第十七章 欧姆定律（A卷提升卷）（教师版） 2024-2025学年九年级物理全一册单元速记巧练（广东专用人教版）

2024-2025学年九年级物理全册单元测试卷（人教版）第十七章欧姆定律（考试时间：60分钟试卷满分：70分）注意事项：1．测试范围：人教版九年级全册第17章。第Ⅰ卷选择题一、选择题（本题共7小题，每小题2分，共14分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．由欧姆定律变形可得，以下说法正确的是（）A.导体的电阻跟它两端的电压成正比

B.导体的电阻跟通过它的电流成反比

C.导体的电阻跟它两端的电压和通过它的电流无关

D.导体的电阻由它两端的电压和通过它的电流的比值决定【答案】C

【解析】解：电阻是导体本身的一种性质，电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，是计算导体电阻大小的一种方法，故C正确。

故选：C

。2．图中，能正确描述电压一定时，电流随电阻变化的图象是（）A．B． C． D．【答案】B【解答】解：由欧姆定律可知，电压一定时，电流与电阻成反比，据此可知I﹣R图象为反比例函数图象，结合选项可知，B符合、ACD不符合。故选：B。3．两个定值电阻，甲标有“16Ω1.5A”，乙标有“22Ω5A”。现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压是（）A．57V B．41V C．35V D．19V【答案】A

【解答】解：当电阻串联接到电路时，电流处处相等，∵I1＝1.5A，I2＝5A，即I1＜I2，∴为了让每一个电阻都工作，电路中允许通过的最大电流I＝I1＝1.5A，∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴根据欧姆定律可得，电路两端所加的电压：U＝I（R1+R2）＝1.5A×（16Ω+22Ω）＝57V故选：A。4．如图是小唐同学进行“伏安法测电阻”的实验电路图。关于该实验下列说法正确的是（）A．滑动变阻器的作用是多次改变电源电压 B．多次测量取平均值是为了寻找普遍规律 C．测小灯泡电阻也需要多次测量求平均值 D．该电路图还能探究“电流与电压的关系”【答案】D【解答】解：A、在伏安法测电阻的实验中，滑动变阻器一方面可以保护电路，另一方面可以改变电路中的电流与电阻两端电压，故A错误；B、在伏安法测电阻的实验中，为了减小误差应多次测量取平均值，故B错误；C、小灯泡灯丝电阻随温度的升高而增大，所以利用“伏安法”测小灯泡电阻时，不能取不同电压下的电阻的平均值，故C错误；D、探究电流与电压的关系时，要保持电阻大小不变，改变电压，可以通过移动滑动变阻器来实现，故D正确。故选：D。5．小刚用如图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”。实验过程中，当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，为了完成探究，他应该采取的措施是（）

A.将变阻器滑片适当向右移动 B.保持变阻器滑片不动

C.将变阻器滑片适当向左移动 D.适当增加电池的节数【答案】A

【解析】解：ABC、当A、B两点间的电阻由5Ω更换为10Ω后，电路中的总电阻变大，由I=U路中的电流变小，由U=IR可知，滑片不动时，变阻器两端电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，定值电阻两端的电压变大，因探究“一段电路中电流跟电阻的关系”时，应控制电阻两端电压不变，所以，应调节滑动变阻器的滑片增大接入电路中的电阻，减小电路中的电流，即将变阻器滑片适当向右移动，使电压表恢复为接5Ω电阻时的示数，故A正确，BC错误；D、在电池节数不变、AB两点间的电阻由5Ω更换为10Ω时，电压表的示数已经增大了，若适当的加电池的节数，滑片不动时，增加电池的节数，会使电阻两端的电压更大，故D错误。故选：A

