广西柳州市高级中学2025届高二物理第一学期期中综合测试模拟试题含解析

广西柳州市高级中学2025届高二物理第一学期期中综合测试模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列物体中，做圆周运动的是（）A．转动的电风扇叶B．投出的篮球C．奔跑的小白兔D．树上落下的苹果2、在登月飞船通过月、地之间的某一位置时，月球和地球对它的引力大小相等，该位置到地球中心和月球中心的距离之比为9∶1，则地球质量与月球质量之比约为()A．9∶1 B．1∶9 C．27∶1 D．81∶13、如图所示，可视为点电荷的小球A、B分别带负电和正电，B球固定，其正下方的A球静止在绝缘斜面上，则A球受力个数为（）A．可能受到2个力作用 B．可能受到3个力作用C．一定受到4个力作用 D．可能受到5个力作用4、下列粒子从静止状态经过电压为U的电场加速后，速度最大的是（）A．氘核(H) B．质子(H) C．α粒子(He) D．钠离子(Na+)5、已知无限长直线电流周围空间的磁感应强度大小可表示为B=KI/d(其中K为比例系数,I为电流强度,d为空间位置到直线电流的距离)。如图，无限长直线电流相距为d，纸面内有一点P，且与两根电流的距离均为d，则P点的磁感应强度大小为（）A．kdI12+I6、截面直径为d，长为l的导线，两端电压为U，当这三个量中的一个改变时，对自由电子定向移动的平均速度的影响是：①电压U加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变；②导线长度l加倍时，自由电子定向移动的平匀速率减为原来一半；③导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动的平均速率不变；④导线截面直径d加倍时，自由电子定向移动平均速率加倍．其中正确的选项是（

）A．①③ B．②③ C．③④ D．①④二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A．输出功率一定先增大后减小B．总功率一定减小C．内部损耗功率可能增大D．效率一定增大8、某动车速度从0增加到50m/s（即180km/h）所用的时间为100s。动车在这段时间内的运动可视为匀加速直线运动，则这段时间内动车的（）A．加速度为2m/s2B．加速度为0.5m/s2C．速度变化量为0.5m/sD．速度变化量为50m/s9、如图所示的电路中，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，则有（）A．V1表读数变大B．V2表读数变大C．电源的总功率变小D．A表读数变小10、如图所示，电动势为E，内阻为r的电源与滑动变阻器R1、定值电阻R2、定值电阻R3、平行板电容器及理想电流表组成闭合电路，图中电压表为理想电压表，当滑动变阻器R1的触头向左移动一小段时，则（）A．电流表读数增大B．电容器带电荷量增加C．R2消耗的功率减小D．电压表与电流表示数变化量之比不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个小灯泡上标有“2.5V，0.6W”的字样，现要描绘并研究其伏安特性曲线，有下列器材可供选用：A．电压表（0—3V，内阻约3kΩ）B．电流表（0—0.6A，内阻约0.2Ω）C．滑动变阻器（10Ω，1A）D．滑动变阻器（1000Ω，0.3A）E.直流电源，另有开关一个、导线若干。（1）实验中滑动变阻器应选__________（只填器材的字母代号）。（2）某同学已连接如图所示的电路，已知各元件均无故障，但在合上开关后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是不能调为零，其原因是__________（请填写图中的字母，如ne）导线没有接好。电路中还有一个连接不当之处，请提出改进方案：___________。（3）利用正确实验方案测得的实验数据，在I-U坐标系中描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图所示，则小灯泡的电阻值随工作电压的增大而__________（填“不变”、“增大”或“减小”）。若把该灯泡接到一个电动势为3.0V、内阻为10Ω的直流电源时，小灯泡消耗的实际功率约为__________W。（结果保留两位有效数字）12．（12分）在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，选择“3V0.5A”的小灯泡作为研究对象，请回答下面几个问题：（1）下列实验器材中应选择________（填入器材序号）．A．电流表（量程0～0.6A,内阻约1Ω）B．电流表（量程0～3A，内阻约1Ω）C．电压表（量程0～15V，内阻约10kΩ）D．电压表（0～3V，内阻约2kΩ）E．滑动变阻器（阻值0～1000Ω）F．滑动变阻器（阻值0～10Ω）G．电源E＝6VH．开关S，导线若干（2）在本实验中，滑动变阻器应采用________（填“分压”或“限流”）接法，电流表应采用________（填“内”或“外”）接法．（3）在方框中画出实验电路图。（____）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角，一电子(其电荷量为e=1.6×10-19C)从a移到b电场力做功为Wab=3.2×10-18J求：(1)匀强电场的场强大小及方向.(2)电子从b移到c，电场力对它做功.(3)a、c两点的电势差等于多少？14．（16分）如图所示，两条相同的“L”型金属导轨平行固定且相距d=1m，水平部分LM、OP在同一水平面上且处于竖直向下的匀强磁场，磁感应强度B1=1T；倾斜部分MN、PQ与水平面成37°角，有垂直于轨道平面向下的匀强磁场，磁感应强度B2=3T。金属棒ab质量为m1=0.2kg、电阻R1=1Ω，金属棒ef的质量为m2=0.5kg、电阻为R2=2Ω。ab置于光滑水平导轨上，ef置于动摩擦因数μ=0.5的倾斜导轨上，金属棒均与导轨垂直且接触良好。从t=0时刻起，ab棒在水平恒力F1的作用下由静止开始向右运动，ef棒在沿斜面的外力F2的作用下保持静止状态。当ab棒匀速运动时，此时撤去力F2，金属棒ef恰好不向上滑动（设定最大静摩擦力等于滑动摩擦力，ab始终在水平导轨上运动），sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。求：（1）当金属棒ab匀速运动时，其速度为多大；（2）金属棒ab在运动过程中最大加速度的大小；（3）若金属棒ab从静止开始到匀速运动用时t=1.2s，则此过程中金属棒ef产生的焦耳热为多少？15．（12分）（10分）如图所示，用长L=0.50m的绝缘轻质细线，把一个质量m=1.0g带电小球悬挂在带等量异种电荷的平行金属板之间，平行金属板间的距离d=5.0cm，两板间电压U=1.0×103V。静止时，绝缘线偏离竖直方向θ角，小球偏离竖直距离a=1.0cm。（θ角很小，为计算方便可认为tanθ≈sinθ，取g=10m/s2，需要求出具体数值，不能用θ角表示）求：（1）两板间电场强度的大小；（2）判断小球带何种电荷并计算其带电荷量；（3）在图示位置，若将细线突然剪断，小球做何种性质的运动？求加速度a的大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

