U跟a和b都成正比，跟c无关D．电压表的示数U跟污水的流量Q成正比9、两个带电小球A、B（可视为点电荷）的质量分别为m1和m2，带电荷量分别为q1和q2，用长度相同的绝缘细线拴住并悬挂于同一点，静止时两悬线与竖直方向的夹角相等．则m1和m2、q1和q2的关系可能是A．q1＝q2，m1＝m2 B．q1>q2，m1>m2C．q1<q2，m1＝m2 D．q1<q2，m1>m210、在水平向右的匀强电场E中，小车以加速度a向右做匀加速直线运动，质量分别为m1、m2，电荷量分别为+q1、+q2的小球G、H通过不可伸长的轻绳悬挂于车顶O点，．当G、H相对小车静止时，下列情况可能出现的是(不计G、H间的相互作用)()A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个额定电压为3.0V，额定功率约为1W的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I－U图线，有下列器材可供选用：A．电压表V1(0～6V，内阻约为10kΩ)B．电压表V2(0～15V，内阻约为50kΩ)C．电流表A1(0～3A，内阻约为0.1Ω)D．电流表A2(0～0.6A，内阻约为0.5Ω)E.滑动变阻器R1(10Ω，5A)F.滑动变阻器R2(200Ω，0.5A)G.蓄电池(电动势6V，内阻不计)H.开关、导线(1)实验中，电压表选_________，电流表选_________，滑动变阻器选_________；(用序号字母表示)；(2)测得该灯泡的伏安特性曲线如图所示，由灯泡的伏安特性曲线可以求得此灯泡在正常工作时的电阻约为_________Ω，若将此灯泡接在电压为12V的电路中，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值约为_________Ω的电阻。(结果保留两位有效数字)12．（12分）在测量金属丝电阻率的试验中，可供选用的器材如下：待测金属丝：（阻值约，额定电流约）；电压表：（量程，内阻约）；电流表：（量程，内阻约）；（量程，内阻约）；电源：（电动势3V，内阻不计）（电动势12V，内阻不计）滑动变阻器：（最大阻值约）螺旋测微器；毫米刻度尺；开关S；导线．①用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，读数为_________mm．②若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选___、电源应选__（均填器材代号），在虚线框中（间答题卡）完成电路原理图____．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）以蓄电池为驱动能源的环保汽车总质量m=3×103kg。当它在水平路面上以=36km/h的速率匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=50A，电压U=300V。已知电机线圈内阻为r=2，在此行驶状态下：(1)求驱动电机的输出功率(2)电机驱动电车匀速行驶时，求汽车所受阻力与车重的比值（g取l0m/s2）。14．（16分）如图所示，电源的电动势E=12V，电阻，电动机绕组的电阻，电键始终闭合，当电键断开时，电阻的电功率为20W，当电键闭合时，电阻的电功率为12.8W，求（1）电源的内电阻；（2）当电键闭合时，流过电源的电流和电动机的输出功率．15．（12分）如图，一导热性能良好、内壁光滑的气缸水平放置，横截面积S=1.0×l0-3m2、质量m=2kg、厚度不计的活塞与气缸底部之间封闭了一部分理想气体，此时活塞与气缸底部之间的距离l=36cm，在活塞的右侧距离其d=14cm处有一对与气缸固定连接的卡环。气体的温度t=27℃，外界大气压强p0＝l.0×105Pa。现将气缸开口向上竖直放置(g取10m/s2)(1)求此时活塞与气缸底部之间的距离h；(2)如果将缸内气体加热到600K，求此时气体的压强p。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

选取合适的系统为研究对象，根据动量守恒定律进行分析．【解答】AB、以人作为整体为研究对象，向后踢腿或手臂向前甩，人整体的总动量为0，不会运动起来，故AB错误；C、因为是完全光滑的水平冰面，没有摩擦力，人是滚不了的，C错误；D、把人和外衣视为一整体，这个整体动量为0，人给外衣一个速度，动量总量不变，所以人也可以有一个反向的速度，可以离开冰面，D正确；故选：D。【点睛】本题是实际问题，考查了利用动量守恒定律分析问题的能力，关键选取合适的系统为研究对象．2、D【解析】

根据左手定则可知，A图中安培力方向应该向下，B图中安培力应该垂直于磁场斜向左上方，C图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，D图中安培力方向斜向左下方垂直于电流方向，故ABC错误，D正确．3、C【解析】