。6．小明家的屋顶上有一个水池，下图是他设计的一种自动测量水池内水位高低的装置，R′是定值电阻，R是滑动变阻器，它的滑片是杠杆的一端，则（）A．水位表是由电压表改装而成的 B．杠杆AB需用塑料等绝缘材料 C．水位越高时，水位表示数越大 D．可用导线代替电阻R′接通电路【答案】C【解答】解：A．由图可知水位表串联在电路中，所以水位表是由电流表改装而成的，故A错误；B．因为杠杆AB要有一部分接入电路，应为导体，所以杠杆AB不能用塑料等绝缘材料，故B错误；C．由图可知，定值电阻R′与滑动变阻器R串联，水位表（电流表）测量电路的电流。水位越高，浮子上浮，滑动变阻器的滑片在杠杆的作用下向下移，接入电路的电阻越小，根据欧姆定律可知电路中的电流越大，即水位表的示数越大，故C正确；D．如果用导线代替电阻R′接入电路，则当滑动变阻器R接入电路的电阻为零时，电路会发生短路，电路中的电流很大，会损坏电源和电流表，故D错误。故选：C。7．如图所示为电阻R1和R2的I﹣U图像，由图可知（）A．电阻R1的阻值是5Ω B．电阻R1的阻值大于电阻R2的阻值 C．串联时电阻R1和R2两端电压之比为1：1 D．并联时通过电阻R1和R2的电流之比为1：1【答案】B

