2025届广东省深圳市福田区耀华实验学校华文部高二物理第一学期期中联考试题含解析

2025届广东省深圳市福田区耀华实验学校华文部高二物理第一学期期中联考试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一段粗细均匀、横截面积为S的金属导线接到输出电压为U的稳压电源上，此时导线中自由电子定向移动速率为v，电子的电荷量大小为e，导线接入电路中的部分电阻为R，则这导线单位体积内自由电子的数量n等于A． B． C． D．2、三根相互平行的通电长直导线放在等边三角形的三个顶点上，右图为其截面图，电流方向如图所示．若每根导线的电流均为I，每根直导线单独存在时，在三角形中心O点产生的磁感应强度大小都是B，则三根导线同时存在时O点的磁感应强度大小为（）A．0 B．B C．2B D．B3、下列几组全是矢量的是（）A．加速度、速度变化量、速度B．路程、时间、位移C．位移、时间、速度D．速度、路程、加速度4、一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向。两个比荷（即粒子的电荷量与质量之比）不同的带正电的粒子a、b，从电容器边缘的P点（如图）以相同的水平速度射入两平行板之间。测得a、b与电容器的撞击点到入射点之间的水平距离之比为1∶3。若不计重力，则a和b的比荷之比是（）A．1∶3B．9∶1C．3∶1D．1∶95、两个点电荷Q1、Q2位于x轴上A、B两点，若取无限远处的电势为零，则在它们形成的电场中，沿x轴正方向上各点的电势如图所示，且AP＞PB．由图线提供的信息可知A．P点的电场强度为零B．Q1的电荷量较大C．电子沿x轴从A移到B的过程中，加速度逐渐减小D．电子沿x轴从A移到B的过程中，电场力先做正功，后做负功6、如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞出．仅在电场力作用下，两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（）A．a一定带正电，b一定带负电B．a的加速度减小，b的加速度增大C．a的电势能减小，b的电势能增大D．a的动能减小，b的动能增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，以下说法正确的是A．电压表和电流表的示数都增大B．电源的总功率变小C．灯L1变亮，灯L2变暗D．电容器的带电量减少8、如图竖直墙面与水平地面均光滑绝缘，两个带有同种电荷的小球A、B分别处于竖直墙面和水平地面，且共处于同一竖直平面内，若用如图所示方向的水平推力F作用于小球B，则两球静止于如图所示位置，如果将小球B稍向左推过一些，两球重新平衡时的受力情况与原来相比()A．推力F将增大B．墙面对小球A的弹力减小C．地面对小球B的弹力减小D．两小球之间的距离增大9、用多用电表测电阻时，若选择“×100”的欧姆档测量发现（）A．指针指在电阻刻度较靠近0Ω的某刻度线上，则应换用“×1k”的欧姆档测量B．指针指在电阻刻度较靠近0Ω的某刻度线上，则应换“×10”或“×1”欧姆档测量C．指针指在电阻刻度较靠近∝的某刻度线上，则应换用“×1k”的欧姆档测量D．指针在电阻刻度较靠近∝的某刻度线上，则应换用“×10”或“×1”的欧姆档测量10、在两块带等量异性电荷的平行金属板M、N之间，垂直于金属板放置一个原来不带电的金属棒AB，如图所示．当达到静电平衡后，以下说法中正确的是（）A．金属棒上A端电势高于B端电势B．金属棒上A、B两端电势相等C．由于静电感应，金属棒的A端带正电荷D．由于静电感应，金属棒的A端带负电荷三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）(1)用游标为20分度的卡尺测量某圆柱型电阻长度如图甲，由图可知其长度L＝________mm.(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径D＝________mm.