北京市朝阳区第八十中学2025届高二物理第一学期期中教学质量检测试题含解析

北京市朝阳区第八十中学2025届高二物理第一学期期中教学质量检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是由“与门”、“或门”和“非门”三个基本逻辑电路组成的一个组合逻辑电路，A、B、C为输入端，Z为输出端，在完成真值表时，输出端Z空格中从上到下依次填写都正确的是()ABCZ000001010011100101110111A．00000010 B．00010101C．00101010 D．以上答案都不正确2、示波器是一种多功能电学仪器，它是由加速电场和偏转电场组成．如图所示，电子在电压为U1的电场中由静止开始加速，然后射入电压为U2的平行金属板间的电场中，入射方向与极板平行，在满足电子能射出平行电场区的条件下，下述情况一定能使电子偏转角度θ变大的是()A．U1变大，U2变大B．U1变小，U2变大C．U1变大，U2变小D．U1变小，U2变小3、下列说法正确的是（）A．宇宙飞船内的物体不受重力作用，所以不存在惯性B．火车速度越大，惯性越大C．质量是惯性大小的量度D．物体受力越大，惯性越大4、如图，单匝矩形线圈abcd处在磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场中，以恒定的角速度绕ab边转动，线圈所围面积为S，线圈的总电阻为R，时刻线圈平面与纸面重合，且cd边正在离开纸面向外运动，则()A．时刻线圈中电流的瞬时值B．线圈中电流的有效值C．线圈中电流的有效值D．线圈消耗的电功率5、两个电压表V1和V2是由完全相同的两个小量程电流表改装成的，V1的量程是3V，V2的量程是15V，为了测量约16V的电压，我们把两个电压表串联起来使用，以下叙述正确的是A．V1和V2的指针偏转角度相同B．V1和V2的示数相等C．V1和V2的示数不相等，指针偏转角度也不相同D．V1和V2的示数之比为5：16、如图所示，一电荷量q=+3×10-5C的小球，用绝缘细线悬挂于竖直放置足够大的平行金属板中的O点，开关S合上后，小球静止时细线与竖直方向的夹角θ=37°．已知两板间距d=0.1m，电源电动势E=15V，内阻r=0.5Ω，电阻R1=3Ω，R2=R3=R4=1Ω，．取g=10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.1．则以下说法正确的是()A．电源的输出功率为14WB．两板间的电场强度的大小为140V/mC．带电小球的质量5.6毫克D．若增加R1的大小，会有瞬时电流从右向左流过R4二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，正方形区域内存在垂直纸面的匀强磁场。一带电粒子垂直磁场边界从a点射入，从b点射出。下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在b点速率大于在a点速率C．若仅减小磁感应强度，则粒子可能从b点右侧射出D．若仅减小入射速率，则粒子在磁场中运动时间可能会增加8、如图所示，通电直导线与矩形金属线框位于同一平面内，导线中的电流方向如图所示．若导线中的电流增大，下列说法正确的是：（）A．穿过线框的磁通量始终为零 B．边受到的安培力方向向右C．边感应电流的方向为 D．金属线框受到的安培力方向向右9、A、B两带电小球，质量分别为mA、mB，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A、B两球处于相同高度．若B对A及A对B的库仑力分别为FA、FB，则下列判断正确的是（）A．mA＜mBB．细线AC对A的拉力C．细线OC的拉力TC=（mA+mB）gD．同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向的加速度相同10、以下说法中正确的是A．只要有可以自由移动的电荷，就存在持续电流B．金属导体内的持续电流是自由电子在导体内的电场力作用下形成的C．单位时间内通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大D．在金属导体内当自由电子定向移动时，它们的热运动就消失了三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一块满偏电流为Ig＝1mA、线圈电阻为Rg＝100Ω的小量程电流计．（1）若把它改装成满偏电压为10V的电压表需要串联一个________的电阻．（2）若把它改装成满偏电流为0.6A的电流表需要并联一个________的电阻．（结果保留两位有效数字）12．（12分）在“探究小车的速度随着时间变化的规律”的实验中，打出的纸带如图所示。已知交流电源的频率为50Hz，A、B、C为计数点，每相邻两个计数点之间还有四个点没有画出，则相邻计数点之间的时间间隔T为____________s；打下B点时小车的瞬时速度为__________m/s

（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）铅蓄电池是太阳能供电系统中的重要器件，它的主要功能是把太阳能电池板发的电能及时储存在电瓶内，以供用电设备使用．某太阳能电池板给一电动势为15V的铅蓄电池充电时的电流为4A，充电10h充满．该铅蓄电池储存了多少电能？14．（16分）如图所示的电路中，，，，．(1)求电路中的总电阻；(2)当加在电路两端的电压时，通过每个电阻的电流是多少？15．（12分）如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为L=0.40m的绝缘细线把质量为m=0.20kg，带有正电荷的金属小球悬挂在O点，电荷量q=0.5C的小球静止在B点时，细线与竖直方向的夹角为θ=37°．（取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）。求：（1）匀强电场的场强大小；（2）将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放，小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小。（3）小球静止在B点时，给小球一沿切线方向速度v，求v至少多大才能使球在竖直面内做完整的圆周运动？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A、B输入或门，C输入非门，两个输出端又同时输入与门，当A、B为1时，输出为1，C为1，输出为1，1和1输入与门，输出仍然为1．同理得出输出端Z为“1，1，1，1，1，1，1．故C正确，ABD错误．2、B【解析】设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：，设偏转电场极板长为L，板间距离为d，电子在偏转电场中做类平抛运动，在水平方向上匀速：，在竖直方向匀加速：，加速度为：，则偏转角的正切值：，联立以上可得：，由此可知，减小U1，增大U2，可以使增大，故B正确，ACD错误．3、C【解析】