【解答】解：A、由图像可知，R1两端的电压为U1＝2.0V时，通过R1的电流为：I1＝0.20A，根据得，R1的阻值为：，故A错误；B、由图像可知，R2两端的电压为U2＝1.0V时，通过R2的电流为：I2＝0.20A，R2的阻值为：，R1＞R2，故B正确；C、两电阻串联时通过它们的电流相等，若串联电路的电流：I＝I1＝I2＝0.20A，由图可知，它们两端的电压之比为：，故C错误；D、两电阻并联接入电路中时它们两端的电压相等，若电源电压为：U＝1.0V，由图可知，通过R1的电流为：，通过R2的电流为：I2＝0.20A，并联时通过电阻R1和R2的电流之比：，故D错误。故选：B。第Ⅱ卷非选择题二、画图题（本题共2小题，共4分。）8．小明连接好如图所示的电路后闭合开关，向右移动滑片时，一只电流表的示数不变，另一只电流表的示数变小。请在方框内填入小灯泡和滑动变阻器的元件符号。【解答】解：由题可知，闭合开关，向右移动滑片时，一只电流表的示数不变，另一只电流表的示数变小，说明小灯泡和滑动变阻并联，一个电流表示数不变，说明这个电流表与小灯泡串联，另一个电流表示数变小，说明这个电流表串联在干路中，如下图所示：9．如图所示是仓库自动防盗报警电路：房门只要不是用钥匙打开，AB间的细导线会断开，电铃发声自动报警，否则只有灯亮。请你根据以上要求将图中的电路连接完整。【解答】解：房门被人打开，细导线AB被扯断时，电铃发声自动报警，说明导线和电铃并联，导线完好时，电铃被短路；否则只有灯亮，所以从电源正极依次串联灯泡、AB以及开关回到电源负极，然后将电铃并联在AB两端，如下图所示：三、填空题（本题共3小题，每空1分,共9分。）10．小明发现实验室里有一卷单股导线，他了解到此类电线每千米的电阻为0.2Ω。为了粗略估算电线有多长，小明用电压表、电流表和电源接成如图所示的电路进行测量。测得电压表的示数为3.0V时，电流表的示数为0.3A，则导线电阻值为Ω，这卷电线的长度约有m。【答案】10；5×104【解答】解：（1）由可得，导线的电阻：（2）因电线每千米的电阻为0.2Ω所以，这卷电线的长度：故答案为：10；5×104。11．公路检查站的“地磅”可以检测货车是否超载。如图是某地磅的工作原理图，滑片P可在竖直放置的电阻R上滑动，当货车质量增大时电表示数变大，所指示的质量数也增大。则接线柱“1”应与（选填“2”或“3”）连接，该显示器是由（选填“电流表”或“电压表”）改装而成的，改装后表示最大质量的刻度应在刻度盘的（选填“左”或“右”）侧；若电路的保护电阻R0损坏，现换用一较大的电阻，则会导致显示器的结果（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【答案】3；电流表；右；偏小。【解答】解：由图可知，电表串联在电路中，因此该电表应该是电流表；当货车质量增大时，滑片向下滑动，已知此时电表示数变大，即电路中的电流增大，改装后表示最大质量的刻度应在刻度盘的右侧；由欧姆定律可知电路的总电阻应变小，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，根据串联电路电阻规律可知滑动变阻器接入电路的电阻变小，所以滑片P向下滑动，因此接线柱“1”应与“3”连接；若电路的保护电阻R0损坏，现换用了一个较大的电阻，根据串联电路电阻规律可知电路总电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，则会导致显示器的结果偏小。故答案为：3；电流表；右；偏小。12．高发光效率LED灯结构如图甲所示。把该灯接入220V电路，其供电原理如图乙所示，灯头中的电源转换器可将220V的照明电压转换为恒定电流I输出，I＝20mA，电源转换器的输出电压U'≤40V。该灯的灯板由10个灯珠组成，单个灯珠的I﹣U图像如图丙所示。小明将一盏无法点亮的LED灯拆开，将灯板中某个灯珠用导线短路后，其余的灯珠亮了，则灯珠间的连接方式是，单个灯珠两端的电压是V，此时灯板的电阻为Ω。【答案】串联；3.5；1575Ω【解答】解：（1）由于串联和并联电路的特点不同，串联电路中用电器之间相互影响，并联电路中各用电器之间互不影响，因将灯板中某个灯珠用导线短路后，其余的灯珠亮了，说明这个灯珠断开，对其它灯珠有影响，所以灯珠间的连接方式是串联；（2）由于电源转换器为恒定电流I输出，则通过灯板上剩余的灯珠电流不变，即为I＝20mA＝0.02A，由图像读出通过灯珠的电流为20mA时，单个灯珠两端的电压为3.5V；根据可得单个灯珠的电阻：由于原来的灯板由10个灯珠串联组成，将灯板中某个灯珠用导线短路后灯板剩余的发光灯珠的个数为9个，根据电阻的串联特点可得此时灯板的电阻为：R＝nR0＝9×175Ω＝1575Ω。故答案为：串联；3.5；1575Ω。四、实验题（本题共3小题，每空1分,共15分。）13．在“探究电流与电压的关系”实验中，小潘设计并连接了如图甲所示的电路。（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到最（选填“左”或“右”）端。（2）闭合开关，发现电流表无示数，电压表示数接近电源电压，已知导线、仪表均完好且接触良好，则故障可能是定值电阻（选填“断路”或“短路”）。（3）排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为1.0V时，电流表示数如图乙所示，则电流表示数为A。实验次数1234电压U/V1.01.62.22.8电流I/A0.160.220.28（4）继续移动滑动变阻器的滑片，进行多次测量，记录实验数据如上表。分析表中数据可知：在电阻一定的情况下，。