(3)该同学想用伏安法测量其电阻R（约200Ω），现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；电流表A1(量程0～5mA，内阻约50Ω)；电流表A2(量程0～15mA，内阻约30Ω)；电压表V1(量程0～3V，内阻约10kΩ)；电压表V2(量程0～15V，内阻约25kΩ)；直流电源E(电动势4V，内阻不计)；滑动变阻器R1(阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A)；滑动变阻器R2(阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A);开关S；导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，应选用电流表______,电压表______，滑动变阻器_______（选填A1、A2、V1、V2、R1、R2）．电路连接应是电流表______（选填内接或者外接），采用______接法（选填分压或限流）．12．（12分）某同学在实验室找到了一个小灯泡(额定电压3.8V，额定功率2W)，该同学打算描绘该灯泡的伏安特性曲线，并测定其在额定电压下的实际功率，看看是否等于标称的额定功率。他在实验室还找到了如下的实验器材：A．电压表(量程3V，内阻约6kΩ)B．电压表(量程6V，内阻约30kΩ)C．电流表(量程0.6A，内阻约0.5Ω)D．电流表(量程3A，内阻约0.1Ω)E．滑动变阻器(阻值范围0~5Ω，额定电流为2.0A)F．滑动变阻器(阻值范围0~100Ω，额定电流为0.3A)G．蓄电池组(电动势E=6V，内阻很小)H．开关、导线若干。（1）为了提高实验的精度，电压表选_______；电流表选_______；滑动变阻器选______。（填写器材前面的字母序号，如：A、B、C……）（2）该同学共设计了四个实验电路图A、B、C、D，如图甲所示。请你帮他选择最佳的实验电路设计方案________。（3）根据所选的实验电路，将器材连接成实物图后进行实验，通过实验得到如下数据(I和U分别表示电学元件上的电流和电压)。I/A00.100.200.310.380.440.47…U/V00.501.001.502.002.503.00…根据实验数据作出小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示。请根据图象求出该灯泡在额定电压下的实际功率为_________W。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一辆电瓶车，质量为500kg，由内阻不计的蓄电池组向直流电动机提供24V的电压，当电瓶车在水平地面上以0.8m/s的速度匀速行驶时，通过电动机的电流为5A，设车所受阻力是车重力的0.02倍（g=10m/s2），求：（1）电动机消耗的总功率为多少？（2）电动机的机械功率为多少？（3）电动机的内阻为多大？14．（16分）如图，木板A静止在光滑水平面上，其左端与固定台阶相距x．与滑块B（可视为质点）相连的细线一端固定在O点．水平拉直细线并给B一个竖直向下的初速度，当B到达最低点时，细线恰好被拉断，B从A右端的上表面水平滑入．A与台阶碰撞无机械能损失，不计空气阻力．已知A的质量为2m，B的质量为m，A、B之间动摩擦因数为μ；细线长为L、能承受的最大拉力为B重力的5倍；A足够长，B不会从A表面滑出；重力加速度为g．（1）求B的初速度大小v0和细线被拉断瞬间B的速度大小v1（2）A与台阶只发生一次碰撞，求x满足的条件（3）x在满足（2）条件下，讨论A与台阶碰撞前瞬间的速度与x关系15．（12分）在如图所示的电路中，电源电动势E＝6V，内阻，定值电阻，，，电容器的电容，电容器原来不带电．求：（1）闭合开关S后，电路稳定时，流过的电流大小；（2）闭合开关S后，直至电路稳定过程中流过的总电荷量Q.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

