2025届海西市重点中学物理高二上期中质量检测模拟试题含解析

2025届海西市重点中学物理高二上期中质量检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在匀强电场中，A，B，C，D，E，F六点构成一边长为的正六边形，电场方向平行于纸面．一电子在外力作用下从A点移动到C点，克服电场力做功，从点移动到点，其电势能增加．则关于匀强电场场强E的大小和方向的判断，正确的是()A．，方向由F指向CB．，方向由C指向FC．，方向由F指向CD．，方向由A指向E2、R1＝10Ω，R2＝20Ω，R1允许通过的最大电流为1.5A，R2两端允许加的最大电压为10V．若将它们串联，加在电路两端的最大电压可以是()A．45V B．5VC．25V D．15V3、一不计重力的带电粒子q从A点射入一正点电荷Q的电场中，运动轨迹如图所示，则()A．粒子q带正电B．粒子q的加速度先变小后变大C．粒子q的电势能先变小后变大D．粒子q的动能一直变大4、A点为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A．若在A点换上-q，A点的场强方向发生改变B．A点场强的大小、方向与q无关C．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2E5、做匀加速直线运动的物体，位移与时间的关系满足，其初速度是()A．4m/s B．2m/s C．1m/s D．m/s6、图甲是洛伦兹力演示仪．图乙是演示仪结构图，玻璃泡内充有稀薄的气体，由电子枪发射电子束，在电子束通过时能够显示电子的径迹．图丙是励磁线圈的原理图，两线圈之间产生的磁场近似匀强磁场，线圈中电流越大磁场越强，磁场的方向与两个线圈中心的连线平行．电子速度的大小和磁感应强度可以分别通过电子枪的加速电压和励磁线圈的电流来调节．若电子枪垂直磁场方向发射电子，给励磁线圈通电后，能看到电子束的径迹呈圆形．关于电子束的轨道半径，下列说法正确的是A．只增大励磁线圈中的电流，轨道半径变小B．只增大励磁线圈中的电流，轨道半径不变C．只增大电子枪的加速电压，轨道半径不变D．只增大电子枪的加速电压，轨道半径变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，图线1表示的导体电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后看作一个电阻，其I-U图线在图线2与横轴之间D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：38、一电动摩托车的电瓶由四组相同的蓄电池串联而成，每组蓄电池的电动势为，容量为，则（）A．该摩托车的电瓶总电动势为 B．该摩托车的电瓶总电动势为C．该摩托车的电瓶总容量为 D．该摩托车的电瓶总容量为9、如图所示的U-I图象中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的伏安曲线，将该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知A．R的阻值为2.0ΩB．电源电动势为2V，内阻为0.5ΩC．电源的输出功率为2.0WD．电源总功率为2.0W10、如图所示的电路中，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，则有（）A．V1表读数变大B．V2表读数变大C．电源的总功率变小D．A表读数变小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学验证物体质量一定时加速度与合力的关系，实验装置如图所示．主要思路是，通过改变悬挂小钩码的质量，改变小车所受拉力，并测得小车的加速度．将每组数据在坐标纸上描点、画线，观察图线特点．（1）实验中为使小钩码的重力近似等于小车所受拉力，则钩码的质量m和小车质量M应该满足的关系为：___________．（2）如图所示为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T，测量其中x1、x2、x3、x4、x5、x1．为了尽量减小误差，则用T、x1、x2…x1表示小车加速度大小a=_______________．（3）经过1次实验，获得了1组对应的小车所受合力F、小车加速度a的数据，在坐标纸上描点、画线，得到如图所示的a-F图线．发现图线不过原点，经排查发现：并非人为的偶然误差所致，那么，你认为出现这种结果的原因可能是：______．学习牛顿第二定律后，你认为，图中图线的斜率表示________．12．（12分）某同学要测量一节干电池的电动势和内阻，除开关S和导线外，实验室还提供以下器材可供选择：A．电压表V（量程为3V，内阻RV=10kΩ）B．电流表G（量程为3mA，内阻RG=100Ω）C．电流表A（量程为3A，内阻约为0.5Ω）D．滑动变阻器R1（阻值范围为0~10Ω，额定电流为2A）E.滑动变阻器R2（阻值范围为0~1000Ω，额定电流为1A）F.定值电阻R3=0.5Ω（1）该同学根据所选择的器材画出了如图甲所示的原理图，他没有选用电流表A的原因是__________.（2）该同学将电流表G与定值电阻R3并联进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是____A．（3）为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器为______(填写器材前对应的字母).（4）该同学利用上述实验原理测得数据，以电流表G的读数为横坐标，以电压表V的读数为纵坐标，绘出了如图乙所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E=____V，电源的内阻r=___Ω.(均保留两位小数)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一直流电动机与阻值为的电阻串联在电源上，电源的电动势V，内阻，用理想电压表测出电动机两端的电压V，已知电动机线圈电阻，求：(1)电路中的电流；(2)电源的输出功率；(3)电动机的输出功率14．（16分）如图，匀强电场的场强为103V/m，a、b两点间的距离为0.1m，ab连线与电场方向的夹角为600，则a、b两点间的电势差为多少？若将电量为的点电荷从a点移到b点，电场力做功为多少？15．（12分）竖直放置的平行金属板AB相距30cm，带有等量异种电荷。在两板间用绝缘细线悬挂一个质量m=4.0×10-5kg，带电荷量q=+3.0×10-7C的小球，平衡时悬线偏离竖直方向夹角α=370,如图所示。（1）AB两板间的电场强度大小；（2）AB两板间的电压。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