（5）同桌的小明分别用两个阻值未知的电阻R1和R2进行实验，得到两个电阻的I﹣U图象，如图丙所示，由图象可知R1R2（选填“＞”、“＜”或“＝”）。（6）若将定值电阻换成小灯泡，（选填“能”或“不能”）达到本实验的探究目的，是因为。【答案】（1）左；（2）断路；（3）0.1；（4）通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（5）＜；（6）不能；实验中应控制电阻的阻值不变，而灯泡的电阻会随温度的变化而变化。【解答】解：（1）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即最左端。（2）图甲中电流表测电路中的电流，电压表测定值电阻两端的电压；闭合开关，发现电流表无示数，则电路接通，电压表有示数，则电压表所测量的元件断路，即定值电阻断路。（3）电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流表示数为0.1A。（4）分析表中数据，结合欧姆定律可知可知：在电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。（5）由图象可知，在电流相同时，R2两端的电压大于R1两端的电压，根据可知R1＜R2。（6）若将定值电阻换成小灯泡，不能达到本实验的探究目的，是因为实验中应控制电阻的阻值不变，而灯泡的电阻会随温度的变化而变化。故答案为：（1）左；（2）断路；（3）0.1；（4）通过导体的电流与导体两端的电压成正比；（5）＜；（6）不能；实验中应控制电阻的阻值不变，而灯泡的电阻会随温度的变化而变化。14．“探究导体中电流跟电阻的关系”的实验中，实验器材有：学生电源（6V），电流表（0～0.6A，0～3A）、电压表（0～3V，0～15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器（甲“50Ω，1A”，乙“20Ω，2A”）和导线若干。（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线，将图乙所示的实物连接成完整的电路；（2）实验中，小强用5Ω电阻做完实验后，断开开关，把10Ω的电阻接入电路，闭合开关，并向（选填“A”或“B”）端移动变阻器的滑片，使电压表恢复为接5Ω电阻时的示数；（3）为完成整个实验，应选取（选填“甲”或“乙”）规格的滑动变阻器；（4）依次接入三个定值电阻，操作方法正确，分别记下对应电流表的示数，并利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。由图像可知：。【答案】（1）（2）A；（3）甲；（4）当电压一定时，电流与电阻成反比。【解答】解：（1）电压表需要并联在定值电阻两端，滑动变阻器需要串联在电路中，且需要“一上一下”，如下图所示：（2）用5Ω电阻做完实验后，断开开关，再把10Ω的电阻接入电路；因为定值电阻变大，根据串联分压，电压之比等于电阻之比，定值电阻两端的电压会变大，为了控制定值电阻两端的电压不变，将滑动变阻器向A端移动，使电压表恢复为接5Ω电阻时的示数。（3）“探究导体中电流跟电阻的关系”的实验中，需要控制电阻两端的电压不变，由图丙可知，定值电阻两端的电压当定值电阻最大为20Ω时，其两端电压为：UR＝IR＝0.2A×10Ω＝2V不变；根据串联电路电压规律可得，滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣UR＝6V﹣2V＝4V；根据分压原理得：；代入数据得；解得R滑＝40Ω，即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于40Ω，故应选取甲规格的滑动变阻器。（4）由图像可知，电阻变大几倍，电流就变成几分之一，故可得出结论：电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比。故答案为：（1）；（2）A；（3）甲；（4）当电压一定时，电流与电阻成反比。15．小博在“测量小灯泡的电阻”实验中，准备了以下实验器材：电源、标有“2.5V”的小灯泡、电压表、电流表、滑动变阻器、开关、导线。（1）图乙为根据电路图所连接的实物图，其中有一根导线连接不合理，请你在这根导线上画“×”并改正；（2）闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，该电路故障可能是；（3）排除故障后，闭合开关，移动滑片P，某时刻电压表示数低于2.5V，电流表示数如图丙为A，记录电表示数；若要使灯泡正常发光，可向缓慢移动滑片P，直至电压表的示数为2.5V，记录电表示数；（4）根据所有实验数据画出了小灯泡的U﹣I图象（如图丁），由图象可知小灯泡正常发光时的电阻为Ω；图象中还可发现小灯泡的电阻在变化，原因是。【答案】（1）（2）灯泡短路；（3）0.14；左；（4）10；小灯泡的电阻随温度的升高而增大。【解答】解：（1）小灯泡的额定电压2.5V，电压表应选0～3V的量程，如图所示：（2）闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，说明电压表并联部分短路，结合选项可知，故障可能是灯泡短路；（3）电流表的量程为0.6A，分度值为0.02A，由图知某时刻电流表示数是0.14A；为了测量小灯泡的额定功率，应使灯泡两端电压表的示数增大到2.5V，应增大电路中的电流，减小滑动变阻器接入电路中的电阻，即滑片向左移动；（4）根据小华对所有实验数据作出的小灯泡的U﹣I图象，可知：当电压为2.5V时，对应的电流为0.25A，小灯泡正常发光时的电阻为：；小灯泡的U﹣I图象是曲线而不是过原点的直线是因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大。