湖南省长沙市一中开福中学2025届物理高一上期末统考模拟试题含解析

湖南省长沙市一中开福中学2025届物理高一上期末统考模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、两个力大小分别为2N和4N，作用方向在同一直线上，则它们的合力大小可能（）A.0 B.6NC.7N D.8N2、一位女士由于驾车超速而被警察拦住，警察对她说：“太太，您刚才的车速是60公里每小时”这位女士反驳说：“不可能的我才开了6分钟，还不到1小时，怎么可能走了60公里呢？”根据以上对话及右图，下列说法正确的是（）A.女士所说的6分钟是指时间，60公里是指位移大小B.警察所说的60公里每小时是指平均速度大小C.图中的50指的是瞬时速度大小D.图中的50指汽车在1小时内行驶的路程不能超过50公里3、如图所示为汽车千斤顶的示意图，千斤顶主要由轻杆OA，OB及平台组成，若作用在汽车千斤顶平台处的压力为F，不考虑平台的重力，则OA杆受到力的大小是（）A. B.C. D.4、下列有关物理知识的叙述中正确的是（）A.牛顿最早提出力不是维持物体运动的原因B.力学单位制中的3个基本单位是kg、N、sC.力的国际单位牛顿是根据牛顿第一定律定义的D.伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动5、大小分别为2N和8N的两个力作用在一个质量为2kg的物体上，物体获得的加速度可能正确的是（）A.2m/s2 B.4m/s2C.6m/s2 D.8m/s26、如图，物块在水平放置的台式弹簧秤上保持相对静止，弹簧秤的示数为15N。要得出物块的重力为15N的结论，还需要的依据是A.胡克定律B.牛顿第三定律C.当地的重力加速度为10m/s2D.物块处于平衡态，平衡态的物体所受合力为零7、如图所示，质量为M足够长的斜面体始终静止在水平地面上，有一个质量为m的小物块在受到沿斜面向下的力F的作用下，沿斜面匀加速下滑，此过程中斜面体与地面的摩擦力为零．已知重力加速度为g，则下列说法正确的是A.斜面体给小物块的作用力大小等于mgB.斜面体对地面的压力小于（m+M）gC.在加速下滑过程中若将力F的方向突然改为竖直向下，小物块仍做加速运动D.在加速下滑过程中若将力F撤掉，小物块将匀速下滑8、如图是某物体做直线运动的速度图象,下列有关物体运动情况（0s<t<8s）判断正确的是（）A.在8s时间内加速度的大小一直为5m/s2B.2s末物体离出发点最远C.4s末物体距出发点最远D.在8s时间内做匀变速直线运动9、如图所示，将质量为M的物块放在水平桌面上，用轻绳跨过桌子边缘的定滑轮连接一托盘，在托盘中放上砝码．已知盘和砝码的总质量为m，且M＝3m，重力加速度大小为g，忽略一切摩擦力和空气阻力，则将托盘由静止释放后（）A.物块的加速度大小为B.砝码的加速度大小为C.绳子的拉力大小为mgD.绳子的拉力大小为10、高速公路上由于车速较快，特别容易发生交通事故，所以交通管理部门规定前后两车要有100m以上的安全距离。甲、乙两车在同一条车道上同向行驶，且乙在前、甲在后。某时刻两车司机同时观察到前面发生了交通事故，并同时采取刹车措施，图示为两辆车刹车后的v-t图象，由此可知（）A.甲，乙两车必定相撞B甲车加速度小于乙车加速度C.若两车相撞，则一定是在刹车后的20s之内的某时刻发生的D.若两车相撞，则可断定甲车没有按交通管理部门的规定保持安全距离行驶二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，光滑水平面AB与光滑斜面BC通过一小段光滑的圆弧轨道平滑连接，斜面的倾角θ=30°。质量m=2kg的物块在水平向右的恒力F=4N的作用下，从A点由静止开始运动，经2s到达B点，重力加速度g=10m/s2，求：(1)物体在光滑水平面AB上的加速度大小；(2)物体到达B点时的速度大小；(3)物体到达B点时撤去F，物体沿光滑斜面向上运动，最远能到达C点，则BC的距离为多大?14、（14分）某兴趣小组通过如图所示的实验装置探究加速度与力、质量的关系。(1)关于本实验，下列说法中正确的有_____A.调整滑轮使牵引滑块的细线与长木板保持平行B.平衡摩擦力时，不需要把空砂桶系在滑块上C.实验时，先释放滑块再接通打点计时器的电源D.