电子从A点移动到C点，克服电场力做功W，电势能增加W，从C点移动到E点，其电势能增加W，又因为A到C的距离等于C到E的距离，结合匀强电场的特点，可知F、C为等势点。所以电场线方向垂直于FC。方向由A指向E。AC间的电势差大小，AC间沿电场线方向上距离为，则电场强度为：A．，方向由F指向C。故A错误。B．，方向由C指向F。故B错误。C．，方向由F指向C。故C错误。D．，方向由A指向E。故D正确。2、D【解析】

本题中R1、R2串联，R1允许通过的最大电流为1.5A，经计算，R2允许通过的最大电流仅为0.5A，则通过串联电路的最大电流以最小的为准，从而求得加在电路两端的最大电压是15V故选D。3、C【解析】

A．带电粒子受力的方向指向正电荷，所以粒子q带负电，A错误；B．靠近源电荷的地方场强大，所以粒子q的加速度先变大后变小，B错误C．电场力先做正功后做负功，所以粒子q的电势能先变小后变大，C正确D．电场力先做正功后做负功，所以粒子q的动能先增加后减小，D错误4、B【解析】电场强度是通过比值定义法得出的，其大小及方向与试探电荷无关；故放入任何电荷时电场强度的方向大小均不变，故ACD错误，B正确；故选B.5、A【解析】

由,对比位移与时间的关系得，初速度v0=4m/s故选A。6、A【解析】

电子被加速电场加速，由动能定理得：电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，由牛顿第二定律得：解得：AB．增大励磁线圈中的电流，磁感应强度B增大，由可知，轨道半径r变小，故B错误，A正确；CD．只增大电子枪的加速电压U，由可知，轨道半径变大，故CD错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R2：R2=2：2．将R2与R2串联后看作一个电阻，此电阻值比R2还大，则其I-U图线在图线2与横轴之间，选项C正确；并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R2与R2并联后接于电源上，电流比I2：I2=2：2．故AC正确，BD错误．故选AC．【点睛】解决本题的关键知道I-U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点；两电阻串联后总电阻比大的还大；两电阻并联后总电阻比小的还小．8、BC【解析】

AB．由题意可知，每组蓄电池的电动势为12V，则四组电池串联的总电动势为48V，所以B正确，A错误；CD．电池的容量就是电池放电时能输出的总电荷量。4组串联则总容量为。故选BC。9、BC【解析】

A．R的阻值为选项A错误；B．由图像可知，电源电动势为E=2V，内阻为选项B正确；C．电源的输出功率为P=IU=2×1W=2.0W选项C正确；D．电源总功率为P总=IE=2×2W=4.0W选项D错误。10、AC【解析】

A.闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，变阻器接入电路的阻值变大，则外电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，总电流变小，则路端电压变大，即V1表读数变大，故A正确；B.总电流变小，根据部分电路的欧姆定律，R1两端的电压变小，即V2表读数变小，故B错误；C.电源的总功率为P＝EI，E不变，I减小，电源的总功率变小。故C正确；D.R2两端的电压加上R1两端的电压等于路端电压，即U1＋U2＝U，R1两端的电压变小，路端电压变大，所以R2两端的电压变大，故R2中的电流变大，即A表读数变大。故D错误；故选AC；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、没有平衡摩擦力或平衡不够小车质量M的倒数【解析】

（1）[1]根据牛顿第二定律得，对m：mg-F拉=ma对M：F拉=Ma解得：当时，即当钩码的总重力要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于钩码的总重力．（2）[2]根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，则有：为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：即小车运动的加速度计算表达式为：（3）[3]a-F图象不过原点而有横轴截距，说明当挂上钩码后加速度仍不为零，说明没有平衡摩擦力或平衡不够；[4]根据：可知a-F图象的斜率表示小车质量M的倒数．【点睛】只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．12、电流表量程太大0.603D1.480.84【解析】

[1]根据分析可知，电流最大时不到2.5mA，所以用3A量程时太大，没有选用电流表A的原因是量程太大；[2]根据并联分流且电压相等，可得改装后电流表量程为：。[3]为使电路中电流较大，并且方便调节，故实验中应选用的滑动变阻器是阻值范围较小的R1。[4][5]由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E＝1.48V；图线的斜率大小k＝r，由数学知识知：则电源的内阻为：r＝k＝0.840Ω。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)2A(2)56W(3)16W【解析】

(1)由E=30V，电动机两端电压为10V可得R和电源内阻上分担的电压为20V，则有解得A(2)电源的输出功率解得W(3)电动机的热功率电动机的输出功率代入数据解得W14、50V，1×l0–8J【解析】

(1)据匀强电场电