故答案为：（1）；（2）灯泡短路；（3）0.14；左；（4）10；小灯泡的电阻随温度的升高而增大。五、计算题（本题共2小题,共15分。）16．（7分）在如图所示的电路中，已知电阻R1阻值为10Ω。闭合开关S后，电流表A的示数为1.5A，电流表A1的示数为1A，求：（1）通过R1的电流；（2）电源电压；（3）电阻R2的阻值。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S后，R1与R2并联，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流。（1）由电流表A1的示数可知，通过R1的电流I1＝1A；（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由可得，电源的电压：U＝I1R1＝1A×10Ω＝10V；（3）由电流表A的示数可知，干路电流I＝1.5A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝1.5A﹣1A＝0.5A，则电阻R2的阻值：答：（1）通过R1的电流为1A；（2）电源电压为10V；（3）电阻R2的阻值为20Ω。17．（8分）如图所示，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为电阻箱，当R2＝10Ω时，电流表示数为0.5A；当R2＝30Ω时，电流表示数为0.3A；请计算：（1）定值电阻R1的阻值和电源电压U；（2）若电流表使用的量程为0～0.6A，求R2允许接入电路的最小阻值。【解答】解：（1）闭合开关，两电阻并联接入电路，电路表测干路电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得I＝I1+I2＝，代入数据可得﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，﹣﹣﹣﹣﹣﹣②，①②联立可得R1＝15Ω，U＝3V；（2）电流表使用的量程为0～0.6A，所以通过电路的最大电流为0.6A，则通过滑动变阻器的最大电流：I2＝I﹣I1＝0.6A﹣0.2A＝0.4A，滑动变阻器接入电路的最小阻值：答：（1）定值电阻R1的阻值为15Ω，电源电压为3V；（2）R2允许接入电路的最小阻值为7.5Ω。六、综合开放题（本题共2小题,共13分。）18．阅读短文，回答问题：力电传感器常见的一种力电传感器由弹簧钢和应变片组成，其结构示意图如图甲所示。弹簧钢右端固定，在其上、下表面各贴一个相同的应变片。若在弹簧钢的自由端施加向下的作用力F，则弹簧钢发生弯曲，上应变片被拉伸，下应变片被压缩。应变片采用半导体材料制成，其阻值与长度成正比。给上、下应变片提供相等且恒定不变的电流，上应变片两端电压为U1，下应变片两端电压为U2，传感器把这两个电压的差值U（U＝UI﹣U2）输出，用来反映力F的大小。半导体应变片的阻值随温度会发生变化，其变化情况如图乙所示。为消除气温变化对测量精度的影响，需分别给上、下应变片串联一只合适的电阻，进行温度补偿。串联合适的电阻后，测量结果不再受温度影响。（1）力F越大，弹簧钢的弯曲程度越（大/小），传感器输出的电压U越（大/小）；（2）外力F1时，上、下应变片的电阻分别是R1、R2；外力F2时，上、下应变片的电阻分别是R1′、R2′。若F1＞F2，则R1、R2、R1′、R2′从大到小的排列是；A.R1＞R2＞R2′＞R1′B.R1＞R2＞R1′＞R2′C.R1＞R1′＞R2′＞R2D.R1＞R2′＞R1′＞R2（3）如果未进行温度补偿，自由端受到相同的力F作用，该传感器下应变片两端的电压U2夏天比冬天（大/小）；（4）进行温度补偿时，应给下应变片串联的电阻，最合适的是图中的。【答案】（1）大；大；（2）C；（3）小；（4）D。【解答】解：（1）外力越大，弹簧钢的形变越大，弯曲程度越大，上应变片被拉伸越大，下应变片被压缩也越大，那么上应变片电阻与下应片电阻差值也也大，输出电压也越大。（2）外力F1时，上、下应变片的电阻分别是R1、R2，此时上应变片被拉伸，电阻变大，下应变片被压缩，电阻变小，则R1＞R2；外力F2时，上、下应变片的电阻分别是R1′、R2′，此时R2′＜R1′，若F1＞F2，则上应变片被拉伸得越长，电阻越大，所以R1＞R1′，下应变片被压缩得越短，电阻越小，所以R2′＞R2，则R1、R2、R1′、R2′从大到小的排列顺序为R1＞R1′＞R2′＞R2；故C正确；（3）应变片的电阻会随温度的升高而减小，夏天温度更高，下应变片的电阻更小，由U＝IR可知，下应变片两端的电压U2夏天比冬天小。（4）由图乙可知，应变片随温度的升高减小得越来越快，进行温度补偿时，串联的电阻应该随温度的升高增加得越来越快，故D正确。故答案为：（1）大；大；（2）C；（3）小；（4）D。19．爱动脑的小明想利用物理知识将电流表改装成电子拉力计，图甲是其电路原理图。弹簧右端和金属滑片P固定在一起(弹簧的电阻不计)，定值电阻R0=5Ω，a、b是一根长为5cm的均匀电阻丝(其电阻大小与长度成正比)，阻值为R1=35Ω，电源电压U=6V，电流表的量程为0∼0.6A；当不拉拉环时，金属滑片P刚好处于a端。已知该弹簧伸长的长度ΔL（1）将电流表的表盘改为拉力计的表盘，可以把拉力的大小信息转化为电流信息，更加方便简洁，信息转化的关键环节为：拉力大小变化→滑片P的位置变化→电路的_____变化→电流的变化；（2）当不拉拉环时，电路中的电流是_____A；（3）在电路中连入R0（4）为了保证电路安全，