改变滑块质量后，需要重新调节长木板倾斜度(2)实验中得到如图所示的一条纸带，A、B、C、D、E为5个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。测出相邻计数点之间的距离分别为：x1＝4.29cm、x2＝4.68cm、x3＝5.08cm、x4＝5.49cm，已知打点计时器的工作频率为50Hz，则打C点时滑块瞬时速度大小vc=___m/s，滑块的加速度大小a＝_____m/s2.（结果保留两位有效数字）(3)保持砂和砂桶总质量不变，通过添加砝码以改变滑块质量，进行多次测量，得到滑块加速度a、滑块和砝码总质量M及其对应的的数据如表中所示：滑块和砝码总质量M（kg）0.830.630.500.420.360.31滑块加速度a（m·s-2）0.350.370.600.710.810.95滑块和砝码质量倒数1/M（kg-1）1.201.602.002.402.803.20请在图示的坐标纸中画出滑块的图像____。(4)图像的斜率大小____（选填“大于”、“小于”或“等于”）砂和砂桶的总重力。15、（13分）如图所示的传送带，其水平部分ab的长度为2m．倾斜部分bc的长度为4m，bc与水平面的夹角为θ＝37°，将一小物块A(可视为质点)轻轻放于传送带的a端，物块A与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.25.传送带沿图示方向以v＝2m/s的速度匀速运动，若物块A始终未脱离传送带，试求：(1)小物块A从a端传送到b端所用的时间(2)小物块到达c点的速度

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、B【解析】两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零（方向相同）时合力最大，夹角180°（方向相反）时合力最小，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|【详解】当二力夹角为零时，即两个力在同一直线上，并且方向相同，合力最大、最大值为F1+F2=2N+4N=6N；当夹角180°时，即两个力在同一直线上，并且方向相反，合力最小、最小值为F1-F2=4N-2N=2N；故合力的范围为2N≤F≤6N；所以合力可能是6N，不可能是0N，7N，8N，故ACD错误，B正确．故选B【点睛】本题关键求出合力分范围，当两力同向时合力最大，两力反向时，合力最小2、C【解析】A．女士说6分钟是时间，60公里是路程，故A错误；B．警察所说的车速指的是瞬时速度的大小，故B错误；CD．图中的50指的是瞬时速度，故C正确，D错误。故选C。3、B【解析】对O点受力分析，由平衡条件，求OA作用力即可【详解】根据题意，对形千斤顶O点受力分析如图：由平衡条件得：．故ACD错误，B正确故选B【点睛】本题应用平衡条件分析实际问题，可以采用力的分解法，也可以应用正交分解法或合成法分析4、D【解析】A．伽利略最早提出力不是维持物体运动的原因，A错误；B．力学单位制中的3个基本物理量是质量、长度、时间，对应的基本单位是、、，B错误；C．力的国际单位牛顿是根据牛顿第二定律定义的，其公式为C错误；D．伽利略将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，D正确。故选D。5、B【解析】先求出两力合力的最大值和最小值，再据牛顿第二定律求出加速度的最大值和最小值【详解】两力反向时合力最小，最小值为；两力同向时合力最大，最大值为；两力合力的范围为6N～10N．由牛顿第二定律可得，加速度的最小值为3m/s2；最大值为5m/s2．故ACD三项错误，B项正确6、BD【解析】弹簧秤的示数为15N，则物体对弹簧秤的压力为15N，根据牛顿第三定律可知，弹簧秤对物体的支持力为15N，对物体由平衡知识可知，物体的重力与弹簧秤对物体的支持力等大反向，则物体的重力为15N。要得出物块的重力为15N的结论，还需要的依据是牛顿第三定律和二力平衡知识；A．胡克定律，与结论不相符，故A错误；B．牛顿第三定律，与结论相符，故B正确；C．当地的重力加速度为10m/s2，与结论不相符，故C错误；D．