转动的电风扇叶，做圆周运动，选项A正确；投出的篮球，做抛体运动，选项B错误；奔跑的小白兔也做无规则的曲线运动，选项C错误；树上落下的苹果做直线运动，选项D错误；故选A.2、D【解析】

设地球质量为M，月球质量为m，飞船质量为m'，地球到飞船的距离为R，月球到飞船的距离为r，则有：R=9r；由万有引力定律可得：地球对飞船的引力月球对飞船的引力由F=F'可得：M=81m故选D。3、A【解析】

由题中“可视为点电荷的小球A、B分别带负电和正电”可知，本题考查受力分析和力的平衡，根据电荷之间的库仑力和平衡条件可分析本题。【详解】A.小球A受重力和B给的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，则可以满足受力平衡条件，故A正确；C.若向上的吸引力小于重力，则A对斜面有压力，会受到斜面的支持力，若要合力为零，处于平衡状态，必须还要受到一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A是可能受四个力，故C错误；BD.有以上分析可知，A不可能受3个或5个力的作用，故BD错误。4、A【解析】试题分析：由动能定理可得：，解得：，可见粒子经同一电场加速后速度的大小由粒子的比荷决定，即越大，速度越大，所以质子的速度最大，故A正确；B、C、D错误．考点：本题考查动能定理．5、A【解析】

I1在P点产生的磁感应强度为：B1I2在P点产生的磁感应强度为：B2由平行四边形定则可知：P点的磁感应强度大小为B=B故应选：A。【点睛】本题是一道信息给予题，认真审题，知道磁感应强度的计算公式、熟练应用安培定则、磁场的叠加原理即可正确解题。6、B【解析】