若a、b球带等量异种电荷，碰撞之前两电荷相互吸引，下落过程电场力做了正功，所以使得机械能增加，碰撞时电荷中和，碰撞之后机械能守恒，整个过程电场力做正功，机械能增加，故反弹高度h大于H，即H<h；若a、b球带不等量异种电荷，碰撞之前两电荷相互吸引，下落过程电场力做了正功，所以使得机械能增加，碰撞之后两电荷带同种电荷相互排斥，电场力做正甸，机械能增加，整个过程电场力做正功，机械能增加，故反弹高度h大于H，即H<h；所以H<hA.H=h与上述分析结论H<h不相符，故A错误；B.H>h与上述分析结论H<h不相符，故B错误；C.H<h与上述分析结论H<h相符，故C正确；D.不确定与上述分析结论H<h不相符，故D错误。4、C【解析】

电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，沿着电场线方向电势是降低的，据此可正确解答．【详解】由电场线的疏密可知，a点的电场线比b点的电场线更密，所以Eb＜Ea；故C正确．【点睛】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度以及电势之间的关系．5、A【解析】据图可知，当滑动变阻器滑片向下滑动时，相当于滑动变阻器被短接部分变大，未短接部分减小，则滑动变阻器阻值减小，外电路总电阻与其中之一电阻的变化一致，所以外电阻总电阻变小，A选项正确；据，总电流变大，B选项错误；a灯接在干路，总电流变大，则a灯变亮，C错误；据“串反并同”c灯与滑动变阻器并联，c灯电流、电压变化与滑动变阻器阻值变化一致，则c灯变暗，D错误。点晴：本题考查电路动态平衡问题，利用“串反并同”解决此类问题非常方便。6、A【解析】

船的运动分解如图：小船的运动可以分解为沿绳子收缩方向和垂直绳子方向两种运动方式，假设绳子与水平面夹角为θ，由几何关系可得：拉绳的速度v不变，船向左移动时θ变大，逐渐减小，则v船逐渐增大，故选A.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A．由于带电圆环所带正电荷均匀分布，根据对称性及场强叠加原理可得，圆环上各点电荷在O点产生的场强抵消，所以合场强为0，故A错误；BCD．由场强叠加原理可判断，在对称轴MN上，场强以O点为中心，沿MN上下对称分布。根据沿电场线方向，电势逐渐降低，可知在MN上O点电势最高，往两边电势逐渐降低，且关于O点对称的两点电势大小相等，若取无穷远处电势为0，则O点的电势一定大于0，故B错误，CD正确。故选CD。8、AD【解析】试题分析：正负离子向右移动，受到洛伦兹力，根据左手定则，正离子向后表面偏，负离子向前表面偏．所以前表面比后表面电势低．即N端的电势比M端的高，A正确B错误；最终正负离子会受到电场力、洛伦兹力处于平衡，有qE=qvB，即Ub＝vB．而污水流量Q=vbc=考点：霍尔效应及其应用．9、AC【解析】

题中电荷电量可能不同，也可能相同，但各自所受的电场力大小却相同，方向相反。由于它们与竖直线所成的角度均为α，且两球同处一水平线上，所以根据共点力平衡条件可确定，它们的质量一定相等。A.q1＝q2，m1＝m2与计算相符，故A正确。B.q1>q2，m1>m2与计算不符，故B错误。C.q1<q2，m1＝m2与计算相符，故C正确。D.q1<q2，m1>m2与计算不符，故D错误。10、AC【解析】

AD．先对两个球整体分析，受重力、电场力和细线的拉力，如图所示：

如果加速度大于，设上面的细线与竖直方向的夹角为α，根据牛顿第二定律，有：

竖直方向：水平方向：解得：…①再对小球G受力分析，如图所示：

设下面的细线与竖直方向的夹角为β，根据牛顿第二定律，有：

竖直方向：水平方向：解得：…②由于，两个正分数的分子分母同时分别相加后得到的新分数介于原来两个分数中间，故故tanα≥tanβ故α≥β故A正确，D错误；

BC．如果加速度小于，则上面的细线向右偏转；

设上面的细线与竖直方向的夹角为α，根据牛顿第二定律，有：

竖直方向：水平方向：解得：…③再对小球G受力分析，如图所示：

设下面的细线与竖直方向的夹角为β，根据牛顿第二定律，有：

竖直方向：水平方向：解得：…④由于故故tanα≤tanβ故α≤β故B错误，C正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ADE【解析】

(1)[1]灯泡的额定电压为3.8V，电压表选择量程为6V的读数时误差会更小，故选择A；[2]灯泡的额定电流为电流表选择量程为0.6A的读数时误差会更小，故选择D；[3]该实验要求电流、电压从零开始变化，滑动变阻器应接为分压式，滑动变阻器选择时，调节更方便；(2)[4]由图象分析可知当电压为3.0V时，电流有0.285A，故电阻为；[5]。12、1.773A1E1【解析】

(1)由图示螺旋测微器可知，其示数为：1．5mm+4．5×3．31mm=1．775mm；(4)电阻丝的额定电流约为3．5A，电流表应选A1；电阻丝的额定电压约为U=IR=3．5×5=4．5V，电源应选E1；(3)待测金属