物块处于平衡态，平衡态的物体所受合力为零，与结论相符，故D正确；故选BD.7、AD【解析】因斜面体与地面的摩擦力为0，可知物体m对斜面体的作用力为竖直向下，可知斜面体给小物块的作用力为竖直向上，大小等于mg，选项A正确；对斜面体而言，受力分析可知，因物体m对斜面体的作用力为竖直向下大小为mg，则斜面体对地面的压力等于（m+M）g，选项B错误；若将力F的方向突然改为竖直向下，则物体对斜面的正压力变大，摩擦力变大，力F沿斜面方向的分力变小，故小物块不一定做加速运动，选项C错误；若将力F撤掉，则小物块对斜面的压力不变，摩擦力不变，物体对斜面的正压力不变，故斜面体对小物块的作用力仍然竖直向上，大小等于mg，故小物块仍将匀速下滑，选项D正确；故选AD考点：牛顿定律应用【名师点睛】此题考查了对不同研究对象进行受力分析，掌握力的合成与分解的方法，理解地面与斜面无摩擦力的本质8、AC【解析】考查v-t图像。【详解】A．v-t图中，斜率的绝对值表示加速度的大小，0~2s，2~6s，6~8s，即0~8s内，加速度大小都5m/s2，A正确；BC．由图可知，0~4s速度方向不变，4s后速度方向改变，所以4s末离出发点最远，B错误，C正确；D．由图可知，在2s末和6s末，加速度方向发生变化，不是匀变速，D错误。故选AC。9、BD【解析】以盘与砝码为研究对象，根据牛顿第二定律有以物块M为研究对象，根据牛顿第二定律有联立得系统运动的加速度为则绳子的拉力大小为故AC错误，BD正确10、CD【解析】AB．根据速度时间图线的斜率表示加速度，可得甲车的加速度大小为乙车的加速度大小为所以刹车过程中甲车的加速度是乙车加速度的2倍；根据位移时间关系知时，甲车的位移为乙车的位移为则位移之差为由于两车刚刹车时间距与的关系未知，所以不能确定两车能否相撞，故AB错误；C．因为速度相等后，若不相撞，两者之间的距离逐渐增大，不可能再撞，可知两辆车一定是在刹车后的之内的某时刻发生相撞的，故C正确；D．若两车相撞，可知甲车没有按交通管理部门的规定保持安全距离行驶，故D正确。故选CD。二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）2m/s2；（2）4m/s；（3）1.6m【解析】（1）由牛顿第二定律得：F=ma解得：a=2m/s2（2）由速度公式得：vB=at=2×2m/s=4m/s（3）设物体沿斜面向上运动的加速度大小为a′，由牛顿第二定律得：由速度位移的关系式得BC的距离：14、(1).AB(2).0.49(3).0.40(4).(5).小于【解析】(1)[1]A。调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；B．在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，故B正确；

C.实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C错误；

D.平衡摩擦力后，通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D错误；故选AB；(2)[2]C点的瞬时速度等于BD间的平均速度，则：[3]根据：运用逐差法计算有：代入数据a=0.40m/s2(3)[4]根据表格中的数据做出图像如图所示(4)[5]因为图像的斜率大小为细线拉力的大小，而在实验过程中细线的拉力是小于砂和砂桶的总重力的，故图像的斜率大小小于砂和砂桶的总重力。15、(1)14s(2)6m/s【解析】（1）根据牛顿第二定律求出小物块的加速度，并求出当物块的速度达到2m/s时的位移，判断出物体的运动情况，从而求出小物块从a端被传送到b端所用的时间（2）根据摩擦力与下滑力的关系，判断出物体的运动情况，根据牛顿第二定律求出加速度，再根据运动学公式求出小物块被传送到c端时的速度大小【详解】（1）物块A放于传送带上后，物块受力图如图a所示A先在传送带上滑行一段距离，此时A做匀加速运动(相对地面)，直到A与传送带的运动速度相同为止，此过程A的加速度为a1，则有：μmg＝ma1a1＝μg＝2.5m/s2A做匀加速运动的时间：t1＝＝0.8s这段时间内A对地的位移是x1＝t1＝0.8m.当A的速度达到2m/s时，A随传送带一起匀速运动，所用