根据和欧姆定律、电阻定律分析即可．【详解】设导体的单位体积内的自由电子数为n，导体的横截面积为S，则导体的电流可以表示为，①电压U加倍时，导体的电阻值不变，根据欧姆定律可知导体的电流加倍，所以自由电子定向移动的平均速率加倍，①错误；②导线长度l加倍时，根据电阻定律：可知导体的电阻值加倍，由欧姆定律可知通过导体的电流值减小为原来的一半，所以自由电子定向移动的平匀速率减为原来一半，②正确；导线截面直径d加倍时，导线的横截面积变成原来的4倍，根据电阻定律可知导体的电阻值变成原来的，由欧姆定律可知通过导体的电流值增大为原来的4倍，结合公式可知，自由电子定向移动的平均速率不变，③正确④错误，故B正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，故A错误；电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故B正确；电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率PQ=I2r减小，故C错误；电源的效率，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增大，故D正确；故选BD．【点睛】此题是对动态电路的功率分析问题；关键是知道电源的总功率P=IE，电源内阻上的功率P=I2r，电源的效率；知道当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大等结论；此题考查学生对基本公式的应用能力.8、BD【解析】

某动车速度从0增加到50m/s，则速度的变化量为：∆v=50m/s-0=50m/s；所用的时间为100s，则加速度为a=ΔvΔt=【点睛】知道速度的变化量等于末速度减初速度；记住加速度等于速度的变化率.9、AC【解析】

A.闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，变阻器接入电路的阻值变大，则外电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，总电流变小，则路端电压变大，即V1表读数变大，故A正确；B.总电流变小，根据部分电路的欧姆定律，R1两端的电压变小，即V2表读数变小，故B错误；C.电源的总功率为P＝EI，E不变，I减小，电源的总功率变小。故C正确；D.R2两端的电压加上R1两端的电压等于路端电压，即U1＋U2＝U，R1两端的电压变小，路端电压变大，所以R2两端的电压变大，故R2中的电流变大，即A表读数变大。故D错误；故选AC；10、ACD【解析】试题分析：由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可求得电路中电流的变化；由欧姆定律可求得电压表示数与电流表示数的比值．解：A、变阻器R的触头向左移动一小段时，阻值R1减小，回路的总电阻减小，所以回路的总电流增大，则电流表读数增大，故A正确；B、由A选项可知，路端电压U减小，所以电压表的示数减小，则电容器的电量减小，故B错误；C、由于回路总电流增大，则R3电压增大，因此R2电压减小，由于R2电阻不变，所以R2消耗的功率减小，故C正确；D、根据题意可知，电压表与电流表变化量的示数之比即为电源的内阻，因此之比不变，故D正确；故选ACD．【点评】本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析，要熟练掌握其解决方法为：局部﹣整体﹣局部的分析方法；同时注意部分电路欧姆定律的应用．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、Cck导线gh的g端应接在a或m处增大0.22（0.20-0.24）【解析】

（1）[1]．测伏安特性曲线电压与电流应从零计，滑动变阻器应用分压接法，应选阻值较小的，便于调节，故选C。（2）[2][3]．闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，可能是ck导线没有接好，滑动变阻器实际上被接成了限流接法；由于灯泡电阻较小，为减小误差应采用外接法，故应该把导线gh的h端应接在a处或m处；（3）[4][5]．由所示小电珠I-U图象，根据欧姆定律可知，其电阻随工作电压的增大而增大。

由I-U图可知把该灯泡接到一个电动势为3.0V、内阻为10Ω的直流电源时，灯泡两端电压为U=1.25V，电流为I=0.175A，故灯泡的实际功率为：P=UI=1.25×0.175W≈0.22W．12、ADFGH分压外【解析】

由题意可知考查描绘小灯泡伏安特性曲线实验器材选择、测量电路、控制电路设计，根据实验原理分析可得。【详解】[1]小灯泡的额定电流为0.5A，电流表选择0.6A量程，故选择A；额定电压为3V，电压表选择3V量程，故选择D；描绘小灯泡的伏安特性曲线要求电流、电压从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器的阻值比待测阻值小些时调节更方便，故滑动变阻器选择F；电源、开关导线唯一直接选择，总之实验器材中应选择ADFGH。[2]本实验要求小灯泡两端电压从零开始变化，所以滑动变阻器只能选择分压式接法。[3]因小灯泡电阻很小，采用电流表外接法实验误差更小，故电流表采用外接法。[4]由以上分析可画得电路图为【点睛】描绘小灯泡的伏安特性曲线时因小灯泡阻值较小，电流表采用外接法，该实验要求小灯泡两端电压从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)400N/C(2)3.84×10-18J