导体中的电流根据电流微观表达式I=nevS联立可得：A．，与结论不相符，选项A错误；B．，与结论相符，选项B正确；C．，与结论不相符，选项C错误；D．，与结论不相符，选项D错误；2、C【解析】分析：三角形中心O点到三根导线的距离相等．根据安培定则判断三根导线在O点产生的磁感应强度的方向，根据平行四边形定则进行合成，求出三根导线同时存在时的磁感应强度大小．解答：解：根据安培定则判断得知：三根导线在O点产生的磁感应强度的方向分别为：上面导线产生的B方向水平向左，大小为B；下面左边导线产生的B方向斜向左上方，与水平成60°角，下面右边导线产生的B方向斜向右上方，与水平成60°角，则根据平行四边形定则进行合成可知，下面两根导线产生的合场强大小为B，方向水平向左，所以三根导线同时存在时的磁感应强度大小为2B，方向水平向左．故选C点评：本题首先运用安培定则判断B的方向，其次要利用平行四边形定则进行合成，同时要利用好几何关系．3、A【解析】

加速度、速度变化量、速度、位移都是既有大小又有方向的物理量，是矢量；而路程、时间只有大小无方向，是标量；故选A.4、B【解析】两带电粒子都做类平抛运动，水平方向匀速运动，有x=vt，垂直金属板方向做初速度为零的匀加速直线运动，有电荷在电场中受的力为F=Eq，根据牛顿第二定律有F=ma，联立解得因为两粒子在同一电场中运动，E相同，相同的水平速度，侧位移相同，所以比荷与水平位移的平方成反比，比荷之比为9：1，故B正确，ACD错误；故选B。5、B【解析】

A、该图象的斜率等于场强E，则知P点电场强度不为零，A错误；B、如果Q1和Q2为等量异种电荷，点连线中垂线是等势面，故连线中点为零电势点；由于AP＞PB，故Q1＞Q2，B正确；C、从φ﹣x图象的斜率可知，A到B的区间电场强度先减小后增大，故电子在沿x轴从A移到B的过程中，受到的电场力先减小后增大，加速度也是先减小后增大，C错误；D、电子沿x轴从A移到B的过程中，电场力方向始终指向x轴负方向，与电子移动方向相反，故电场力一直做负功，D错误．6、B【解析】

A、由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定，故A错误；B、根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度及电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，故B正确；CD、根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，其动能都增大，其电势能都减小，故CD错误．故选：B．【点睛】先由曲线运动的条件判断电场力的方向，明确电场力做功与电势能、动能的关系；由电场线与电场强度的关系即可判断加速度的变化．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

根据电路结构明确滑片移动过程中，总电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可得出路端电压及电流的变化；则可得出总功率的变化；由电容器的性质分析电容器带电量的变化。【详解】滑动变阻器和灯L2的并联，则有1R并=1R2+1R，将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，R减小，则R并也减小，根据闭合电路欧姆定律I=ER1+R并+r，电路中的总电流故应选CD。【点睛】本题考查了闭合电路欧姆定律和串并联电路的动态分析．要注意本类题目的解题思路为：局部-整体-局部。8、BD【解析】

ABC.以A球为研究对象，分析受力，作出力图如图所示：设B对A的库仑力F与墙壁的夹角为θ，由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为：将小球B向左推动少许时θ减小，则N1减小，再以AB整体为研究对象，分析受力如图所示由平衡条件得：F=N1N2=（mA+mB）g则F减小，地面对小球B的弹力一定不变。故A错误，B正确，C错误；D.库仑力θ减小，cosθ增大，F库减小，根据库仑定律分析得知，两球之间的距离增大。故D正确。9、BC【解析】

AB．指针指在电阻刻度较靠近0Ω的某刻度线上，所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用“×10”或“×1”的欧姆档，故A错误，B正确；CD．指针指在电阻刻度较靠近∝的某刻度线上，说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，则应换用“×1k”的欧姆档，故C正确，D错误；故选BC。10、BD【解析】试题分析：根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，再由感应带电，可确定棒的正负极．解：达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到φA=φB，由于正电荷在左边，所以棒A带负电，B带正电，所以BD正确，AC错误．故选BD．点评：达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，这是解决本题的关键的地方，对于静电场的特点一定要熟悉．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.15;0.4700;见解析；【解析】(1)游标卡尺的读数为L=50mm+3×0.05mm=50.15mm；(2)螺旋测微器的读数为：d=4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm=0.4700cm；(3)由于电压表V2量程太大（量程的大于电源的电动势），所以电压表应选择V1，根据欧姆定律可求出通过待测电阻的最大电流为，所以电流表应选择A2，根据实验要求多测几组数据可知变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器以方便调节；由于待测电阻满足，电流表应用外接法，所以电路应是“分压外接”电路，如图所示12、BCEC1.9【解析】

（1）[1][2][3]．灯泡额定电压为3.8V，则电压表选择B；灯泡的额定电流为,可知电流表选择C即可；滑动变阻器要用分压电路，故选择E即可；（2）[4]．小灯泡电阻为,可知电压表内阻远大于待测电阻的阻值，可知电流表选择外接电路，滑动变阻器用分压电路，故选C；（3）[5]．画出电阻的U-I图像如图；由图像可知，当U=3.8V时，I=0.5A，则P=IU=1.9W.四、计算题：本题共2小题，共26分。