惯性是一切物体固有的属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，都具有惯性一切物体都具有惯性；【详解】A、宇宙飞船内的物体受到的重力提供向心力，不是不受重力，而惯性与受力情况无关，只要有质量就有惯性，故飞船里的物体仍有惯性，故A错误；

B、惯性是物体的固有属性，与受力及运动速度无关，故BD错误；

C、惯性是物体的固有属性，其大小只与质量有关系，质量越大，惯性越大，故C正确；【点睛】惯性是物体固有的属性，惯性大小的唯一量度是物体的质量，惯性的大小与物体的运动状态无关，与物体所受的合外力无关．4、C【解析】

A．线圈所围面积为S，角速度是，所以线圈产生的交流电的电动势的最大值是线圈从中性面的位置开始计时，所以时刻线圈中电流的瞬时值故A错误；BC．线圈中电流的有效值故B错误，C正确；D．线圈消耗的电功率故D错误。故选C。5、A【解析】

A．两个电压表串联，流过表头的电流相同，指针偏转角度大小与电流大小成正比，故V1和V2的指针偏转角度相同，故A正确；B．偏转角相同时，量程大的电压表读数偏大，说明V1的示数小于V2的示数，故B错误；C．由前面分析可知V1和V2的示数不相等，指针偏转角度相同，故C错误；D．因两电压表偏转角相同，示数之比等于量程之比，故V1和V2的示数之比为1：5，故D错误；故选A。6、B【解析】

R2=R3=1Ω，并联后的电阻值为：R′＝R2=4Ω；由闭合电路的欧姆定律得：；电源的输出功率P=EI-I2r=15×2-22×0.5=21W，故A错误；两板间的电压为：UC=I（R1+R23）=2×（3+4）=14V；两板间的电场强度为：，故B正确；小球处于静止状态，所受电场力为F，又F=qE，由平衡条件得：水平方向Tcosα-mg=0；竖直方向：Tsinα-qE=0；得：m==5.6×10-4kg，故C错误；若增加R1的大小，电容两端电压增大，电容器充电，会有瞬时电流从左向右流过R4，故D错误．故选B．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

A．由题可知，粒子向下偏转，根据左手定则，所以粒子应带负电，故A错误；B．由于洛伦兹力不做功，所以粒子动能不变，即粒子在b点速率与a点速率相等，故B错误；C．若仅减小磁感应强度，由公式得所以磁感应强度减小，半径增大，所以粒子有可能从b点右侧射出，故C正确；D．若仅减小入射速率，粒子运动半径减小，若粒子从下边飞出，则在磁场中运动的偏转角增大，则粒子在磁场中运动时间变长；若粒子从左边射出，则粒子射出磁场的时间不变，故D正确。故选CD。8、BD【解析】根据右手螺旋定则可判断出，该直导线MN

在其右侧产生的磁场方向垂直于纸面向里，导线电流增大，原磁场磁感应强度增强，穿过线框的磁通量增大，故A错误；框中磁通量增大，感应电流产生的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，感应磁场方向为垂直纸面向外，根据右手螺旋定则，线框中感应电流方向为逆时针，即a→b→c→d；由左手定则可判断出线框ab

边在原磁场中受到的安培力方向向右，故B正确，C错误；由左手定则可知，ab边受安培力向右，cd边向左，ad边和bc边抵消，而ab边向右的安培力大于cd边向左的安培力，则金属线框受到的安培力方向向右，故D正确；故选BD.9、CD【解析】

设两个球间的静电力为F，分别对两个球受力分析，求解重力表达式后比较质量大小；根据整体法来确定细线的拉力，并由牛顿第二定律则可判定细线烧断后各自的运动情况．【详解】对小球A受力分析，受重力、静电力、拉力，如图

根据平衡条件，则有，两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，则F=mAgtan300=mBgtan600，则mA=3mB，选项A错误；由mAg=TAcos30°因此：TA=mAg，故B错误；由整体法可知，细线的拉力等于两球的重力，故C正确；同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向重力不变，所以加速度相同，故D正确；故选CD．10、BC【解析】

A.电流产生的条件为：自由移动的电荷及导体两端有电势差。只有可以自由移动的电荷，导体两端没有电势差，就不能形成持续电流；故A错误；B.由电流的条件可知，金属导体内的持续电流是自由电子在导体内的电场力作用下定向移动形成的；故B正确；C.电流的定义为通过导体横截面的电量与所用时间的比值，所以单位时间内流过导体横截面的电量越多，电流越大；故C正确；D.自由电子在定向移动的同时，还会进行热运动；故D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）9900Ω（2）0.17Ω【解析】

（1）把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：（2）把电流表改装成0.6A的电流表需要并联分流电阻，分流电阻阻值：；【点睛】本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表的改装原理是解题的前提，应用串并联电路特点与欧姆定律可以解题．12、0.10.50【解析】

交流电的频率为50Hz，则每打两个点之间的时间间隔为0.02s，则每相邻的两个计数点之间还有四个点没有画出，故相邻两个计数点的时间0.10s．

打B点时小车的速度为：v【点睛】本题比较简单，属于简单基础题目，考查了匀变速直线运动规律在实验中的简单应用，注意实际打点与计数点的区别．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2.16×106J【解析】

根据W＝qE＝EIt可解得：W＝15×4×10×3600J＝2.16×106J.14、（1）电路中的总电阻为14Ω（2）当加在电路两端的电压U=42V时，通过四个电阻的电流分别为：3A；3A；1A；2A．【解析】

分析电路图，电阻R3、R4并联，再和R1和R2串联，根据欧姆定律和串并联电路的特点求解．【详解】(1)电路中的总电阻